1、專題強化五牛頓第二定律的綜合應用目標要求1.知道連接體的類型以及運動特點，會用整體法、隔離法解決連接體問題.2.理解幾種常見的臨界極值條件.3.會用極限法、假設法、數(shù)學方法解決臨界極值問題題型一動力學中的連接體問題1連接體多個相互關聯(lián)的物體連接(疊放、并排或由繩子、細桿、彈簧等聯(lián)系)在一起構成的物體系統(tǒng)稱為連接體連接體一般(含彈簧的系統(tǒng)，系統(tǒng)穩(wěn)定時)具有相同的運動情況(速度、加速度)2常見的連接體(1)物物疊放連接體：兩物體通過彈力、摩擦力作用，具有相同的速度和加速度速度、加速度相同(2)輕繩連接體：輕繩在伸直狀態(tài)下，兩端的連接體沿繩方向的速度總是相等速度、加速度相同速度、加速度大小相等，方向

2、不同(3)輕桿連接體：輕桿平動時，連接體具有相同的平動速度速度、加速度相同(4)彈簧連接體：在彈簧發(fā)生形變的過程中，兩端連接體的速度、加速度不一定相等；在彈簧形變最大時，兩端連接體的速度、加速度相等3整體法與隔離法在連接體中的應用(1)整體法當連接體內(即系統(tǒng)內)各物體的加速度相同時，可以把系統(tǒng)內的所有物體看成一個整體，分析其受力和運動情況，運用牛頓第二定律對整體列方程求解的方法(2)隔離法當求系統(tǒng)內物體間相互作用的內力時，常把某個物體從系統(tǒng)中隔離出來，分析其受力和運動情況，再用牛頓第二定律對隔離出來的物體列方程求解的方法(3)處理連接體方法共速連接體，一般采用先整體后隔離的方法如圖所示，先用

3、整體法得出合力F與a的關系，F(xiàn)(mAmB)a，再隔離單個物體(部分物體)研究F內力與a的關系，例如隔離B，F(xiàn)內力mBaeq f(mB,mAmB)F關聯(lián)速度連接體分別對兩物體受力分析，分別應用牛頓第二定律列出方程，聯(lián)立方程求解 考向1共速連接體例1如圖所示，水平面上有兩個質量分別為m1和m2的木塊1和2，中間用一條輕繩連接，兩木塊的材料相同，現(xiàn)用力F向右拉木塊2，當兩木塊一起向右做勻加速直線運動時，已知重力加速度為g，下列說法正確的是()A若水平面是光滑的，則m2越大繩的拉力越大B若木塊和地面間的動摩擦因數(shù)為，則繩的拉力為eq f(m1F,m1m2)m1gC繩的拉力大小與水平面是否粗糙無關D繩的

4、拉力大小與水平面是否粗糙有關答案C解析設木塊和地面間的動摩擦因數(shù)為，以兩木塊整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律F(m1m2)g(m1m2)a，得aeq f(Fm1m2g,m1m2)，以木塊1為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律FTm1gm1a，得aeq f(FTm1g,m1)，系統(tǒng)加速度與木塊1加速度相同，解得FTeq f(m1,m1m2)F，可見繩子拉力大小與動摩擦因數(shù)無關，與兩木塊質量大小有關，即與水平面是否粗糙無關，無論水平面是光滑的還是粗糙的，繩的拉力大小均為FTeq f(m1,m1m2)F，且m2越大繩的拉力越小，故選C.例2(多選)如圖所示，質量分別為mA、mB的A、B兩物塊緊靠在一起放在傾

5、角為的固定斜面上，兩物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)相同，用始終平行于斜面向上的恒力F推A，使它們沿斜面向上勻加速運動，為了增大A、B間的壓力，可行的辦法是()A增大推力FB減小傾角C減小B的質量D減小A的質量答案AD解析設物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為，對A、B整體受力分析，有F(mAmB)gsin (mAmB)gcos (mAmB)a，對B受力分析，有FABmBgsin mBgcos mBa，由以上兩式可得FABeq f(mB,mAmB)Feq f(F,f(mA,mB)1)，為了增大A、B間的壓力，即FAB增大，應增大推力F或減小A的質量，增大B的質量故A、D正確，B、C錯誤力的“分配”兩物塊在力F作

