1、 重慶育才中學高2022屆高考沖刺考試（四）物理試題本試卷為第卷（選擇題）和第卷（非選擇題）兩部分，共100分，考試時間75分鐘。注意事項：1.答卷前，請考生務必把自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2.作答時，務必將答案寫在答題卡上，寫在本試卷及草稿紙上無效。3.考試結束后，將答題卡交回。第卷一、單項選題（本大題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項符合要求。）1. 最新研究成果表示氨原子被電離一個核外電子后，形成類氫結構的氦離子，其能級躍遷遵循玻爾原子結構理論，能級圖如甲圖所示。若大量處于能級的氦離子躍遷并釋放光子，用釋放的所有光子照射光電管K極，如圖乙，已知K

2、極板的逸出功為。調節滑片P使電流表示數恰好為0，則下列說法正確的是（）A. 可以產生2種不同頻率的光B. 輻射出的光子均可使光電管K極板發生光電效應C. 圖乙中電源的左端為正極，右端為負極D. 此時圖乙中電壓表的讀數【答案】B【解析】【詳解】A大量處于能級的氦離子向低能級躍遷時，可以產生種不同頻率的光，選項A錯誤；B其中能級差最小的32躍遷釋放的光子的能量為（-6.04eV）-（-13.6eV）=7.56eV4.54eV，則輻射出的光子均可使光電管K極板發生光電效應，選項B正確；C圖乙中光電管所加的是反向電壓，則電源的左端為負極，右端為正極，選項C錯誤；D因為從31躍遷釋放的光子的能量最大，最

3、大為（-6.04eV）-（-54.4eV）=48.38eV，此時根據解得UC=43.82V即圖乙中電壓表的讀數，選項D錯誤。故選B。2. 圖甲為家庭常用的燃氣灶實物圖，杜面上有一個支架。共有4個均勻分布的支承面，對放在上面的廚具起到支撐作用。現把一個高壓鍋放在支架上，并抽象成示意圖乙，已知支架的每個支承面與水平方向成角。高壓鍋和里面的食物總重質量為4.8kg。則每個支承面給高壓鍋的支持力為（忽略高壓鍋和支承面之間的摩擦力，取g=10m/s2）（）A. 12NB. 15NC. 20ND. 48N【答案】B【解析】【詳解】每個支撐面給高壓鍋的支持力的豎直分量為F，有幾何關系可得求得B正確故選B。3

4、. 質量為的雪橇在傾角的斜坡向下滑動過程中，所受的空氣阻力與速度成正比，比例系數k未知。雪橇運動的某段過程圖像如圖中實線所示，且是曲線最左端那一點的切線，B點的坐標為，線是曲線的漸近線，已知。下列說法中正確的是（）A. 當時，雪橇的加速度為B. 在過程中雪橇的平均速度為C. 雪橇與斜坡間的動摩擦因數是0.75D. 空氣阻力系數k為【答案】D【解析】【詳解】B若AD這段是勻加速運動，則平均速度為但從圖像中，可知這段位移為變加速運動，故過程中雪橇的平均速度不等于，B錯誤；A圖像的某點切線的斜率代表了該點的瞬時加速度，則在A點的加速度為A錯誤；CD在A點處，根據牛頓第二定律可得從圖像可知，從D點開始

5、，雪橇做勻速運動，則有代入數據得到，C錯誤，D正確；故選D。4. 如圖所示的電路中，電源的電動勢為E、內阻為r，C為電容器，R1(R1r)和R2為定值電阻，R3為光敏電阻（阻值隨光照強度的增大而減小），A為理想電流表，G為靈敏電流計，當開關S閉合且電路穩定后，在逐漸增大對R3的光照強度的過程中（）A. 電源的輸出功率可能先增大后減小B. A表的示數變小C. 電源的效率變小D. G表中有從a至b的電流【答案】C【解析】【詳解】A因為R1r ，所以外電路的總電阻大于電源的內阻，在逐漸增大對R3的光照強度的過程中，R3減小，外電路的總電阻減小，外電路的阻值向內阻接近，電源的輸出功率增大，A錯誤；B在

