1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置3請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的。1、將演員從高處跳下的視頻倒序播放，可突現演員輕松跳上高處的特效，在觀眾看來，演員上升過程中在低處的高度變化（）A比高處快，加速度向下B比高處慢，加速度向下C比高處快，加速度向上D比高處慢，加速度向上2、如圖所示，ab、cd是豎直平面內兩根固定的細桿，a、b、c、d位于同一圓周上，圓周半徑為R，b點為圓周的最低點，c點為圓周的最高點現有兩個小滑環A、B分別從a、c處由靜止釋放，滑環A經時間t1從a點到達b點，滑環B經時間t2從c點到達d點；另有一小球C從b點以初速度v04gR沿bc連線豎直上拋，到達最高點時間為t3，不計一切阻力與摩擦，且A、B、C都可視為質點，則t1、t2、t

3、3的大小關系為（ ）At1t2t3Bt1t2t3Ct2t1t3DA、B、C三物體的質量未知，因此無法比較3、圖甲是回旋加速器的示意圖，其核心部分是兩個“D”形金屬盒，在加速帶電粒子時，兩金屬盒置于勻強磁場中，并分別與高頻電源兩極相連帯電粒子在磁場中運動的動能及隨時間t的變化規律如圖乙所示，若忽略帶電粒子在電場中的加速時間，則下列說法正確的是A在Ek-t圖中應有（t2-t1）（t3-t2）（tn-tn-1）B高頻電源的變化周期應該等于tn-tn-1C要使粒子獲得的最大動能增大，可以增大“D”形盒的半徑D在磁感應強度B、“D”形盒半徑R、粒子的質量m及其電荷量q不變的情況下，粒子的加速次數越多，離

4、子的最大動能一定越大4、某人站在三樓陽臺上，同時以10m/s的速率拋出兩個小球，其中一球豎直上拋，另一球豎直下拋，它們落地的時間差為；如果該人站在六樓陽臺上，以同樣的方式拋出兩個小球，它們落地的時間差為，不計空氣阻力則下列關系中正確的是( )ABCD無法判斷5、如圖所示，一圓盤與水平方向夾角為30，半徑為0.1 m，圓盤可繞過圓盤中心垂直盤面的轉軸轉動，一物體放置在圓盤邊緣，物體與圓盤間的動摩擦因數為，當圓盤以某一角速度轉動時，物體在最低點恰好不會被甩離圓盤，取g=10 m/s2，且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則A物體在最低點受到的摩擦力恰好為零B物體的線速度大小為1 m/sC圓盤轉動的角速度

5、為5 rad/sD物體的向心加速度大小為5 m/s26、如圖所示，水平放置的平行板電容器的上極板與滑動變阻器的滑動端P相連接電子以速度v0垂直于電場線方向射入并穿過平行板間的電場在保證電子還能穿出平行板間電場的情況下，若使滑動變阻器的滑動端P上移，則電容器極板上所帶電量q和電子穿越平行板所需的時間tA電量q增大，時間t不變B電量q不變，時間t增大C電量q增大，時間t減小D電量q不變，時間t不變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、已知一足夠長的傳送帶與水平面的傾角為，以

6、一定的速度勻速運動，某時刻在傳送帶適當的位置放上具有一定初速度的物塊(如圖a所示)，以此時為t=0時刻記錄了小物塊之后在傳送帶上運動的速度隨時間的變化關系，如圖b所示(圖中取沿斜面向上的方向為正方向，其中兩坐標大小v1v2)，下列判斷正確的是At1t2內，物塊對傳送帶一直做正功B物塊與傳送帶間的動摩擦因數tanC系統產生的熱量一定比物動能的少量大D0t2內傳送帶對物塊做功為8、下列有關功率的說法中正確的是A功率是描述力對物體做功快慢的物理量B從P=Fv知，汽車的功率與它的速度成正比C由P=Wt里可知，力做功越多，功率就越大D根據P=Fv可知，汽車以額定功率行駛時，速度越大，其受到的牽引力越小9

7、、如圖所示裝置，兩根細繩拴住一球，保持兩細繩間的夾角不變，若把整個裝置順時針緩慢轉過90，則在轉動過程中，CA繩的拉力F1大小和CB繩的拉力F2的大小變化情況是（ ）AF1先減小后增大BF1先增大后減小CF2逐漸減小DF2最終變為零10、應用物理知識分析生活中的常見現象，可以使物理學習更加有趣和深入例如平伸手掌托起物體，由靜止開始豎直向上運動，直至將物體拋出對此現象分析正確的是()A手托物體向上運動的過程中，物體開始時處于超重狀態B在物體離開手的瞬間，物體對手的壓力等于重力C在物體離開手的瞬間，物體的加速度大于重力加速度D在物體離開手的瞬間，手的加速度大于重力加速度三、實驗題：本題共2小題，共