6、用下一起運動，系統(tǒng)的加速度與每個物塊的加速度相同，如圖：地面光滑m1、m2與地面間的動摩擦因數(shù)相同，地面粗糙m1、m2與固定粗糙斜面間的動摩擦因數(shù)相同，以上4種情形中，F(xiàn)一定，兩物塊間的彈力只與物塊的質量有關且F彈eq f(m2,m1m2)F. 考向2關聯(lián)速度連接體例3(2022山東師范大學附中高三月考)如圖所示，足夠長的傾角37的光滑斜面體固定在水平地面上，一根輕繩跨過定滑輪，一端與質量為m11 kg的物塊A連接，另一端與質量為m23 kg的物塊B連接，繩與斜面保持平行開始時，用手按住A，使B懸于空中，釋放后，在B落地之前，下列說法正確的是(所有摩擦均忽略不計，不計空氣阻力，sin 370.

7、6，cos 370.8，g取10 m/s2)()A繩的拉力大小為30 NB繩的拉力大小為6 NC物塊B的加速度大小為6 m/s2D如果將B物塊換成一個豎直向下大小為30 N的力，對物塊A的運動沒有影響答案C解析對B隔離分析，由牛頓第二定律得m2gFTm2a，對A、B整體分析，由牛頓第二定律得m2gm1gsin (m1m2)a，聯(lián)立解得a6 m/s2，F(xiàn)T12 N，故A、B錯誤，C正確；如果將B物塊換成一個豎直向下大小為30 N的力，對A由牛頓第二定律得Fm1gsin m1a，解得a24 m/s2，前后加速度不一樣，對物塊A的運動有影響，故D錯誤題型二動力學中的臨界和極值問題1常見的臨界條件(1

8、)兩物體脫離的臨界條件：FN0.(2)相對滑動的臨界條件：靜摩擦力達到最大值(3)繩子斷裂或松弛的臨界條件：繩子斷裂的臨界條件是繩中張力等于它所能承受的最大張力；繩子松弛的臨界條件是FT0.2解題基本思路(1)認真審題，詳細分析問題中變化的過程(包括分析整個過程中有幾個階段)；(2)尋找過程中變化的物理量；(3)探索物理量的變化規(guī)律；(4)確定臨界狀態(tài)，分析臨界條件，找出臨界關系3解題方法極限法把物理問題(或過程)推向極端，從而使臨界現(xiàn)象(或狀態(tài))暴露出來，以達到正確解決問題的目的假設法臨界問題存在多種可能，特別是非此即彼兩種可能時，或變化過程中可能出現(xiàn)臨界條件，也可能不出現(xiàn)臨界條件時，往往用

9、假設法解決問題數(shù)學法將物理過程轉化為數(shù)學表達式，根據(jù)數(shù)學表達式解出臨界條件 考向1相對滑動的臨界問題例4(多選)如圖所示，A、B兩物塊疊在一起靜止在水平地面上，A物塊的質量mA2 kg，B物塊的質量mB3 kg，A與B接觸面間的動摩擦因數(shù)10.4，B與地面間的動摩擦因數(shù)20.1，現(xiàn)對A或對B施加一水平外力F，使A、B相對靜止一起沿水平地面運動，重力加速度g10 m/s2，物塊受到的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力下列說法正確的是()A若外力F作用到物塊A上，則其最小值為8 NB若外力F作用到物塊A上，則其最大值為10 NC若外力F作用到物塊B上，則其最小值為13 ND若外力F作用到物塊B上，則其最大

10、值為25 N答案BD解析當外力F作用到A上時，A對B的摩擦力達到最大靜摩擦力時，兩者相對靜止，F(xiàn)達到最大值，對B根據(jù)牛頓第二定律，有：1mAg2(mAmB)gmBa1，代入數(shù)據(jù)解得a11 m/s2，對整體：F12(mAmB)g(mAmB)a1，代入數(shù)據(jù)，解得：F110 N，故B正確；當外力F作用到B上時，A對B的摩擦力達到最大靜摩擦力時，兩者相對靜止，F(xiàn)達到最大值，對A，根據(jù)牛頓第二定律，有1mAgmAa2，得a21g4 m/s2，對A、B整體：F22(mAmB)g(mAmB)a2，代入數(shù)據(jù)解得：F225 N，故D正確；無論F作用于A還是B上，A、B剛開始相對地面滑動時，F(xiàn)min2(mAmB)

