1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置3請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的。1、甲乙兩汽車從同一地點開始行駛，它們的v-t圖象如圖所示。忽略汽車掉頭所需時間。下列對汽車運動狀況的描述正確的是()A在前4小時內，乙車運動加速度的大小總比甲車的小B在前4小時內，第2小時末甲乙兩車相距最遠C在第1小時末，乙車改變運動方向D在第2小時末，甲乙兩車相距60km2、某同學把一體重秤放在電梯的地板上，他站在體重秤上隨電梯運動，并在下表中記錄了幾個特定時刻體重秤的示數（表內時刻不存在先后順序），若已知t0時刻電梯處于靜止狀態，則時 間t0t1t2t3體重秤示數（kg）45.050.040.045.0At1時刻該同學的質量并沒有變化，但所受重力發生變化Bt2時刻電梯可能

3、向上做減速運動Ct1和t2時刻電梯運動的方向相反Dt3時刻電梯處于靜止狀態3、物體由靜止開始運動，其加速度a隨位移x變化的圖線如圖所示，下列說法正確的是（）A物體的最大速度為B物體的最大速度為C物體的最大速度為D物體的最大速度為24、如圖，可視作質點的木塊在拉力F的作用下沿粗糙水平地面做勻速直線運動F與水平面的夾角為（090），木塊與地面的動摩擦因數恒定，則A越小，F越小B越大，F越小CF的最小值一定比木塊重力小DF的最小值可能等于木塊重力大小5、在點電荷Q形成的電場中，有M、N兩點，如圖所示以下說法正確的是AM點的場強大于N點的場強BM點的電勢高于N點的電勢C將一正點電荷分別放在M點和N點，

4、則該電荷在M點電勢能大D將一負點電荷分別放在M點和N點，則該電荷在M點電勢能大6、圖示為一個內、外半徑分別為R1和R2的圓環狀均勻帶電平面，其單位面積帶電量為取環面中心O為原點，以垂直于環面的軸線為x軸設軸上任意點P到O點的的距離為x，P點電場強度的大小為E下面給出E的四個表達式（式中k為靜電力常量），其中只有一個是合理的你可能不會求解此處的場強E，但是你可以通過一定的物理分析，對下列表達式的合理性做出判斷根據你的判斷，E的合理表達式應為ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯

5、的得0分。7、2017年4月,我國第一艘貨運飛船天舟一號順利升空，隨后與天宮二號交會對接假設天舟一號從B點發射經過橢圓軌道運動到天宮二號的圓軌道上完成交會，如圖所示已知天宮二號的軌道半徑為r，天舟一號沿橢圓軌道運動的周期為T，A、B兩點分別為橢圓軌道的遠地點和近地點，地球半徑為R，引力常量為G則 （ ）A天宮二號的運行速度小于7.9km/sB天舟一號的發射速度大于11.2km/sC根據題中信息可以求出地球的質量D天舟一號在A點的速度大于天宮二號的運行速度8、一質量不計的直角形支架兩端分別連接質量為m和2m的小球A和B支架的兩直角邊長度分別為2l和l，支架可繞固定軸O在豎直平面內無摩擦轉動，如圖

6、所示。開始時OA邊處于水平位置，由靜止釋放，則此后()AA球的最大速度為2gLBA球速度最大時，A、B兩球的總重力勢能最小CA球從初始位置擺到最低點的過程中其機械能一直在減小D釋放后的整個運動過程中，桿對A、B兩球始終不做功9、質量為m和M的兩個物塊A、B，中間夾著一根由輕繩束縛著的、被壓縮的輕質彈簧，彈簧與A、B不相連，它們一起在光滑的水平面上以共同的速度向右運動，總動量為P，彈簧的彈性勢能為Ep；某時刻輕繩斷開，彈簧恢復到原長時，A剛好靜止，B向右運動，與質量為M的靜止物塊C相碰并粘在一起，則A彈簧彈力對A的沖量大小為B彈簧彈力對B做功的大小為EpC全過程中機械能減小量為EpDB、C的最終

7、速度為10、如圖所示為人造地球衛星的軌道示意圖，其中1為近地圓周軌道，2為橢圓軌道，3為地球同步軌道，其中P、Q為軌道的切點，則下列說法中正確的是A衛星在1軌道上運行可經過一次加速轉移到3軌道上運行B衛星由1軌道進入2軌道機械能增大C衛星在軌道1上的運行周期最短D在軌道2上由Q點運行到P點的過程中，萬有引力對其做正功，它的動能增加，重力勢能減少，機械能增加三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在探究“彈力和彈簧伸長量的關系”時，小明同學用如圖(a)所示的實驗裝置進行實驗；將該彈簧豎直懸掛起來，在自由端掛上砝碼盤。通過改變盤中砝碼的質