6、逐漸增大對R3的光照強度的過程中，R3減小，根據串反并同規律，電流表的示數變大，B錯誤；C電源的效率為變形得在逐漸增大對R3的光照強度的過程中，R3減小，外電路的總電阻R減小，電源的效率減小，C正確；D在逐漸增大對R3的光照強度的過程中，R3減小，根據串反并同規律，電容器兩端電壓減小，電容器放電，電流表G表中有從b至a的電流，D錯誤。故選C。5. 2021年5月15日中國首次火星探測任務“天問一號”探測器在火星烏托邦平原南部預選著陸區成功著陸。“天問一號”探測器需要通過霍曼轉移軌道從地球發送到火星，地球軌道和火星軌道看成圓形軌道，此時霍曼轉移軌道是一個近日點M和遠日點P都與地球軌道、火星軌道相

7、切的橢圓軌道（如圖所示），在近日點短暫點火后“天問一號”進入霍曼轉移軌道，接著“天問一號”沿著這個軌道直至抵達遠日點，然后再次點火進入火星軌道。已知萬有引力常量為G，地球軌道和火星軌道半徑分別為r和R，地球、火星、“天問一號”運行方向都為逆時針方向。若只考慮太陽對“天問一號”的作用力，下列說法正確的是（）A. 天問一號在霍曼轉移軌道由M點運動到P點過程中機械能增大B. 兩次點火噴射方向一次與速度方向相同，一次與速度方向相反C. “天問一號”在地球軌道上的線速度與在火星軌道上的線速度之比為D. “天問一號”運行中在轉移軌道上P點的加速度與在火星軌道上P點的加速度之比為【答案】C【解析】【詳解】A

8、天問一號在霍曼轉移軌道由M點運動到P點過程中，只有太陽的引力做功，則機械能守恒，選項A錯誤；B兩次點火噴射都使“天問一號”加速，所以噴射方向都與速度方向相反，B選項錯誤；CD由火星軌道半徑為，地球軌道半徑為，根據得則“天問一號”在地球軌道上的線速度與在火星軌道上的線速度之比為；“天問一號”運行中在轉移軌道上P點的加速度與在火星軌道上P點的加速度之比為1:1，選項C正確，選項D錯誤；故選C。6. 某電場的等勢面及電勢如圖所示，是電場線，a、b、c、d、e為電場中的5個點，其中d點是的中點。一正電子從e點由靜止釋放，僅受電場力作用，經d、c兩點運動到b點時的動能為，電子的電荷量為，則（）A. 5個

9、點中，a點的電場強度最大B. 電場線方向沿方向C. 正電子在c點時的動能為D. e、d兩點的電勢差大于d、c兩點的電勢差【答案】AC【解析】【詳解】A電場的等勢面越密的地方電場線越密，電場強度越大，所以5個點中，a點的電場強度最大，A正確；B正電子從e點由靜止釋放，僅受電場力作用，經d、c兩點運動到b點時的動能為，說明電場力對正電子做正功，電場線方向沿A到B方向，B錯誤；C由動能定理可得，正電子在c點時的動能為C正確；D由題圖可知，沿A到B等勢面密度越來越大，d點是的中點，因此e、d兩點的電勢差小于d、c兩點的電勢差，即UedUdc，D錯誤。故選AC。7. 如題圖所示，質量的物塊A和質量的物塊

10、B通過輕質滑輪相連，B放在傾角的固定斜面上，物塊B與斜面間的動摩擦因數，其他摩擦均不計。初始時物塊A、B靜止，輕繩不松弛。當物塊A由靜止下降高度的過程中（A未觸地，B未碰到滑輪），重力加速度，。關于此運動過程的描述，下列說法正確的是（）A. B物體機械能減少B. B物體重力勢能增加C. 繩子對B的拉力大小為D. A物體的速度為【答案】D【解析】【詳解】A物塊A由靜止下降過程中，B沿斜面向上做加速運動，重力勢能和動能都增加，則機械能增加，故A錯誤；B根據幾何關系可知物塊A由靜止下降高度的過程中，物塊B沿斜面上升，則B物體重力勢能增加故B錯誤；C對A，根據牛頓第二定律對B，根據牛頓第二定律而解得T

