1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示的電路中，電源電動勢為E內阻為R，L1和L2為相同的燈泡，每個燈泡的電阻和定值電阻阻值均為R電壓

2、表為理想電表，K為單刀雙擲開關，當開關由1位置擲到2位置時，下列說法中正確的是（）AL1亮度不變，L2將變暗BL1將變亮，L2將變暗C電源內阻的發熱功率將變小D電壓表示數將變小2、如圖所示，在水平光滑地面上有A、B兩個木塊，之間用一輕彈簧連接A靠在墻壁上，用力F向左推B使兩木塊之間彈簧壓縮并處于靜止狀態。若突然撤去力F，則下列說法中正確的是（ ）A木塊A離開墻壁前，A、B和彈簧組成的系統動量守恒，機械能也守恒B木塊A離開墻壁前，A、B和彈簧組成的系統動量不守恒，機械能也不守恒C木塊A離開墻壁后，A、B和彈簧組成的系統動量守恒，機械能也守恒D木塊A離開墻壁后，A、B和彈簧組成的系統動量不守恒，但

3、機械能守恒3、如圖所示，將透明長方體放在空氣中，矩形ABCD是它的一個截面，將a、b兩種單色細光束射入到P點，入射角為，若a光折射后恰好射至AD面上，b光從CD面射出，則（ ）A在介質中b光比a光速度大Ba光在介質中的折射率C若要a光束在AD面上發生全反射，角的范圍應滿足D改變入射角的大小，b光一定可以從AD面射出4、做勻減速直線運動的物體經4s停止，若在第1s內的位移是14m，則最后1s內位移是（ ）A4.5mB3.5mC2mD1m5、一輛小汽車在水平路面上由靜止啟動，在前5s內做勻加速直線運動，5s末達到額定功率，之后保持以額定功率運動其圖象如圖所示已知汽車的質量為，汽車受到地面的阻力為車

4、重的倍，則以下說法正確的是A汽車在前5s內的牽引力為B汽車速度為時的加速度為C汽車的額定功率為100kWD汽車的最大速度為6、一質量為的物塊能在傾角為的足夠長斜面上勻減速下滑在初始狀態相同及其他條件不變時，只對物塊施加一個豎直向下的恒力，如圖所示，則物塊減速到零的時間與不加恒力兩種情況相比較將（ ）A變長B變短C不變D不能確定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一氣缸固定在水平面上，氣缸內活塞B封閉著一定質量的理想氣體，假設氣缸壁的導熱性能很好，環境的溫度保

5、持不變若用外力F將活塞B緩慢地向右拉動，則在拉動活塞的過程中，關于氣缸內氣體，下列說法正確的是（ ）A單個氣體分子對氣缸壁的平均作用力變小B單位時間內，氣體分子對左側氣缸壁的碰撞次數變少C外界對氣體做正功，氣體向外界放熱D氣體對外界做正功，氣體內能不變E.氣體是從單一熱源吸熱，全部用來對外做功，但此過程并未違反熱力學第二定律8、 “神舟十號”與“天宮一號”已多次成功實現交會對接。如圖所示，交會對接前“神舟十號”飛船先在較低圓軌道1上運動，在適當位置經變軌與在圓軌道2上運動的“天宮一號”對接。M，Q兩點在軌道1上，P點在軌道2上，三點連線過地球球心，把飛船的加速過程簡化為只做一次短時加速。下列關

6、于“神舟十號”變軌過程的描述，正確的有（）A“神舟十號”在M點加速，可以在P點與“天宮一號”相遇B“神舟十號”在M點減速，即可變軌到軌道2C“神舟十號”經變軌后速度總大于變軌前的速度D“神舟十號”變軌后的運行周期總大于變軌前的運行周期9、如圖，一塊木板B放在光滑的水平面上，在B上放一物體A，現以恒定的外力拉B，由于A、B間摩擦力的作用，A將在B上滑動，以地面為參照物，A、B都向前移動一段距離，在此過程中（）A外力F做的功等于A和B的動能的增量BB對A的摩擦力所做的功,等于A的動能的增量CA對B的摩擦力所做的功,等于B對A的摩擦力所做的功D外力F對B做的功等于B的動能的增量與B克服摩擦力所做的功