11、g5 N，A、C錯誤例5如圖所示，一塊質量m2 kg的木塊放置在質量M6 kg、傾角37的粗糙斜面體上，木塊與斜面體間的動摩擦因數(shù)0.8，二者靜止在光滑水平面上現(xiàn)對斜面體施加一個水平向左的作用力F，若要保證木塊和斜面體不發(fā)生相對滑動，求F的大小范圍(設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8)答案0F310 N解析若要保證木塊和斜面體不發(fā)生相對滑動，則兩物體以相同的加速度向左做勻加速直線運動，由于tan ，故當F0時，木塊靜止在斜面上，即F的最小值為0；根據(jù)題意可知，當木塊相對斜面體恰不向上滑動時，F(xiàn)有最大值Fm，設此時兩物體運動的加速度為a，兩物

12、體之間的摩擦力大小為Ff，斜面體對木塊的支持力為FN.對整體和木塊分別進行受力分析，如圖甲、乙對整體受力分析Fm(mM)a，對木塊受力分析FfFN，水平方向Ffcos FNsin ma，豎直方向FNcos mgFfsin ，聯(lián)立以上各式，代入數(shù)據(jù)解得Fm310 N，故F的大小范圍為0F310 N. 考向2恰好脫離的動力學臨界問題例6(多選)如圖所示，質量mB2 kg的水平托盤B與一豎直放置的輕彈簧焊接，托盤上放一質量mA1 kg的小物塊A，整個裝置靜止現(xiàn)對小物塊A施加一個豎直向上的變力F，使其從靜止開始以加速度a2 m/s2做勻加速直線運動，已知彈簧的勁度系數(shù)k600 N/m，g10 m/s2

13、.以下結論正確的是()A變力F的最小值為2 NB變力F的最小值為6 NC小物塊A與托盤B分離瞬間的速度為0.2 m/sD小物塊A與托盤B分離瞬間的速度為eq f(r(5),5) m/s答案BC解析A、B整體受力產生加速度，則有FFNAB(mAmB)g(mAmB)a，F(xiàn)(mAmB)a(mAmB)gFNAB，當FNAB最大時，F(xiàn)最小，即剛開始施力時，F(xiàn)NAB最大，等于重力，則Fmin(mAmB)a6 N，B正確，A錯誤；剛開始，彈簧的壓縮量為x1eq f(mAmBg,k)0.05 m；A、B分離時，其間恰好無作用力，對托盤B，由牛頓第二定律可知kx2mBgmBa，得x20.04 m物塊A在這一過程

14、的位移為xx1x20.01 m，由運動學公式可知v22ax，代入數(shù)據(jù)得v0.2 m/s，C正確，D錯誤連接體恰好脫離滿足兩個條件(1)物體間的彈力FN0；(2)脫離瞬間系統(tǒng)、單個物體的加速度仍相等 考向3動力學中的極值問題例7如圖甲所示，木板與水平地面間的夾角可以隨意改變，當30時，可視為質點的一小物塊恰好能沿著木板勻速下滑如圖乙，若讓該小物塊從木板的底端每次均以大小相同的初速度v010 m/s沿木板向上運動，隨著的改變，小物塊沿木板向上滑行的距離x將發(fā)生變化，重力加速度g取10 m/s2.(1)求小物塊與木板間的動摩擦因數(shù)；(2)當角滿足什么條件時，小物塊沿木板向上滑行的距離最小，并求出此最

15、小值答案(1)eq f(r(3),3)(2)60eq f(5r(3),2) m解析(1)當30時，小物塊恰好能沿著木板勻速下滑，則mgsin Ff，F(xiàn)fmgcos 聯(lián)立解得：eq f(r(3),3).(2)當變化時，設沿斜面向上為正方向，物塊的加速度為a，則mgsin mgcos ma，由0v022ax得xeq f(v02,2gsin cos )，令cos eq f(1,r(12)，sin eq f(,r(12)，即tan eq f(r(3),3)，故30，又因xeq f(v02,2gr(12)sin )當90時x最小，即60，所以x最小值為xmineq f(v02,2gsin 60cos 6

16、0)eq f(r(3)v02,4g)eq f(5r(3),2) m.題型三動力學圖像問題1常見圖像vt圖像、at圖像、Ft圖像、Fa圖像等2題型分類(1)已知物體受到的力隨時間變化的圖線，要求分析物體的運動情況(2)已知物體的速度、加速度隨時間變化的圖線，要求分析物體的受力情況(3)由已知條件確定某物理量的變化圖像3解題策略(1)分清圖像的類別：即分清橫、縱坐標所代表的物理量，明確其物理意義，掌握物理圖像所反映的物理過程，會分析臨界點(2)注意圖線中的一些特殊點所表示的物理意義：圖線與橫、縱坐標的交點，圖線的轉折點，兩圖線的交點等(3)明確能從圖像中獲得哪些信息：把圖像與具體的題意、情景結合起

