1、 2022年文郡高一下學期期中考試物理試卷注意事項：1.答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息2.請將答案正確填寫在答題卡上、一、單選題（本題共18小題，每小題3分，共54分，在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的）1. 關于做曲線運動的物體，下列說法正確的是（）A. 物體的速度變化率一定時刻發生改變B. 物體的速度大小和方向一定時刻發生改變C. 物體所受的合外力方向一定指向軌跡彎曲方向的內側D. 物體所受的合外力方向可能與初速度方向在同一直線上【答案】C【解析】【詳解】A物體的速度變化率即加速度，做曲線運動的物體有可能加速度不變，例如平拋運動，故A錯誤；B做曲線運動的物體的速度

2、方向一定時刻發生改變，速度大小可能不變，例如勻速圓周運動，故B錯誤；C做曲線運動的物體，其合外力方向與速度方向一定不在一條直線上，且合外力方向指向軌跡內側，故C正確；D若物體所受的合外力方向與初速度方向在同一直線上，則物體一定做直線運動，故D錯誤。故選C。2. 一個以速率v運動的物體，進入某一空間后受到一個始終垂直于物體運動方向的合力作用，且合力的大小不斷增大，則該物體作曲線運動的線速度大小將（）A. 增大B. 減小C. 不變D. 以上情況均可發生【答案】C【解析】【詳解】由于該物體受到的合力始終垂直于物體運動方向，對該物體不做功，據動能定理可知，物體的動能不變，線速度大小將不變。故選C。3.

3、 從離水平地面0.45m高處以初速度水平拋出一小石塊，不計空氣阻力，取，則小石塊（ ）A. 在空中飛行時間為0.1sB. 著地時速度大小為5m/sC. 落地時水平位移大小為1mD. 落地時水平位移大小為8m【答案】B【解析】【詳解】A根據平拋運動規律，設其空中飛行時間為t，有 解得 故A錯誤；B落地時豎直速度為 則合速度為 故B正確；C D據平拋規律，水平位移為故CD錯誤；4. 關于天體的運動，下列說法正確的是（）A. 日心說是哥白尼提出，觀點是行星繞太陽做橢圓運動B. 開普勒第一定律認為：行星繞太陽運動時太陽在軌道的中心C. k=中r代表軌道半長軸，T代表公轉周期，比值k只與中心天體有關D.

4、 行星繞太陽運動時，所有行星都在同一軌道上【答案】C【解析】【詳解】A哥白尼提出“日心說”，認為行星繞太陽做勻速圓周運動，故A錯誤；B開普勒第一定律認為：行星繞太陽運動時太陽在橢圓軌道的一個焦點上，故B錯誤；C開普勒第三定律的公式中r代表軌道半長軸，T代表公轉周期，比值k只與中心天體有關，故C正確；D行星繞太陽運動時，所有行星都在不同軌道上，故D錯誤。故選C。5. 我國發射的“天宮一號”和“神舟八號”在對接前，“天宮一號”的運行軌道高度為350km，“神舟八號”的運行軌道高度為343km它們的運行軌道均視為圓周，則A. “天宮一號”比“神舟八號”速度大B. “天宮一號”比“神舟八號”周期長C.

5、 “天宮一號”比“神舟八號”角速度大D. “天宮一號”比“神舟八號”加速度大【答案】B【解析】【詳解】試題分析：A天宮一號和神舟八號繞地球做勻速圓周運動，靠地球的萬有引力提供向心力：即，根據這個等式得：線速度，天宮一號的軌道半徑大于神舟八號的軌道半徑，則天宮一號的線速度較小，A錯誤；B周期，天宮一號的軌道半徑大于神舟八號的軌道半徑，則天宮一號的周期更大，B正確；C角速度，天宮一號的軌道半徑大于神舟八號的軌道半徑，則天宮一號的角速度更小，C錯誤；D加速度，天宮一號的軌道半徑大于神舟八號的軌道半徑，則天宮一號的加速度更小，D錯誤【點睛】6. 以下關于物體的動能的敘述中，正確的是（）A. 速度不變、

6、運動物體的質量發生變化，它的動能不一定變化B. 質量不變、運動物體的速度大小發生變化，它的動能不一定會變化C. 速度減半，質量增大到原來的4倍，物體的動能是原來的2倍D. 質量減半、速度增大到原來的2倍，物體的動能是原來的2倍【答案】D【解析】【詳解】A由動能的表達式可知，速度不變，而質量發生變化時，動能一定發生變化，A錯誤；B質量不變、運動物體的速度大小發生變化，它的動能一定會變化，B錯誤；C速度減半，質量增大到原來的4倍時，它的動能不變，C錯誤；D質量減半，速度增大到原來的2倍時，動能變為原來的2倍，D正確。故選D。7. 如圖所示，小球A質量為m，固定在長為L的輕桿一端，并隨桿一起繞桿的另