11、=15N故C錯誤；D對A，根據牛頓第二定律解得根據速度位移關系解得故D正確。故選D。二、多選題（本大題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有錯選的得0分。）8. 如圖甲所示，不計電阻的矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉軸在勻強磁場中勻速轉動，輸出交流電的電動勢圖像如圖乙所示，經原、副線圈匝數比為110的理想變壓器給一燈泡供電，燈泡上標有“，”字樣，如圖丙所示，則（）A. 時刻，線框所在平面為中性面B. 時刻，線圈的磁通量變化率達到最大C. 燈泡中的電流方向每秒鐘改變500次D. 電流表示數為【答案】AD【解析】【詳解】

12、AB由圖乙可知，當0.01s時，感應電動勢為零，則此時穿過線框回路的磁通量最大，線框所在平面為中性面，線圈的磁通量變化率最小，故A正確，B錯誤；C由圖可知，交流電的周期為0.02s，在一個周期內電流改變2次，故每秒鐘電流改變的次數為故C錯誤；D由P=UI可知，副線圈電流為則由求得I1=1A即電流表示數為，故D正確。故選AD。9. 如圖所示，邊長為L的正方形線框，從圖示位置開始沿光滑斜面向下滑動，中途穿越垂直紙面向里、有理想邊界的勻強磁場區域，磁場的寬度大于L，以i表示導線框中的感應電流，從線框剛進入磁場開始計時，取逆時針方向為電流正方向，以下it關系圖象，可能正確的是 ()A. B. C. D

13、. 【答案】BC【解析】【詳解】根據楞次定律得到，線框進磁場和出磁場過程感應電流方向相反線框進磁場時感應電流方向為逆時針，取逆時針方向為電流的正方向，所以進磁場電流為正值，出磁場電流為負值當剛線框下邊進磁場時，當產生的安培力和重力沿斜面平行方向分力相等時，線框做勻速運動，產生不變的感應電動勢，產生不變的電流當剛線框下邊進磁場時，當產生的安培力小于重力沿斜面平行方向分力時，線框做加速度在減小的加速運動，產生逐漸增大的感應電動勢，產生逐漸增大的感應電流當線框完全進入磁場后，磁通量不變，無感應電流，在重力作用下，線框做加速運動當剛線框下邊出磁場時，回路重新產生電流，并且此時電流絕對值應該大于線框完全

14、進入磁場瞬間的電流值，由于安培力大于重力，所以要做減速運動，產生減小的感應電動勢，產生減小的電流，而電流減小，安培力也減小，所以線框做加速度在減小的減小運動，即v隨時間t的變化圖象的斜率減小，由于感應電動勢E=BLv，所以感應電流，所以電流I隨時間t的變化圖象的斜率也應該減小，故AD錯誤，BC正確，故選BC點睛：圖象往往由解析式選擇本題采用排除法，分成線性和非線性兩類圖象，對比同類圖象的不同之處進行選擇.10. 如圖所示，半徑為R的光滑圓形軌道固定在豎直面內，小球A、B質量分別為m、（k為待定系數），A球從左邊與圓心等高處由靜止開始沿軌道下滑，與靜止于軌道最低點B球相撞，碰撞中無機械能損失，重

15、力加速度為g。關于各種情況下k的取值，下列各項中正確的是（）A. 若，則小球B第一次碰后就能夠運動到圓軌道的最高點B. 若，則小球B第一次碰后將會在某處脫離圓軌道C. 若，小球B在后續運動過程中會脫離軌道D. 若，小球A和小球B以后每次都是在圓軌道最低點發生碰撞【答案】ABD【解析】【詳解】AC小球A下滑到最低點的過程中第一次碰撞滿足動量守恒和機械能守恒，即解得小球恰運動至軌道頂點，設此時速度為，則解得根據機械能守恒可得解得即根據上面分析，小球B第一次碰后就能夠運動到圓軌道的最高點時即因此，若，則小球B第一次碰后就能夠運動到圓軌道的最高點。若，兩球發生彈性碰撞，由于兩球的質量相等，速度交換，小