17、來，應用物理規(guī)律列出與圖像對應的函數(shù)方程式，進而明確“圖像與公式”“圖像與物體”間的關系，以便對有關物理問題作出準確判斷例8(多選)(2019全國卷20)如圖(a)，物塊和木板疊放在實驗臺上，物塊用一不可伸長的細繩與固定在實驗臺上的力傳感器相連，細繩水平t0時，木板開始受到水平外力F的作用，在t4 s時撤去外力細繩對物塊的拉力f隨時間t變化的關系如圖(b)所示，木板的速度v與時間t的關系如圖(c)所示木板與實驗臺之間的摩擦可以忽略重力加速度取10 m/s2.由題給數(shù)據(jù)可以得出()A木板的質量為1 kgB2 s4 s內，力F的大小為0.4 NC02 s內，力F的大小保持不變D物塊與木板之間的動摩

18、擦因數(shù)為0.2答案AB解析由題圖(c)可知木板在02 s內處于靜止狀態(tài)，再結合題圖(b)中細繩對物塊的拉力f在02 s內逐漸增大，可知物塊受到木板的摩擦力逐漸增大，故可以判斷木板受到的水平外力F也逐漸增大，選項C錯誤；由題圖(c)可知木板在2 s4 s內做勻加速運動，其加速度大小為a1eq f(0.40,42) m/s20.2 m/s2，對木板進行受力分析，由牛頓第二定律可得Ff摩ma1，在45 s內做勻減速運動，其加速度大小為a2eq f(0.40.2,54) m/s20.2 m/s2，f摩ma2，另外由于物塊靜止不動，同時結合題圖(b)可知物塊與木板之間的滑動摩擦力f摩0.2 N，解得m1

19、 kg、F0.4 N，選項A、B正確；由于不知道物塊的質量，所以不能求出物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)，選項D錯誤課時精練1.(多選)如圖所示，水平地面上有三個靠在一起的物塊A、B和C，質量均為m，設它們與地面間的動摩擦因數(shù)均為，用水平向右的恒力F推物塊A，使三個物塊一起向右做勻加速直線運動，用F1、F2分別表示A與B、B與C之間相互作用力的大小，則下列判斷正確的是()A若0，則F1F221B若0，則F1F231C若0，則F1F221D若0，則F1F231答案AC解析三物塊一起向右做勻加速直線運動，設加速度為a，若0，分別對物塊B、C組成的系統(tǒng)和物塊C應用牛頓第二定律有F12ma，F(xiàn)2ma，易得F

20、1F221，C項正確，D項錯誤；若0，分別對物塊B、C組成的系統(tǒng)和物塊C應用牛頓第二定律有F12mg2ma，F(xiàn)2mgma，易得F1F221，A項正確，B項錯誤2.如圖所示，質量為M、中空為半球形的光滑凹槽放置于光滑水平地面上，光滑凹槽內有一質量為m的小鐵球，現(xiàn)用一水平向右的推力F推動凹槽，小鐵球與光滑凹槽相對靜止時，凹槽圓心和小鐵球的連線與豎直方向成角重力加速度為g，則下列說法正確的是()A小鐵球受到的合外力方向水平向左B凹槽對小鐵球的支持力為eq f(mg,sin )C系統(tǒng)的加速度為agtan D推力FMgtan 答案C解析根據(jù)小鐵球與光滑凹槽相對靜止可知，系統(tǒng)有水平向右的加速度agtan

21、，小鐵球受到的合外力方向水平向右，凹槽對小鐵球的支持力為eq f(mg,cos )，推力F(Mm)gtan ，選項A、B、D錯誤，C正確3(2020江蘇卷5)中歐班列在歐亞大陸開辟了“生命之路”，為國際抗疫貢獻了中國力量某運送防疫物資的班列由40節(jié)質量相等的車廂組成，在車頭牽引下，列車沿平直軌道勻加速行駛時，第2節(jié)對第3節(jié)車廂的牽引力為F.若每節(jié)車廂所受摩擦力、空氣阻力均相等，則倒數(shù)第3節(jié)對倒數(shù)第2節(jié)車廂的牽引力為()AF B.eq f(19F,20) C.eq f(F,19) D.eq f(F,20)答案C解析設列車的加速度為a，每節(jié)車廂的質量為m，每節(jié)車廂受到的阻力為Ff，對后38節(jié)車廂，