7、一端O在豎直平面內做圓周運動。若小球經過最高點時速度大小為，則此時桿對球的作用力（ ）A. 大小等于4 mg，方向豎直向上B. 大小等于3mg，方向豎直向上C. 大小等于4 mg，方向豎直向下D. 大小等于3mg，方向豎直向下【答案】D【解析】【詳解】根據牛頓第二定律得解得方向豎直向下。故選D。8. 如圖所示，兩個皮帶輪的轉軸分別是和，設轉動時皮帶不打滑，則皮帶輪上、兩點運動快慢關系是（）A. 、B. 、C. 、D. 、【答案】D【解析】【詳解】由圖可知，A、B兩點都處于同一根皮帶上，則線速度相等，故有根據線速度與角速度的關系可知，在線速度相同時，A點運動的半徑小，則角速度大。B點運動的半徑大

8、，則角速度小，即故選D。9. 關于運動物體的受力、速度和動能，下列說法正確的是（ ）A. 物體受到的合外力不為零，其速度必定變化B. 物體的動能不變，其所受的合外力必定為零C. 物體受到的合外力對物體做功，它的速度一定變大D. 物體受到的合外力對物體不做功，它的速度必定不變【答案】A【解析】【詳解】A物體受到的合外力不為零，將具有加速度，其速度必定變化，故A正確；B物體的動能不變，只能說明物體速度大小不變，而物體速度方向可能改變，所以其所受合外力不一定為零，例如勻速圓周運動，故B錯誤；C物體受到的合外力對物體做正功，它的速度一定變大，物體受到的合外力對物體做負功，它的速度一定變小，故C錯誤；D

9、物體受到的合外力對物體不做功，它的速度大小一定不變，但方向可能改變，例如勻速圓周運動，故D錯誤。故選A。10. 下列說法正確的是（）A. 重力勢能一定大于零B. 重力勢能的大小只由重物本身決定C. 在地面上的物體所具有的重力勢能一定等于零D. 重力勢能實際上是物體和地球組成的系統所共有的【答案】D【解析】【詳解】A.重力勢能具有相對性，同一物體相對于不同的零重力勢能面，其值可能為正、可能為負、也可能為零，故A錯誤；B.重力勢能由物體的重力mg和其相對零重力勢能面的高度h共同決定，故B錯誤；C.只有規定地面為零重力勢能面時，地面上的物體所具有的重力勢能才等于零，否則就不等于零，故C錯誤；D.重力

10、勢能實際上是物體和地球組成的系統所共有的，故D正確。故選D。11. 細繩一端固定在天花板上，另一端拴一質量為m的小球，如圖所示。使小球在豎直平面內擺動，經過一段時間后，小球停止擺動。下列說法中正確的是（ ）A. 小球機械能守恒B. 小球能量正消失C. 小球擺動過程中，只有動能和重力勢能在相互轉化D. 總能量守恒，但小球的機械能減少【答案】D【解析】【詳解】A小球在豎直平面內擺動，經過一段時間后，小球停止擺動，說明機械能通過克服阻力做功不斷地轉化為內能，即機械能不守恒，故A錯誤；B小球機械能轉化為內能，能量的種類變了，但能量不會消失，故B錯誤；CD小球長時間擺動過程中，重力勢能和動能相互轉化的同

11、時，機械能不斷的轉化為內能，小球的機械能減少，故擺動的幅度越來越小，但總能量守恒，故C錯誤，D正確；故選D。12. 大掃除時，某同學將一張課桌向上搬起后再緩慢放下，此過程中該同學對課桌做功的情況是（ ）A. 一直做正功B. 一直做負功C 先做正功，再做負功D. 先做負功，再做正功【答案】C【解析】【分析】根據課桌的運動分析人對課桌力的方向；再根據功的定義即可明確該同學對課桌做功情況【詳解】將課桌向上搬起過程中，人對課桌的有向上的作用力，課桌向上運動；故人對課桌做正功；放下過程，人對課桌的力仍然向上，但運動方向向下；故人對課桌做負功；故C正確，ABD錯誤；故選C【點睛】本題考查功的性質，要注意明

12、確功的正負只表示力是動力還是阻力，負功表示力是阻力做功；同時注意課桌向下放時人對課桌的作用力是向上的，與重力相互平衡從而使課桌緩慢放下13. 關于力對物體做功，下列說法正確的是A. 恒力對物體做功與物體運動的路徑無關，只與初末位置有關B. 合外力對物體不做功，物體必定做勻速直線運動C. 作用力與反作用力在相同時間內所做的功一定大小相等，一正一負D. 滑動摩擦力對物體一定做負功【答案】A【解析】【詳解】公式W=Fs中s為在F方向上發生的位移，故A正確；合外力對物體不做功，物體不一定做直線運動，例如勻速圓周運動，故B錯誤；作用力做正功，反作用力可以不做功，也可以做正功、做負功，故C錯誤；滑動摩擦力

13、是與相對運動相反，可能與物體的運動方向相同，可知滑動摩擦力可以對物體做正功，故D錯誤。故選A。14. 如圖所示，小強正在蕩秋千。關于繩上a點和b點的線速度和角速度，下列關系正確的是（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【詳解】CD繩上a點和b點在相同時間內轉過的弧度相同，故角速度相等，即C正確，D錯誤；AB由可知，a點轉動半徑較小，線速度較小，即AB錯誤。故選C。15. 如圖所示，“嫦娥一號”探月衛星在由地球飛向月球時，沿曲線從M點向N點飛行的過程中，速度逐漸增大，在此過程中探月衛星所受合力方向可能是下列圖中的（）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【詳解】“嫦娥一號”探月衛星從