8、18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學在研究勻變速直線運動的實驗中進行了以下操作。（1）該同學組裝了圖甲所示的裝置。下列說法正確的是_。A應將圖中干電池換成合適的交流電源B實驗時小車應從靠近打點計時器處釋放C實驗前一定要平衡小車運動過程中所受的阻力（2）糾正錯誤后，該同學實驗得到如圖乙所示的一條紙帶，圖中 A、B、C、D、E 為相鄰的計數點，且相鄰計數點間還有4個計時點未標出。圖中xAB=1.40cm，xAC=3.30cm，xAD=5.69cm，xAE=8.59cm，則打下A點時小車的瞬時速度_（選填“等于”或“不等于”）零；打下C點時小車的瞬時速度vC

9、 =_m/s（結果保留兩位有效數字）。（3）在研究勻變速直線運動的實驗中，算出小車經過各計數點的瞬時速度后，下列三種計算加速度大小的方案中，最佳的是_。A根據某兩計數點的速度，由算出加速度大小B根據實驗數據畫出v-t圖像，在圖像上取相距較遠的兩點求其斜率即為加速度大小C根據實驗數據畫出v-t圖像，量取其傾角，再由算出加速度大小12（12分）某同學設計了如圖（a）所示的裝置驗證小球擺動過程中的機械能守恒。實驗中小球到達B點時恰好與桌面接觸但沒有彈力，D處的箭頭處放一鋒利的刀片，細線到達豎直位置時被割斷，小球做平拋運動落到地面，P是一刻度尺。該同學方案的優點是只需利用刻度尺測量A位置到桌面的高度h

10、、桌面到地面的高度H及平拋運動的水平位移L即可. （1）用游標卡尺測出小球的直徑d如圖(b)所示，d=_cm；(2)實驗中改變h，多測幾次h和L的數值，作出如圖(c)所示的圖象l，則該圖線的斜率k=_可證明小球下擺過程中機械能守恒； 四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖（a）所示，質量為m=2kg的物塊以初速度v0=20m/s從圖中所示位置開始沿粗糙水平面向右運動，同時物塊受到一水平向左的恒力F作用，在運動過程中物塊速度隨時間變化的規律如圖（b）所示，g取10m/s2。試求：(1)物塊在04s內的加速度

11、a1的大小和4-8s內的加速度a2的大小；(2)恒力F的大小及物塊與水平面間的動摩擦因數；(3)8s內恒力F所做的功。14（16分）如圖所示，水平地面上有一輛小車，小車上固定著豎直的立柱，“L 形”的輕質細桿ABC固定在支柱上。質量為m的小球P固定在桿的A端，小球Q用細繩系在桿的C端。某段時間內小車向右運動，細繩偏離豎直線的角度保持不變。求:(1)小車做什么運動;(2)小車的加速度大小;(3)桿對小球P的作用力大小。15（12分）如圖所示為四旋翼無人機，它是一種能夠垂直起降的小型遙控飛行器，目前正得到越來越廣泛的應用一架質量為m2 kg的無人機，其動力系統所能提供的最大升力F36 N，運動過程

12、中所受空氣阻力大小恒定，無人機在地面上從靜止開始，以最大升力豎直向上起飛，在t5 s時離地面的高度為75 m(g取10 m/s2)（1）求運動過程中所受空氣阻力大小；（2）假設由于動力系統故障，懸停的無人機突然失去升力而墜落無人機墜落地面時的速度為40 m/s，求無人機懸停時距地面高度；參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】演員從高處跳下，向下做加速運動，加速度向下，速度越來越大，觀眾看到演員上升過程中，其運動過程為從高處跳下的逆過程，在低處比高處快，加速度向下，故A正確，B、C、D錯誤；故選A。2、A【解

13、析】由已知條件知，小球C豎直上拋能達到的最高點為c點，由對稱性可知，小球C運動的時間與從c點自由下落到b點的時間相等結合等時圓的結論可知，t1t2t3，A正確故選A3、C【解析】試題分析：根據周期公式T=知，粒子的回旋的周期不變，與粒子的速度無關，所以t4-t3=t3-t2=t2-t1A錯誤；交流電源的周期必須和粒子在磁場中運動的周期一致，故電源的變化周期應該等于2（tn-tn-1），B錯誤；根據公式r=，有v=，故最大動能Ekm=mv2=，與半徑有關；要想粒子獲得的最大動能增大，可以增大“D”形盒的半徑，C正確；與粒子加速的次數無關，D正確考點：本題考查回旋加速器4、C【解析】某人站在三樓陽

