1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1 答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、關(guān)于對電流和電動勢概念的理解下列說法正確的是A電動勢就是電源兩極的電壓B電壓U=W/q和電

2、動勢E=W/q中的W不一樣的，U=W/q中的W是靜電力所做的功C在電源內(nèi)部正電荷、負(fù)電荷都由負(fù)極流向正極D一段金屬導(dǎo)體中單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)目越多，則形成的電流越大2、有一靈敏電流計(jì)，允許通過的最大電流(滿偏電流)為Im=1mA，表頭電阻Rm=20，若改裝成一個量程為3V的電壓表（ ）A串聯(lián)一個3000的電阻B并聯(lián)一個3000的電阻C串聯(lián)一個2980的電阻D并聯(lián)一個2980的電阻3、如圖中分別標(biāo)明了通電直導(dǎo)線中電流I、勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B和電流所受安培力F的方向，其中正確的是（ ）ABCD4、如圖所示，一束粒子（不計(jì)重力，初速度可忽略）緩慢通過小孔O1進(jìn)入極板間電壓為U的水平加速電場區(qū)域I

3、，再通過小孔O2射入相互正交的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場區(qū)域II，其中磁場的方向如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可根據(jù)實(shí)際要求調(diào)節(jié)，收集室的小孔O3與O1、O2在同一條水平線上.則（ ）A該裝置可篩選出具有特定質(zhì)量的粒子B該裝置可篩選出具有特定電荷量的粒子C該裝置可篩選出具有特定比荷的粒子D該裝置可篩選出具有特定功能的粒子5、閱讀下列材料，完成下面小題，解答時不計(jì)空氣阻力，重力加速度取g=10m/s2, 小明第一次下落過程中做自由落體運(yùn)動位移的大小約為A30 mB40mC60 mD70 m6、如圖所示燈與燈的電阻相同，當(dāng)滑動變阻器R的滑片P向上滑動時，兩燈亮度變化情況是( )A燈變亮，燈變亮B燈變暗，燈變亮C

4、燈變暗，燈變暗D燈變亮，燈變暗二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,在重力加速度為g的空間,有一帶電量為+Q的場源電荷置于O點(diǎn),B、C為以O(shè)為圓心,半徑為R的豎直圓周上的兩點(diǎn),A、B、O在同一豎直線上,AB=R,O、C在同一水平線上.現(xiàn)在有一質(zhì)量為m,電荷量為-q的有孔小球,沿光滑絕緣細(xì)桿AC從A點(diǎn)由靜止開始下滑,滑至C點(diǎn)時的速度的大小為5gR,下列說法正確的是A從A到C小球做勻加速直線運(yùn)動B從A到C小球的機(jī)械能守恒CA、C兩點(diǎn)間的電勢差為UAC=D若將小球從

5、A點(diǎn)沿ABO自由釋放,則下落到B點(diǎn)時的速度大小為3Rg8、有A、B、C個完全相同的金屬球?qū)Φ亟^緣，A帶的正電荷，B、C不帶電現(xiàn)每次將兩個球相互接觸后分開，使它們都帶電，則A、B、C所帶的電荷量可能是下面組數(shù)據(jù)ABCD9、以下說法中正確的是A只要有可以自由移動的電荷，就存在持續(xù)電流B金屬導(dǎo)體內(nèi)的持續(xù)電流是自由電子在導(dǎo)體內(nèi)的電場力作用下形成的C單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體截面的電荷量越多，導(dǎo)體中的電流越大D在金屬導(dǎo)體內(nèi)當(dāng)自由電子定向移動時，它們的熱運(yùn)動就消失了10、平行板電容器兩極板間距為d、極板面積為S，電容為，其中0為常量對此電容器充電后斷開電源當(dāng)增加兩板間距時，電容器 （）A電勢差減小B電容減小C電勢

6、差不變D電荷量不變?nèi)?、?shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）一只電流表的滿偏電流為Ig=3 mA，內(nèi)阻為Rg=100，若改裝成量程為I=30mA的電流表，應(yīng)并聯(lián)的電阻阻值為_；若將改裝改裝成量程為U=15V的電壓表，應(yīng)串聯(lián)一個阻值為_的電阻12（12分）（1）圖1是改裝并校準(zhǔn)電流表的電路圖，已知表頭A的量程為Ig=600A內(nèi)阻為Rg，mA是標(biāo)準(zhǔn)電流表，要求改裝后的電流表量程為I=60mA完成下列填空圖1中分流電阻Rp的阻值為_（2）在電表改裝成后的某次校準(zhǔn)測量中，a表的示數(shù)如圖2所示，由此讀出流過a電流表的電流為_ mA，此時流過分流電