22、由牛頓第二定律有F38Ff38ma；設倒數(shù)第3節(jié)車廂對倒數(shù)第2節(jié)車廂的牽引力為F1，對后2節(jié)車廂，由牛頓第二定律得F12Ff2ma，聯(lián)立解得F1eq f(F,19)，故選項C正確4如圖所示，在光滑水平面上有一輛小車A，其質量為mA2.0 kg，小車上放一個物體B，其質量為mB1.0 kg.如圖甲所示，給B一個水平推力F，當F增大到稍大于3.0 N時，A、B開始相對滑動，如果撤去F，對A施加一水平推力F，如圖乙所示要使A、B不相對滑動，則F的最大值Fmax為()A2.0 N B3.0 NC6.0 N D9.0 N答案C解析根據(jù)題圖甲所示，設A、B間的靜摩擦力達到最大值Ffmax時，系統(tǒng)的加速度為

23、a，根據(jù)牛頓第二定律，對A、B整體有F(mAmB)a，對A有FfmaxmAa，代入數(shù)據(jù)解得Ffmax2.0 N；根據(jù)題圖乙所示情況，設A、B剛開始滑動時系統(tǒng)的加速度為a，根據(jù)牛頓第二定律，以B為研究對象有FfmaxmBa，以A、B整體為研究對象，有Fmax(mAmB)a，代入數(shù)據(jù)解得Fmax6.0 N，故選C.5如圖(a)，一物塊在t0時刻滑上一固定斜面，其運動的vt圖線如圖(b)所示若重力加速度及圖中的v0、v1、t1均為已知量，則不可求出()A斜面的傾角B物塊的質量C物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)D物塊沿斜面向上滑行的最大高度答案B解析由題圖可知，物塊上滑的加速度大小a1eq f(v0,t1)，

24、下滑的加速度大小a2eq f(v1,t1)，根據(jù)牛頓第二定律，物塊上滑時有mgsin mgcos ma1，下滑時有mgsin mgcos ma2，則可求得斜面傾角及動摩擦因數(shù)，故A、C不符合題意；由于m均消去，無法求得物塊的質量，故B符合題意；物塊上滑的最大距離xeq f(v0t1,2)，則最大高度hxsin ，故D不符合題意6.(2018全國卷15)如圖，輕彈簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物塊P，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)現(xiàn)用一豎直向上的力F作用在P上，使其向上做勻加速直線運動以x表示P離開靜止位置的位移，在彈簧恢復原長前，下列表示F和x之間關系的圖像可能正確的是()答案A解析設物塊P靜止時，彈簧

25、的長度為x0，原長為l，則有k(lx0)mg，物塊P向上做勻加速直線運動時受重力mg、彈簧彈力k(lx0 x)及力F，根據(jù)牛頓第二定律，得Fk(lx0 x)mgma，故Fkxma.根據(jù)數(shù)學知識知Fx圖像是縱軸截距為ma、斜率為k的一次函數(shù)圖像，故可能正確的是A.7.如圖所示，質量m2 kg的小球用細繩拴在傾角37的光滑斜面上，此時，細繩平行于斜面取g10 m/s2(sin 370.6，cos 370.8)下列說法正確的是()A當斜面體以5 m/s2的加速度向右加速運動時，繩子拉力大小為20 NB當斜面體以5 m/s2的加速度向右加速運動時，繩子拉力大小為30 NC當斜面體以20 m/s2的加速

26、度向右加速運動時，繩子拉力大小為40 ND當斜面體以20 m/s2的加速度向右加速運動時，繩子拉力大小為60 N答案A解析小球剛好離開斜面時的臨界條件是斜面對小球的彈力恰好為零，斜面對小球的彈力恰好為零時，設繩子的拉力為F，斜面體的加速度為a0，以小球為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律有Fcos ma0，F(xiàn)sin mg0，代入數(shù)據(jù)解得a013.3 m/s2.由于a15 m/s2a0，可見小球離開了斜面，此時小球的受力情況如圖乙所示，設繩子與水平方向的夾角為，以小球為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律有F2cos ma2，F(xiàn)2sin mg0，代入數(shù)據(jù)解得F220eq r(5) N，選項C、D錯誤8.(多選)物