16、球B恰能運動到右側圓弧軌道速度減為零，然后返回，不會脫離軌道，若，小球B則運動不到右側圓弧軌道處速度減為零，然后返回，不會脫離軌道，故A正確，C錯誤；B根據上面分析可知，若，則小球B第一次碰后將會在右側圓弧軌道至最高點的某處脫離圓軌道，故B正確；D當時兩球速度大小相同，方向相反，經過相同的時間同時回到最低點，發生第二次彈性碰撞，根據動量守恒與機械能守恒可知，第二次碰撞后小球B靜止，小球A反向運動，速度大小等于第一次碰撞前速度大小，往上運動到左側圓弧軌道速度減為零，然后返回，重復第一次碰撞過程，如此反復，故D正確。故選ABD。第卷三、非選題（共57分，第1114題為必考題，每個試題考生都必須作答

17、。第1516題為選考題，考生根據要求作答）11. 如圖為“驗證力的平行四邊形定則”的實驗，將貼有白紙的木板豎直固定放置，三個細繩套L1、L2、L3一端共系于同一結點，另一端分別系于輕質彈簧測力計A、B和重物M上，彈簧測力計A的另一端掛于固定點P，手持彈簧測力計B拉動細繩，使結點靜止于O點(1)某次實驗中，彈簧測力計A的指針位置如圖所示，其讀數為_N；(2)實驗時要讀出彈簧測力計A、B的示數，還要在白紙上記錄O點的位置和L1、L2、L3的_；(3)下列實驗要求中必要的是_A彈簧測力計需要在實驗前進行校零B多次實驗時彈簧測力計B始終保持水平C多次實驗時結點必須同一點D需要測量重物M的重力【答案】

18、. 2.00N . 三條細線的方向 . AD【解析】【詳解】(1)由圖示彈簧測力計可知，其分度值為0.1N，示數為2.00N(1.99-2.01均可).(2)實驗時要讀出A、B的示數，還要在貼于豎直木板的白紙上記錄O點的位置以及三個拉力即三條細線的方向.(3)A彈簧測力計是測出力的大小，所以要準確必須在測之前校零，故A正確；B該題中需要驗證彈簧A、B拉力的合力，是否與繩L3的拉力（或者說M重力）等大反向，B彈簧不一定非要保持水平，故B錯誤；C由于兩拉力的合力的效果是將重物吊起，故不需要結點位置相同，故C錯誤；D由于兩測力計拉力的合力等于物體的重力，實驗時應測量物體的重力，故D正確；【點睛】對于

19、中學中的實驗，同學們盡量親自動手做一下，這樣對于實驗原理、實驗步驟、注意事項、數據處理、誤差分析等才有深刻的認識，在該題中考查了彈簧測力計讀數、減小實驗誤差的方法，對彈簧測力計讀數時要先確定其分度值，然后再讀數，讀數時視線要與刻度線垂直.12. 某物理探究小組的同學設計了如圖甲所示的實驗電路測定干電池的電動勢和內阻。實驗器材如下：A.電池組（兩節干電池）B.定值電阻C.毫安表（量程為，內阻）D.電壓表（量程為，內阻很大）E.滑動變阻器RF.電阻箱G.開關，導線若干（1）將電阻箱的阻值調至，則圖甲中虛線框內改裝后電流表的量程為_；（2）實驗步驟如下：閉合開關S前，將滑動變阻器R的滑片移到_端（選