8、量，用刻度尺測出彈簧對應的長度，測得實驗數據如下：實驗次數123456砝碼質量m/g0306090120150彈簧的長度x/cm6.007.148.349.4810.6411.79小明同學根據實驗數據在坐標紙上用描點法畫出xm圖像如圖(b)所示。作出的圖線與坐標系縱軸有一截距，其物理意義是_，該彈簧的勁度系數k=_N/m。(結果保留3位有效數字，重力加速度g取10 m/s2)該同學得到該彈簧的勁度系數的實驗結果與考慮砝碼盤的質量相比，結果_。選填（“偏大” “偏小”或“相同”）12（12分）用游標卡尺測一根金屬管的內徑和外徑時，卡尺上的游標位置分別如圖（a）、（b）所示。這根金屬管內徑讀數是_

9、cm，管壁的厚度是_ cm。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一個質量為2kg的滑塊在一大小為F=40N的水平恒力的作用下恰好能沿斜面向上做勻速直線運動，斜面始終靜止在水平地面上，傾角=37o，（sin37O=0.6 ，cos37O=0.8 ，g=10m/s2）求：滑塊與斜面間的滑動摩擦因數的大小14（16分）如圖甲、乙所示，傳送帶上有質量均為m的三個木塊1、2、3，中間均用原長為L、勁度系數為k的輕彈簧連接起來，木塊與傳送帶間的動摩擦因數均為，其中木塊1被與傳送帶平行的細線拉住，傳送帶按圖示方

10、向勻速運動，三個木塊處于平衡狀態求：（1）在圖甲狀態下，1、3兩木塊之間的距離是多大？（2）在圖乙狀態下，細線的拉力是多大？木塊1、3之間的距離又是多大？15（12分）如圖所示，在粗糙的水平面上一木板B正向右運動，當其速度為時，將一小木塊A無初速度地放在其右端，從此時開始計時，A、B的的速度隨時間變化的部分圖象如圖所示.已知A、B的質量分別為，重力加速度，木塊始終沒有離開木板.求：（1）木板的初速度；（2）木板的最小長度.參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】根據速度時間圖象的斜率絕對值分析加速度的大小。由

11、圖分析出兩物體在任一時刻的速度關系，判斷何時相距最遠。由速度的正負分析乙車的運動方向。根據圖象與時間軸所圍的面積分析甲乙兩車間的距離。【詳解】v-t圖象的斜率表示加速度，斜率的絕對值表示加速度大小。由圖可知，乙車的圖象斜率絕對值總是大于甲車的圖象斜率絕對值，故乙車的加速度總比甲車的大；故A錯誤。由v-t圖象與時間軸所圍面積大小表示物體通過的位移，知速度相等時即第4小時末相距最遠，故B錯誤；由圖可知，前2小時內乙車一直同方向的運動，第1小時末開始減速但運動方向沒有改變，故C錯誤；圖象與時間軸圍成的面積為汽車運動的位移，則可知，前2小時內，甲車正向運動的位移為x甲=12230km=30km；而乙車

12、的位移大小x乙=12230km=30km；因兩車運動方向相反，則2小時末時，兩車相距S=x甲+x乙=60km；故D正確；故選D。【點睛】解答本題時應注意：(1)v-t圖象的斜率表示加速度；(2)面積的正負表示物體位移的方向；(3)知道兩車速度相等時相距最遠。可通過畫運動的過程示意圖幫助理解題意。2、B【解析】A. 超重和失重時物體的重力和質量是不變的，只是對懸掛物的壓力或者支持力變化了，故A錯誤；B. t2時刻物體處于失重狀態，電梯的加速度方向向下，可能向上做減速運動，選項B正確；C. t1時刻物體處于超重狀態，根據牛頓第二定律分析得知，電梯的加速度方向向上，所以t1和t2時刻電梯的加速度方向

13、相反，但是速度不一定相反，選項C錯誤；D. t3時刻電梯受力平衡，可能保持靜止，也可能做勻速直線運動，故D錯誤。故選B【點睛】超重和失重現象可以運用牛頓運動定律進行分析理解，產生超重的條件是：物體的加速度方向向上；產生失重的條件：物體的加速度方向向下3、C【解析】物體由靜止開始運動，由v22ax可得物體的最大速度的平方為ax圖線與坐標軸所圍面積的2倍，則物體的最大速度的平方解得故選C。4、C【解析】對物體受力分析，如圖所示：根據平衡條件，有：水平方向：，豎直方向：，其中：，聯立可得： 令，即，有：，故當時，拉力最小，為。A越小，F越小。故A不符合題意。B越大，F越小。故B不符合題意。CF的最小