27、塊B放在光滑的水平桌面上，其上放置物塊A，物塊A、C通過細繩相連，細繩跨過定滑輪，如圖所示，物塊A、B、C質量均為m，現(xiàn)釋放物塊C，A和B一起以相同加速度加速運動，不計細繩與滑輪之間的摩擦力，重力加速度大小為g，A、B未與滑輪相撞，C未落地，則細繩中的拉力大小及A、B間的摩擦力大小分別為()AFTmg BFTeq f(2,3)mgCFfeq f(2,3)mg DFfeq f(1,3)mg答案BD解析以C為研究對象，由牛頓第二定律得mgFTma；以A、B為研究對象，由牛頓第二定律得FT2ma，聯(lián)立解得FTeq f(2,3)mg，aeq f(1,3)g；以B為研究對象，由牛頓第二定律得Ffma，得

28、Ffeq f(1,3)mg，故選B、D.9(多選)如圖甲所示，用一水平力F拉著一個靜止在傾角為的光滑固定斜面上的物體，逐漸增大F，物體做變加速運動，其加速度a隨外力F變化的圖像如圖乙所示，重力加速度為g10 m/s2，根據(jù)圖乙中所提供的信息可以計算出()A物體的質量B斜面的傾角正弦值C加速度為6 m/s2時物體的速度D物體能靜止在斜面上所施加的最小外力答案ABD解析對物體，由牛頓第二定律可得Fcos mgsin ma，上式可改寫為aeq f(cos ,m)Fgsin ，故aF圖像的斜率為keq f(cos ,m)0.4 kg1，截距為bgsin 6 m/s2，解得物體質量為m2 kg，sin

29、0.6，故A、B正確；由于外力F為變力，物體做非勻變速運動，故利用高中物理知識無法求出加速度為6 m/s2時物體的速度，C錯誤；物體能靜止在斜面上所施加的最小外力為Fminmgsin 12 N，故D正確10.(多選)如圖所示，傾角為的斜面體放在粗糙的水平地面上，現(xiàn)有一帶固定支架的滑塊m正沿斜面加速下滑支架上用細線懸掛的小球達到穩(wěn)定(與滑塊相對靜止)后，懸線的方向與豎直方向的夾角也為，斜面體始終保持靜止，則下列說法正確的是()A斜面光滑B斜面粗糙C達到穩(wěn)定狀態(tài)后，地面對斜面體的摩擦力水平向左D達到穩(wěn)定狀態(tài)后，地面對斜面體的摩擦力水平向右答案AC解析隔離小球，可知穩(wěn)定后小球的加速度方向沿斜面向下，

30、大小為gsin ，小球穩(wěn)定后，支架系統(tǒng)的加速度與小球的加速度相同，對支架系統(tǒng)進行分析，只有斜面光滑，支架系統(tǒng)的加速度才是gsin ，A正確，B錯誤隔離斜面體，斜面體受到的力有自身重力、地面的支持力、支架系統(tǒng)對它垂直斜面向下的壓力，因斜面體始終保持靜止，則斜面體還應受到地面對它水平向左的摩擦力，C正確，D錯誤11(多選)如圖甲所示，足夠長的木板B靜置于光滑水平面上，其上放置小滑塊A，滑塊A受到隨時間t變化的水平拉力F作用時，用傳感器測出滑塊A的加速度a，得到如圖乙所示的aF圖像，A、B之間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g取10 m/s2，則()A滑塊A的質量為4 kgB木板B的質量為2 kgC當F10 N時滑塊A加速度為6 m/s2D滑塊A與木板B間動摩擦因數(shù)為0.2答案BC解析設滑塊A的質量m，木板B的質量為M，滑塊A與木板B間的動摩擦因數(shù)為.由題圖乙可知，當FFm6 N時，滑塊A與木板B達到最大共同加速度為am2 m/s2，根據(jù)牛頓第二定律有Fm(Mm)am，解得Mm3 kg；當F6 N時，A與B將發(fā)生相對滑動，對A單獨應用牛頓第二定律有Fmgma，整理得aeq f(F,m)g；根據(jù)題圖乙解得m1 kg，0.4，則M2 kg，A、D錯誤，B正確；當F10 N時，木板A的加速度為