7、之和10、如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內阻r一定，A、B為平行板電容器的兩塊正對金屬板，R1為光敏電阻，電阻隨光強的增大而減小當R2的滑動觸頭P在a端時，閉合開關S，此時電流表A和電壓表V的示數分別為I和U.以下說法正確的是A若僅將R2的滑動觸頭P向b端移動，則I不變，U不變B若僅增大A、B板間距離，則電容器所帶電荷量不變C若僅用更強的光照射R1，則I增大，U減小，電容器所帶電荷量減小D若僅用更強的光照射R1，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學在做“驗證力的平行四邊形定則

8、”實驗時，將橡皮筋改為勁度系數為400N/m的輕質彈簧，將彈簧的一端固定在豎直墻面上。不可伸長的細線OA、OB、OC，分別固定在彈簧的A端和彈簧秤甲、乙的掛鉤上，其中O為OA、OB、OC三段細線的結點，如圖1示。在實驗過程中，保持彈簧伸長1.00cm不變。（1）若OA、OC間夾角為90，彈簧秤乙的示數如圖2所示，為_N，則彈簧秤甲的示數應該是_N；（2）在（1）問中若保持OA與OB的方向不變：逐漸增大OA與OC的夾角，則彈簧秤甲的讀數大小將_，彈簧秤乙的讀數大小將_。12（12分）如圖所示用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系(1)實驗中，直接測定

9、小球碰撞前后的速度是不容易的但是，可以通過僅測量_(填選項前的符號)，間接地解決這個問題A小球開始釋放高度B小球拋出點距地面的高度C小球做平拋運動的射程(2)圖中點是小球拋出點在地面上的垂直投影實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置，測量平拋射程然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球m1從斜軌上位置靜止釋放，與小球2相碰，并多次重復接下來要完成的必要步驟是_(填選項前的符號)A用天平測量兩個小球的質量、B測量小球開始釋放高度C測量拋出點距地面的高度D分別找到、相碰后平均落地點的位置、E測量平拋射程、(3)經測定， m2=，小球落地點的平均位置距點的

10、距離如圖所示碰撞前、后的動量分別為與，則_；若碰撞結束時m2的動量為，則_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示的裝置是某工廠用于產品分揀的傳送帶示意圖，產品（可以忽略其形狀和大小）無初速地放上水平傳送帶AB的最左端，當產品運動到水平傳送帶最右端時被擋板d擋住，分揀員在此鑒定產品質量，不合格的被取走，合格品被無初速地放在斜向傳送帶BC的頂端，滑至底端的傳送帶后再進行包裝等工序已知傳送帶AB、BC與產品間的動摩擦因數=0.25，均以v=4m/s的速度按圖示方向勻速轉動，水平傳送帶AB長L1=12m，斜向

11、傳送帶BC長L2=1.88m，傾角=37（sin37=0.6，cos37=0.8，g =10m/s2），求：（1）產品剛放上水平傳送帶AB時，產品加速度的大小和方向；（2）產品在水平傳送帶AB上運動的時間；（3）產品在斜向傳送帶BC上運動的時間14（16分）如圖所示輕質光滑滑輪兩側用細繩連著兩個物體A與B，物體B放在水平地面上，A、B均靜止，已知A和B的質量分別為mA1kg、mB5kg，繩與水平方向的夾角為，B與地面間的動摩擦因數0.4，最大靜摩擦力視作滑動摩擦力（g取10m/s2，sin0.6，cos0.8），求：（1）物體B受到的摩擦力大小；（2）物體B對地面的壓力大小；（3）要使物體B保

12、持靜止，物體A的最大質量為多少。15（12分）如圖所示，長為9l水平傳送帶以恒定的速度作順時針轉動，緊鄰傳送帶的右端放置一長為6.5l滑板，滑板靜止在光滑水平地面上，滑板的上表面與傳送帶處在同一水平面。在距滑板右端一段距離處固定一擋板C。一質量為m的物塊被輕放在傳送帶的最左端（A點），物塊在傳送帶的作用下到達B點后滑上滑板，滑板在物塊的怍用下運動到C處撞上檔板并被牢固粘連。物塊可視為質點，滑板的質量M=2m，物塊與傳送帶、物塊與滑板間的動摩擦因數均為，重力加速度取g。求：（1）求物塊在傳送帶的作用下運動到B點時的速度大小v；（2）若物塊和滑板共速時，滑板恰與擋板C相撞，求開始時滑板右端到C的距