7、阻Rp的電流為_mA（結(jié)果均保留一位小數(shù)）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示,用一根絕緣輕繩懸掛一個帶電小球,小球的質(zhì)量為.現(xiàn)加一水平方向向左的勻強(qiáng)電場,場強(qiáng),平衡時絕緣線與豎直方向的夾角為,求:小球帶何種電荷,電荷量為多大?14（16分）如圖所示，在光滑絕緣水平面上，用長為2L的絕緣輕桿連接兩個質(zhì)量均為m的帶電小球A和BA球的帶電量為2q，B球的帶電量為3q，兩球組成一帶電系統(tǒng)虛線MN與PQ平行且相距3L，開始時A和B分別靜止于虛線MN的兩側(cè)，虛線MN恰為AB兩球連線的垂直平分線視小球?yàn)橘|(zhì)點(diǎn)，不

8、計(jì)輕桿的質(zhì)量，在虛線MN、PQ間加上水平向右的勻強(qiáng)電場后，系統(tǒng)開始運(yùn)動已知MN、PQ間電勢差為U不計(jì)A，B兩球間的庫侖力，兩球均視為點(diǎn)電荷。試求：(1)開始運(yùn)動時，帶電系統(tǒng)的加速度大??；(2)A球剛運(yùn)動到PQ位置時的速度大?。?3)帶電系統(tǒng)從靜止開始向右運(yùn)動的最大距離。15（12分）下暴雨時，有時會發(fā)生山體滑坡或泥石流等地質(zhì)災(zāi)害某地有一傾角為=37（sin37=）的山坡C，上面有一質(zhì)量為m的石板B，其上下表面與斜坡平行；B上有一碎石堆A（含有大量泥土），A和B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示假設(shè)某次暴雨中，A浸透雨水后總質(zhì)量也為m（可視為質(zhì)量不變的滑塊），在極短時間內(nèi)，A、B間的動摩擦因數(shù)1減小為，B

9、、C間的動摩擦因數(shù)1減小為0.5，A、B開始運(yùn)動，此時刻為計(jì)時起點(diǎn)；在第1s末，B的上表面突然變?yōu)楣饣?保持不變已知A開始運(yùn)動時，A離B下邊緣的距離l=17m，C足夠長，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力取重力加速度大小g=10m/s1求：（1）在01s時間內(nèi)A和B加速度的大?。唬?）A在B上總的運(yùn)動時間參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】電動勢的大小是電源的開路電壓，A錯誤；電壓和電動勢中的W不一樣的，中的W是靜電力所做的功，B正確；在電源內(nèi)部，電流由負(fù)極流向正極，故正電荷由正極流向負(fù)極，負(fù)電荷由負(fù)極流向正

10、極，C錯誤；由知，電流與n、q、v、S有關(guān)，D錯誤?！久麕燑c(diǎn)睛】電動勢（1）電源：電源是通過非靜電力做功把其他形式的能轉(zhuǎn)化成電勢能的裝置。（2）電動勢：非靜電力搬運(yùn)電荷所做的功與搬運(yùn)的電荷量的比值，單位：V。（3）電動勢的物理含義：電動勢表示電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化成電勢能本領(lǐng)的大小，在數(shù)值上等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓。2、C【解析】靈敏電流計(jì)改裝為電壓表需要串聯(lián)電阻，串聯(lián)的電阻A. 串聯(lián)一個3000的電阻與分析不符，A錯誤B. 并聯(lián)一個3000的電阻與分析不符，B錯誤C. 串聯(lián)一個2980的電阻與分析相符，C正確D. 并聯(lián)一個2980的電阻與分析不符，D錯誤3、A【解析】直接根據(jù)左手定

11、則判斷受力即可【詳解】根據(jù)左手定則，四指指向電流方向，磁場垂直手心過，拇指所指的方向即為通電導(dǎo)線受力的方向，故C對；ABD錯；故選C4、C【解析】在復(fù)合場中，粒子所受電場力與洛倫茲力合力為0，即，可得，該裝置篩選出的是具有特定比荷的粒子，C對。5、A【解析】繩子長度為30m內(nèi)，小明在下降30m內(nèi)，僅受重力，做自由落體運(yùn)動，可知小明自由落體運(yùn)動的位移為30m故選A6、A【解析】由圖可知，與R并聯(lián)后與串聯(lián)再與并聯(lián)；當(dāng)滑片向上滑動時，滑動變阻器接入電阻增大，則電路中電流減小，由可知，路端電壓增大，故的亮度增大，因路端電壓增大，則中的電流增大，但因總電流減小，故流過的電流減小，故分壓減小，則并聯(lián)部分電