14、值一定比木塊重力小。故C符合題意。DF的最小值可能等于木塊重力大小。故D不符合題意。5、A【解析】該電場為點電荷電場，根據E=kQR2可知距離點電荷越近，電場強度越大，故M點場強大于N點場強，A正確；正點電荷產生的電場中，電場線是向外輻射的，根據沿電場線方向電勢降低，可知M點的電勢高于N點電勢，而負電荷產生的電場中，電場線是向內聚攏的，故M點電勢低于N點電勢，由于M和N點的電勢關系不能確定，故不能確定正負電荷在這兩點的電勢能，BCD錯誤6、B【解析】AC場強的單位為N/C，k為靜電力常量，單位為Nm2/C2，為單位面積的帶電量，單位為C/m2，則表達式的單位即為N/C，故各表達式中其它部分應無

15、單位，可知AC錯誤；BD當x=0時，此時要求的場強為O點的場強，由對稱性可知，當x時E0，而D項中E，故B正確，D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】7.9km/s是近地衛星的環繞速度，衛星越高，線速度越小，則天宮二號的運行速度小于7.9km/s，選項A正確；11.2km/s是第二宇宙速度，是衛星脫離地球引力逃到其它星球上去的最小速度，則天舟一號的發射速度小于11.2km/s，選項B錯誤；根據開普勒第三定律=常數，已知天宮二號的軌道半徑r，天舟一號的周

16、期T以及半長軸(r+R)，可求得天宮二號的周期T1，再根據可求解地球的質量，選項C正確；天舟一號在A點加速才能進入天宮二號所在的軌道，則天舟一號在A點的速度小于天宮二號的運行速度，選項D錯誤；故選AC.8、BC【解析】AB兩個球組成的系統機械能守恒，但對于單個的球來說機械能是不守恒的，根據系統的機械能守恒列式可以求得AB之間的關系，同時由于AB是同時轉動的，它們的角速度的大小相同。AB兩個球組成的系統機械能守恒，但對于單個的球來說機械能是不守恒的，根據系統的機械能守恒列式可以求得AB之間的關系，同時由于AB是同時轉動的，它們的角速度的大小相同。【詳解】當OA與豎直方向的夾角為時，由機械能守恒得

17、：mg2lcos-2mgl(1-sin)=12mVA2+122mVB2，解得：VA2=83gl(sin+cos)-83gl，由數學知識知，當=45時，sin+cos有最大值；最大值為：VA=(2-1)38gl，故A錯誤。由機械能守恒可知，兩球總重力勢能最小時，二者的動能最大，故B正確；在運動過程中，根據AB組成的機械能守恒可知，B球剛好能達到O所在位置，故在運動過程中，A求得機械能一直減小，故C正確；釋放后的整個運動過程中，AB組成的系統機械能守恒，但桿對A、B兩球都做功，故D錯誤；故選BC。【點睛】本題中的AB的位置關系并不是在一條直線上，所以在球AB的勢能的變化時要注意它們之間的關系，在解

18、題的過程中還要用到數學的三角函數的知識，要求學生的數學基本功要好。9、AD【解析】選取向右為正方向，兩個物體的總動量是P，則A的動量：,彈簧恢復到原長時，A剛好靜止，由動量定理得：,負號表示與選定的正方向相反故A正確；彈簧對AB作用的過程中，彈簧對A做負功，對B做正功，系統的機械能全部轉化為B的動能，所以B的動能的增加量等于彈簧的彈性勢能與A的動能的和，所以彈簧彈力對B做功的大于EP故B錯誤；物塊A與B以及彈簧組成的系統相互作用的過程中系統的動量守恒，設相互作用結束后B的速度為v1，選取向右為正方向，則：P=Mv1，B與C相互作用的過程中二者組成的系統的動量也守恒，設最終的速度為v2，根據動量

19、守恒得：Mv2=（M+M）v2聯立得：，整個的過程中損失的機械能：，而，聯立解得：，可知只有在m與M相等時，全過程中機械能減小量才為EP故C錯誤，D正確所以AD正確，BC錯誤10、BC【解析】A.衛星從1軌道轉移到3軌道上運行，需要在P點和Q點加速兩次。故A錯誤；B.衛星由1軌道進入2軌道需要在P點點火加速，所以機械能增大。故B正確；C.根據開普勒第三定律可知，軌道半徑最小的1軌道的周期最小。故C正確；D. 衛星在橢圓軌道2上自由運行時，只有萬有引力對它做功，其機械能守恒，則它在P點的機械能等于在Q點的機械能故D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出

20、演算過程。11、砝碼盤中未放砝碼時彈簧的長度 25.9 相同 【解析】(2)1圖線與縱坐標軸的交點表示砝碼盤中未放砝碼時彈簧的長度2結合表中數據可知，彈簧的勁度系數(3)3根據公式F=kx計算出的勁度系數，是否考慮砝碼盤的質量對結果無影響，故結果相同12、2.37cm 0.33cm 【解析】金屬管內徑讀數是:2.3cm+0.1mm7=2.37cm，外徑：3cm+0.1mm3=3.03cm；則管壁的厚度是：(3.03-2.37)cm=0.33cm。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、0.5【解析】當滑塊在斜面上做勻速直線運動時，受力分析并正交分解，根據平衡