13、離L；（3）若滑板右端到擋板C的距離為L（己知），且lL5l，試求解： a. 若物塊與滑板共速后，滑板撞上擋板C，則物塊從滑上滑板到物塊撞上檔板C的過程中，物塊克服摩擦力做的功；b. 若物塊與滑板共速前，滑板撞上擋板C，則物塊從滑上滑板到物塊撞上檔板C的過程中，物塊克服摩擦力做的功；并求出物塊到C時速度的最大值。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】開關在位置1時，外電路總電阻R總=32R，電壓表示數U=3R2R+3R2E=3E5，同理，兩燈電壓U1=U2=15E，電源內阻的發熱功率為P熱=(25E)2R=

14、4E225R。開關在位置2時，外電路總電阻R總=23R，電壓表示數U=2R3R+2R3E=2E5，燈泡L1的電壓U1=15E，L2的電壓U2=2E5，電源內阻的發熱功率為P熱=(3E5)2R=9E225R ，A、由上可知，L1亮度不變，L2將變亮。故AB錯誤。C、電源內阻的發熱功率將變大。故C錯誤D、電壓表讀數變小。故D正確。故選：D。2、C【解析】撤去F后，木塊A離開豎直墻前，豎直方向兩物體氣所受的重力與水平面的支持力平衡，合力為零；而墻對A有向右的彈力，所以系統的合外力不為零，系統的動量不守恒，這個過程中，只有彈簧的彈力對B做功，系統的機械能守恒，AB錯誤；A離開豎直墻后，系統水平方向不受

15、外力，豎直方向外力平衡，所以系統所受的合外力為零，系統的動量守恒，只有彈簧的彈力做功，系統機械能也守恒， C正確，D錯誤選C【點睛】根據系統動量守恒的條件：系統不受外力或所受合外力為零，分析系統所受的外力情況，判斷動量是否守恒根據是否是只有彈簧的彈力做功，判斷系統的機械能是否守恒3、C【解析】A光的折射角大于光的折射角，由折射定律知光的折射率大于光的折射率，由：分析知在介質中光比光速度小，故A錯誤；B光折射后恰好射至面上點，如圖所示。根據幾何關系可知：光在介質中的折射率為：故B錯誤；C若要光束在面上發生全反射，則有：得：由得：可知：故C正確；D光的折射率大于光的折射率，由知光的臨界角小于光的臨

16、界角，但不確定光臨界角的范圍，因此，改變入射角的大小，光不一定可以從面射出，故D錯誤。故選C4、C【解析】用逆向思維，把物體的運動看成勻加速直線運動，可知初速度為：，則物體在第1s，第2s，第3s，第4s內的位移之比為：1：3：5：7，所以解得：，故C正確ABD錯誤5、C【解析】根據速度時間圖線的斜率求出勻加速運動的加速度，結合牛頓第二定律求出勻加速運動的牽引力；根據勻加速運動的最大速度和牽引力的大小求出汽車的額定功率結合P=Fv求出速度為25m/s時的牽引力，根據牛頓第二定律求出此時的加速度；當牽引力等于阻力時，速度最大，根據P=fv求出最大速度【詳解】A、勻加速直線運動的加速度為：，根據牛

17、頓第二定律得：，解得牽引力為：故A錯誤；BC、額定功率為：當車的速度是時，牽引力：車的加速度：，故B錯誤，C正確D、當牽引力與阻力相等時，速度最大，最大速度為：故D錯誤故選C【點睛】本題考查了汽車恒定加速度啟動的問題，理清整個過程中的運動規律，結合牛頓第二定律和運動學公式綜合求解，知道牽引力等于阻力時，汽車的速度最大6、B【解析】物塊能在斜面上勻減速下滑， 分析物體受力，由牛頓第二定律得加速度大小;只對物塊施加一個豎直向下的恒力F時，分析物體受力，由牛頓第二定律得加速度大小；由以上兩式可得；在初始狀態相同及其他條件不變時，只對物塊施加一個豎直向下的恒力F時速度減小得快些，故有時間變短，正確答案

18、選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BDE【解析】A由理想氣體狀態方程知，等溫變化過程中，體積增大，壓強減小，即所有分子的平均作用力變小，但分子做無規則熱運動，大量分子只能得到統計規律，無法衡量某一個分子的撞擊力是否變化；故A錯誤.B氣體的溫度不變，則分子運動的激烈程度不變，氣體的壓強減小，根據壓強的微觀意義可知，氣體分子單位時間對氣缸壁單位面積碰撞的次數將變少；故B正確.CD氣體體積變大，故氣體對外做功；又氣缸壁的導熱性能良好，環境的溫度保持不變，故氣體做等溫變