12、壓增大，故變亮；選A【點(diǎn)睛有】由圖可知電路結(jié)構(gòu)；根據(jù)滑片的移動得出滑動變阻器的電阻的變化；由閉合電路歐姆定律可得出電流的變化及路端電壓的變化；再分析局部電路可得出兩燈的亮度變化二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】試題分析：小球所受電場力在變化，加速度在變化，物體做變加速運(yùn)動，所以A錯誤。電場力做正功，電勢能減少，機(jī)械能增加，所以B錯誤。從A到C，所以；從A到B，,且，所以。故選CD考點(diǎn)：考查電場力做功點(diǎn)評：難度中等，再利用W=qU計(jì)算電場力做功問題時，要注

13、意W和U的下腳標(biāo)，明確重力、電場力做功只與初末位置有關(guān)，與路徑無關(guān)8、BC【解析】兩個完全相同的金屬球，接觸后兩個小球上的總電量均分；A帶的正電荷，B、C不帶電，最終必定有其中的兩個電量相等【詳解】由于兩個完全相同的金屬球，接觸后兩個小球上的總電量均分，假設(shè)A與B先接觸，接觸后電量都是：，然后B（或A）與C接觸，接觸后的電量： ，不可能比小，C與A接觸后分開的電量為，故AD錯誤，BC正確；故選BC【點(diǎn)睛】要清楚帶電體相互接觸后移開，同種電荷電量平分，異種電荷電量先中和再平分；接觸的過程中電量既不會增加，也不會減少9、BC【解析】A. 電流產(chǎn)生的條件為：自由移動的電荷及導(dǎo)體兩端有電勢差。只有可以

14、自由移動的電荷，導(dǎo)體兩端沒有電勢差，就不能形成持續(xù)電流；故A錯誤；B. 由電流的條件可知，金屬導(dǎo)體內(nèi)的持續(xù)電流是自由電子在導(dǎo)體內(nèi)的電場力作用下定向移動形成的；故B正確；C. 電流的定義為通過導(dǎo)體橫截面的電量與所用時間的比值，所以單位時間內(nèi)流過導(dǎo)體橫截面的電量越多，電流越大；故C正確；D. 自由電子在定向移動的同時，還會進(jìn)行熱運(yùn)動；故D錯誤；10、BD【解析】增加兩板間距時，根據(jù)電容的決定式，可知電容減小，故B正確；對此電容器充電后斷開電源，故電量Q一定，故D正確；根據(jù)QUC，由上可知電勢差增加，故A C錯誤。所以BD正確，AC錯誤。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答

15、題處，不要求寫出演算過程。11、11.1 4900 【解析】改裝成電流表要并聯(lián)的阻值為：改裝成電壓表要串聯(lián)的阻值為： 【點(diǎn)睛】改裝成電流表要并聯(lián)電阻分流，電阻值等于滿偏電壓除以所分最大電流，改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓，電阻值等于量程除以滿偏電流減去原內(nèi)阻12、 49.5 49.0 【解析】改裝電流表要并聯(lián)一電阻Rp，并聯(lián)一電阻后流過表頭a的電流為Ig，流過Rp的電流為IR，而加在表頭和Rp上的電壓相等，即IgRg=IRRp【詳解】第一空.由于Rg和Rp并聯(lián)，由IgRg=IRRp和I=Ig+IR得：第二空.由圖2知流過a電流表的電流I為49.5mA； 第三空. 設(shè)此時流過表頭的電流為Ig，流過R

16、P的電流為IR，加在表頭和Rp上的電壓相等，故有：IgRg=IRRpI=（Ig+IR）解得：IR=49.005mA49.0mA【點(diǎn)睛】解決此類問題要充分理解電表改裝原理，電路的分壓分流原理四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、正電 【解析】因?yàn)殡妶隽方向向左，故小球帶正電受力分析如圖: 由小球受力平衡有：，聯(lián)立解得:14、 (1)(2)(3)【解析】(1)開始運(yùn)動時，帶電系統(tǒng)的加速度，根據(jù)牛頓定律有：解得：(2)從開始運(yùn)動，到A球剛運(yùn)動到PQ位置，根據(jù)動能定理：解得：(3)帶電系統(tǒng)向右運(yùn)動分三段：B球進(jìn)入電場前、帶電系統(tǒng)在電場中、A球出電場設(shè)A球離開PQ的最大位移為x，由動能定理得： 解得：所以：15、（1）a1=3m/s1； a1 =1m/s1；（1）4s【解析】本題主要考查牛頓第二定律、勻變速運(yùn)動規(guī)律以及多物體多過程問題；（1）在0-1s內(nèi)，A和B受力如圖所示由滑動摩擦力公式和力的平衡條件得: . 以沿著斜面向下為正方向，設(shè)A和B的加速度分別為，由牛頓第二定律可得： 聯(lián)立以上各式可得a1=3m/s1 a1 =1m/s1 .（1）在t1=1s，設(shè)A和B的加速度分別為，則v1=a1t1=6m/s v1=a1t1=1m/s tt1時，設(shè)A和B的加速度分別為，此時AB