20、填“左”或“右”）；閉合開關S，改變滑片位置，記下電壓表的示數U和毫安表的示數I，多次實驗后將所測數據如圖乙所示的坐標紙上，作出圖線；（3）每節千電池的電動勢_V，內阻_（結果均保留兩位有效數字）；（4）電動勢的測量值_真實值（選填“大于”“等于”或“小于”）。【答案】 . 500 . 左 . 1.5 . 1.0 . 等于【解析】【詳解】（1）1改裝后電流表的量程為代入數據得到（2）2為了保護電路，應使電路中電流最小，所以滑動變阻器接入電路的電阻最大，即滑片應滑到最左端。（3）34根據毫安表的改裝原理，當毫安表的示數為I時，電路中的電流為10I，設每節干電池的電動勢為E，內阻為r，則根據歐姆定

21、律有代入數據，整理得到根據乙圖的圖像可知解得，（4）5由電路圖分析可知，通過電流表的示數可算出主路中的電流。通過電壓表可測出通過滑動變阻器的電壓，再通過歐姆定律計算，則可以準確得到電路中各部分的電壓。故該實驗求得的電動勢的測量值等于真實值，求得的電動勢內阻也等于真實值。13. 如圖所示，質量為的木板靜止在光滑水平面上，現有一質量為的小滑塊（可視為質點）以的初速度從左端沿木板上表面沖上木板，已知滑塊與木板間的動摩擦因數，重力加速度。求：（1）滑塊在木板上滑動過程中，滑塊的加速度a1的大小和木板的加速度a2的大小；（2）若滑塊剛好沒有從木板右端滑出，求木板的長度；（3）若木板長，求滑塊在木板上運動

22、的時間。【答案】（1），；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）對滑塊根據牛頓第二定律得解得 對木板根據牛頓第二定律得解得 （2）對系統根據動量守恒定律得解得對系統根據能量守恒定律得解得（3）對滑塊根據位移公式得對木板根據位移公式得又因為解得（舍去）14. 如圖所示，在平面第象限內有一長，寬為的長方形區域，存在方向垂直平面向里、大小的勻強磁場。一離子源從長方形頂角處沿左邊界豎直向上射入磁場，其速度大小從到連續變化。在y軸右側寬度的區間內存在沿x方向的勻強電場。在這群離子中，以速度為入射的粒子打在x軸上的處，不計重力和粒子間的相互作用。求：（1）離子比荷的大小及以速度為入射的粒子在磁場中運動的時間

23、；（2）若經過y軸上處的離子恰能返回y軸，求電場強度E的大小；（3）在（2）問條件下，僅將粒子源水平向右移動，其它條件不變，求返回y軸的離子的速度大小范圍。【答案】（1）；（2）；至【解析】詳解】（1）由題意可知，軌跡半徑根據洛倫茲力提供向心力代入數據解得粒子在磁場中運動半個周期，則在磁場中運動的時間（2）以速度v運動的離子落在y處，由幾何關系有粒子運動的半徑為根據幾何關系有根據動能定理聯立并代入數據解得（3）粒子向右移動0.04m后，有根據幾何關系可得粒子運動半徑為根據速度為當半徑為時，可得速度為可見返回y軸的離子的速度范圍為至15. 如圖一定質量的理想氣體從a狀態經等容過程到達狀態b，再經

24、過等溫過程到達狀態c，最后經等壓過程回到狀態a、下列說法正確的是（）A. 在過程中氣體分子的平均動能不變B. 在過程中氣體對外界做功C. 在過程中氣體從外界吸收熱量D. 在過程中，單位時間內碰撞器壁單位面積的分子數減少【答案】C【解析】【詳解】A在過程ab中做等容升壓，根據可知溫度升高，氣體分子的平均動能增大，故A錯誤；B在過程ca中壓強不變，體積減小，所以外界對氣體做功，故B錯誤；C在過程bc中，屬于等溫變化，氣體膨脹對外做功，而氣體溫度不變，則內能不變；根據熱力學第一定律U=W+Q可知，氣體從外界吸收熱量，故C正確；D在過程ab中做等容升壓，溫度升高，分子密度不變，則單位時間內碰撞器壁單位面積的分子數增加，故D錯誤。故選C。16. 如圖所示的玻璃容器，左端與大氣連通，右端封閉，球形部分以外的形玻璃管粗細均勻且足夠長，球形部分的容積，在容器右側用水銀柱封閉有一定質量的理