19、化，溫度不變即內能不變，則氣體從外界吸熱；故C錯誤，D正確.E在變化的過程中，氣體不斷的從外界吸收熱量用來對外做功，但引起了其它變化如F做了功，此過程沒有違反熱力學第二定律；故E正確.故選BDE.【點睛】該題結合理想氣體的狀態方程考查熱力學第一定律,熱力學第二定律和壓強的微觀解釋，關鍵點在氣體等溫變化8、AD【解析】A神舟十號與天宮一號實施對接，需要神舟十號抬升軌道，即神舟十號開動發動機加速做離心運動使軌道高度抬長與天宮一號實現對接，故“神舟十號”在M點加速，可以在P點與“天宮一號”相遇，故正確；B神舟十號與天宮一號實施對接，需要神舟十號抬升軌道，即神舟十號開動發動機加速做離心運動使軌道高度抬

20、長與天宮一號實現對接，故B錯誤；C根據萬有引力提供向心力解得可知衛星軌道高度越大線速度越小，故C錯誤；D根據萬有引力提供向心力解得可知軌道半徑越大，周期越大，“神舟十號”變軌后的運行周期總大于變軌前，故D正確。故選：AD。9、BD【解析】A.選擇A和B作為研究對象，運用動能定理研究：B受外力F做功，A對B的摩擦力與B對A的摩擦力是一對作用力與反作用力，大小相等，方向相反，但是由于A在B上滑動，A、B對地的位移不等，故二者做功不等WF+（-fx）=EkA+EkB其中x為A、B的相對位移所以外力F做的功不等于A和B的動能的增量，故A錯誤B.對A物運用動能定理，則有B對A的摩擦力所做的功，等于A的動

21、能的增量，故B正確C.A對B的摩擦力與B對A的摩擦力是一對作用力與反作用力，大小相等，方向相反，但是由于A在B上滑動，A、B對地的位移不等，故二者做功不等，故C錯誤D.對B物體應用動能定理，WF-Wf=EkBWf為B克服摩擦力所做的功，即WF=EkB+Wf就是外力F對B做的功等于B的動能增量與B克服摩擦力所做的功之和，故D正確10、ACD【解析】本題考查含容電路的動態分析問題。【詳解】A.若僅將的滑動觸頭P向b端移動，所在支路有電容器，被斷路，則I、U保持不變。故A正確。B.根據，若僅增大A、B板間距離，則電容器所帶電荷量減少。故B錯誤。C. 若僅用更強的光照射R1，電阻隨光強的增大而減小，則

22、I增大，U應當減少，電荷量減少。故C正確。D.U的變化量的絕對值與I的變化量的絕對值表示電源的內阻，是不變的。故D正確。故選ACD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、3.00N 5.00N 減小 先減小后增大 【解析】(1)1根據彈簧秤的讀數方法可知，a的讀數為3.00N； 2 根據胡克定律可知：OA、OC間夾角為，則甲的示數等于彈簧AA的彈力與乙彈簧彈力的矢量和，即(2)34在(1)問中若保持OA與OB的方向不變，逐漸增大OA與OC的夾角，甲乙兩個彈簧秤彈力的合力不變，如圖所示，則可知彈簧秤甲的讀數大小逐漸減小，彈簧秤乙的讀數大小先

23、變小后變大。12、C ADE 14 2.9 【解析】(1)驗證動量守恒定律實驗中，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是通過落地高度不變情況下水平射程來體現速度，故C正確；（2）要驗證動量守恒定律定律，即驗證：，小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得：，得：，因此實驗需要測量：兩球的質量、小球的水平位移，故選ADE正確；(3)設落地時間為，則，則碰前的動量碰后的動量，則知碰撞前后動量之比：，點睛：實驗的一個重要的技巧是入射球和被碰球從同一高度作平拋運動并且落到同一水平面上，故下落的時間相同，所以在實驗的過程當中把本來需要測量的速度改為測量平拋過程當中水平方向發生的位移，可見掌握了實驗原理才能順利解決此類題目四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2.5m/s2；水平向右；（2）3.8s；（3）0.