14、臺上，同時以10m/s的速率拋出兩個小球，其中一個球豎直上拋，另一個球豎直下拋，將豎直上拋運動按照時間段分解為：豎直上拋到落回拋出點；接下來的豎直下拋過程；故兩個小球的時間差為：；該人站在六樓陽臺上，以同樣的方式拋出兩個小球，它們落地的時間差為：，故t=t，故選C點睛：本題考查了豎直上拋運動的知識，關鍵是將豎直上拋運動按時間分解為上拋到落回拋出點和接下來的豎直下拋過程；然后再比較兩個小球的時間差5、C【解析】A物體在最低點恰好不會被甩離圓盤，物體受到的是最大靜摩擦力，重力沿圓盤方向的分力，與最大靜摩擦力的合力提供向心力，故A錯誤；B由A選項可知：代入數據解得v=0.5m/s，故B錯誤；C根據線

15、速度與角速度的關系：可解得：=5 rad/s，故C正確。D根據：可得a=2.5 m/s2，故D錯誤。6、A【解析】當滑動變阻器的滑動端P上移時，跟電容器并聯的阻值增大，所以電容器的電壓U增大，根據q=UC可得電量q增大；電子在平行板電容器中做類平拋運動，沿極板方向做勻速直線運動，所以運動時間：，與電壓的變化無關，所以時間t不變，故A正確，BCD錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】由圖知，物塊先向下運動后向上運動，則知傳送帶的運動方向應向上0t1內，物塊

16、對傳送帶的摩擦力方向沿傳送帶向下，則物塊對傳送帶一直做負功故A錯誤在t1t2內，物塊向上運動，則有 mgcosmgsin，得tan故B正確0t2內，重力對物塊做正功，物塊的重力勢能減小、動能也減小都轉化為系統產生的內能，則由能量守恒得知，系統產生的熱量一定比物塊動能的減少量大故C正確0t2內，由圖“面積”等于位移可知，物塊的總位移沿斜面向下，高度下降，重力對物塊做正功，設為WG，根據動能定理得：W+WG=mv22-mv1，則傳送帶對物塊做功Wmv22-mv1故D錯誤故選BC【點睛】由速度圖象要能分析物塊的運動情況，再判斷其受力情況，得到動摩擦因數的范圍，根據動能定理求解功是常用的方法8、AD【

17、解析】功率是描述力對物體做功快慢的物理量，選項A正確；根據P=Fv，知只有在F一定的條件下，功率才與速度成正比。故B錯誤。由P=Wt可知，一定的時間內力做功越多，功率就越大，選項C錯誤；根據P=Fv可知，汽車以額定功率行駛時，速度越大，其受到的牽引力越小，選項D正確；故選AD.9、BCD【解析】設AC繩與豎直方向的夾角為則BC繩與豎直方向的夾角為根據平衡條件，得解得由題不變，由 變到0，根據數學知識，得F1先增大后減小，F2一直減小；當時，得F2=0；故A錯誤，BCD正確。10、AD【解析】物體向上先加速后減速，加速度先向上，后向下，根據牛頓運動定律可知物體先處于超重狀態，后處于失重狀態，故A

18、正確；重物和手有共同的速度和加速度時，二者不會分離，故物體離開手的瞬間，物體向上運動，物體的加速度等于重力加速度，但手的加速度應大于重力加速度，并且方向豎直向下，此時物體對手的壓力等于0，故BC錯誤，D正確。故選AD。【點睛】超重和失重僅僅指的是一種現象，但物體本身的重力是不變的，這一點必須明確重物和手有共同的速度和加速的時，二者不會分離三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AB 不等于 0.21 B 【解析】（1）1A打點計時器應該使用交流電源，則應將圖中干電池換成合適的交流電源，選項A正確；B實驗時小車應從靠近打點計時器處釋放，選項B

19、正確；C此實驗只需小車做加速運動即可，不需要平衡小車運動過程中所受的阻力，選項C錯誤；（2）23打下C點時小車的瞬時速度小車的加速度：則A點的速度：即打下A點時小車的瞬時速度不等于零；（3）4AB、在處理實驗數據時，如果只使用其中兩個數據，由于偶然誤差的存在可能會造成最后誤差較大；所以我們可以根據實驗數據畫出v-t圖象，考慮到誤差，不可能是所有點都整齊的排成一條直線，連線時，應該盡量使那些不能畫在線上的點均勻地分布在線的兩側，這樣圖線上會舍棄誤差較大的點，由圖象上相距較遠的兩點所對應的速度、時間用公式算出加速度，這樣誤差最小故A錯誤，B正確C、根據實驗數據畫出v-t圖象，當縱坐標取不同的標度時，圖象的傾角就會不同，所以量出其傾角，用公式a=tan算出的數值并不是加速度，故C錯誤12、 1.140 4H【解析】(1)主尺上的讀數為：1.1cm，游標上的讀數為： ，所以d=1.1cm+0.040cm=1.140cm；(2)小球重力勢能的減小量為mgh，根據平拋運動， ， ，解得 ，動能增量為，根據機械能守恒,即，