14、M點運動到N做曲線運動，必有力提供向心力，向心力是指向圓心的；“嫦娥一號”探月衛星同時加速，所以沿切向方向有與速度相同的分力；向心力和切線分力的合力F與速度的方向的夾角要小于90，所以選項ACD錯誤，選項B正確。故選B。16. 2021年2月10日，我國首次火星探測任務“天問一號”探測器實施近火捕獲制動，成功實現環繞火星運動，成為我國第一顆人造火星衛星。若“天問一號”環繞火星做勻速圓周運動的軌道半徑為r，引力常量為G，火星的質量為M，則“天問一號”環繞火星運動的線速度大小為（）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【詳解】火星的引力提供“天問一號”探測器繞火星做勻速圓周運動的向心力，則有解

15、得“天問一號”環繞火星運動的線速度大小為 ABC錯誤，D正確。故選D。17. 如圖所示，是物體做勻變速曲線運動的軌跡，已知在點處的速度方向與加速度的方向垂直，則下列說法中正確的是（）A. 點的速率比點的速率小B. 點處的加速度比點的加速度大C. 從點到點，物體的速度一直增加D. 從點到點，加速度與速度的夾角先減小后增大【答案】A【解析】【詳解】A由題意可知，物體的加速度豎直向下，根據牛頓第二定律知合外力豎直向下，從到，運動方向和力的方向的夾角為銳角，合外力做正功，則點的速率比點的速率小，故A正確；B物體做勻變速曲線運動，則加速度不變，故B錯誤；C從點到點，合外力先做負功，后做正功，則物體的速度

16、先減小后增大，故C錯誤；D從點到點，加速度與速度的夾角一直減小，故D錯誤。故選A。18. 一顆子彈以速度v0飛行時，恰好能射穿一塊固定不動的木板，若子彈的速度為3v0，它能射穿相同的木板的塊數是（）A. 3塊B. 6塊C. 9塊D. 12塊【答案】C【解析】【詳解】子彈以速度v運動時，恰能水平穿透一塊固定的木板，根據動能定理有：設子彈的速度為時，穿過的木板數為n，則有：聯立兩式并代入數據得：塊，故選項C正確，選項ABD錯誤點睛：解決本題的關鍵掌握動能定理，運用動能定理解題時要合理的選擇研究的過程二、實驗題（每空2分，共12分）19. 利用如圖所示的裝置做“探究加速度與力、質量的關系”的實驗。（

17、1）本實驗采用的實驗方法是_。A.控制變量法 B.假設法 C.理想實驗法（2）為了用圖像法直觀判斷加速度a與質量m二者間的關系，應作出_（選填“”或“”）圖像。【答案】 . A . 【解析】【詳解】（1）1 加速度與力、質量均有關系，若探究加速度與力的關系，需要控制質量不變；探究加速度與質量的關系，需要控制合外力不變，所以本實驗采用的控制變量法，故A正確，BC錯誤。故選A。（2）2根據牛頓第二定律可知可得可知，當F一定時，加速度a與質量m二者間成反比，a與成正比，的圖像是一條過原點的直線，故圖像能直觀判斷加速度a與質量m二者間的關系。20. 如圖是“測定勻變速直線運動加速度”實驗中得到的一條紙

18、帶，從O點開始每5個點取一個計數點（打點計時器的電源頻率是），依照打點的先后依次編為1、2、3、4、5、6，量得，。（1）相鄰兩計數點間的時間間隔為T=_s。（2）打點計時器打計數點3時，小車的速度大小_（計算結果保留兩位有效數字）。【答案】 . 0.1s . 0.32m/s【解析】【詳解】（1）1由題可知打點計時器的周期為0.02s，每5個計時點取一個計數點，則每兩個計數點的時間間隔；（2）2由于物體做勻變速直線運動，則計數點3的瞬時速度為計數點2、4間的平均速度，即21. 某同學用圖示裝置研究平拋運動及其特點。他的實驗操作是：在小球A、B處于同一高度時，用小錘輕擊彈性金屬片，使A球水平飛出，同時B球被松開。（1）他觀察到的現象是：小球A、B_（填“同時”或“不同時”）落地；（2）讓A、B球恢復初始狀態，用較大的力敲擊彈性金屬片。A球在空中運動的時間將_（填“變長”，“不變”或“變短”）?！敬鸢浮?同時 . 不變【解析】【分析】【詳解】(1)1 小錘輕擊彈性金屬片時，通過實驗可以觀察到它們同時落地，說明兩球在豎直方向的運動規律相同，即平拋運動在豎直方向運動規律為自由落體運動；(2)2 讓A、B球恢復初始狀態，用較大的力敲擊彈性金屬片，由于兩球下落的豎直高度不變則A球在空中運動的時間將不變。三、解答題（本題共3個小題，共34分）22.