1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，傾角為30的斜面A置于水平面上，滑塊B、C疊放在一起沿斜面勻速下滑，且始終保持相對靜止，斜面A靜止不動，B上表面傾斜，則B、C在斜面上運動時，下列說法正確的是AB

2、可能受三個力作用BA、B間的動摩擦因數CA一定受四個力作用D地面對A的支持力小于A、B、C三者重力之和2、如圖所示，3根輕繩懸掛著兩個質量相同的小球并保持靜止，繩AD與AC垂直現對B球施加一個水平向右的力F，使B緩慢移動到圖中虛線位置，此過程中AD、AC兩繩張力TAC、TAD的變化情況是()ATAC變大，TAD減小BTAC變大，TAD不變CTAC減小，TAD變大DTAC不變，TAD變大3、一輛汽車在平直的公路上以某一初速度運動，運動過程中保持恒定的牽引功率，其加速度和速度的倒數圖像如圖所示若已知汽車的質量，則根據圖像所給的信息，不能求也的物理量是（ ）A汽車的功率B汽車行駛的最大速度C汽車所受

3、到的阻力D汽車運動到最大速度所需的時間4、從地面豎直向上拋出一物體，取地面為重力勢能零點，該物體的機械能E總和重力勢能Ep隨它離開地面的高度h的變化如圖所示。重力加速度取10 m/s2。由圖中數據可得A物體的質量為1 kgBh=0時，物體的速率為20 m/sCh=2 m時，物體的動能Ek=50 JD物體上升過程中所受的阻力為變力5、現象一：傍晚用電多的時候，燈光發暗，而當夜深人靜時，燈光特別明亮；現象二：在插上電爐等大功率電器時，燈光會變暗，拔掉后燈光馬上亮了起來下列說法正確的是（ ）A現象一是因為夜深人靜時，周圍比較黑，突顯出燈光特別明亮B現象二是因為電爐等大功率電器的電阻都比較大引起的C兩

4、個現象都可以用電阻定律R=L/S來解釋D兩個現象都可以用閉合電路歐姆定律來解釋6、一帶負電粒子在電場中僅受靜電力作用下沿x軸正向做直線運動v-t圖象如圖所示,起始點O為坐標原點,下列關于電勢、粒子動能Ek、電場強度E、粒子加速度a與位移x的關系圖象中可能合理的是A B C D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一氣缸固定在水平面上，氣缸內活塞B封閉著一定質量的理想氣體，假設氣缸壁的導熱性能很好，環境的溫度保持不變若用外力F將活塞B緩慢地向右拉動，則在拉動活塞

5、的過程中，關于氣缸內氣體，下列說法正確的是（ ）A單個氣體分子對氣缸壁的平均作用力變小B單位時間內，氣體分子對左側氣缸壁的碰撞次數變少C外界對氣體做正功，氣體向外界放熱D氣體對外界做正功，氣體內能不變E.氣體是從單一熱源吸熱，全部用來對外做功，但此過程并未違反熱力學第二定律8、如圖,水平光滑地面上停放著一質量為M的小車,其左側有半徑為R的四分之一光滑圓弧軌道AB，軌道最低點B與長為L的水平軌道BC相切,整個軌道處于同一豎直平面內。將質量為m的物塊(可視為質點)從A點無初速釋放,物塊沿軌道滑行至軌道末端C處恰好沒有滑出,設重力加速度為g,空氣阻力可怎略不計。關于物塊從A位置運動至C位置的過程中,

6、下列說法正確的（ ）A小車和物塊構成的系統動量守恒B摩擦力對物塊和軌道所做的功的代數和為-mgRC小車在全過程中運動的最大位移為mm+MLD小車運動過程中的最大速度為2m2gRM2+Mm9、為了安全，在公路上行駛的汽車必須保持距離假設高速公路上甲、乙兩車在同一車道上行駛，甲車在前，乙車在后t=0時刻，發現前方有事故，兩車同時開始剎車，行進中兩車恰好沒有發生碰撞兩車剎車過程的vt圖象如圖所示，以下判斷正確的是A兩車都停止運動時相距25 mBt=0時刻兩車間距等于50 mCt=5 s時兩車間距小于t=15 s時兩車間距D乙車剎車的加速度大小是甲車的1.5倍10、如圖所示，輕繩一端與放在光滑水平桌面

7、的物塊A連接，另一端通過滑輪懸掛著物塊B已知物塊A的質量為0.1kg，物塊B的質量為0.6kg現由靜止釋放物塊A、B，若物塊A距桌子右邊緣足夠遠，不計滑輪重量和繩與滑輪之間的摩擦力，重力加速度g=10ms1則在B未落地之前，下列說法正確的是A物塊A、B的加速度大小之比為1：1B輕繩的拉力為1.1NC物塊B機械能守恒D當物塊B下落高度為0.75m時，物塊A的速度大小為6ms三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）同學們分別利用下圖甲、乙所示的兩種裝置采用不同方法探究“合外力做功與動能改變量的關系”其中小車A與紙帶和打點計時器B相連，托盤

8、C內裝有砝碼，D為無線測力傳感器，可直接測量繩子給小車的拉力（1）下列說法正確的是_A兩種方案都需要將導軌的右端墊高以平衡摩擦力B兩種方案都需要測量并記錄小車的質量C兩種方案都需要測量并記錄托盤及托盤中砝碼的總質量D兩種方案都要求托盤及盤中砝碼總質量遠小于小車A的質量 （2）如圖丙是某次實驗打下的紙帶，其中O點是小車由靜止釋放瞬間打點計時器打下的第一個點，打點周期為T，相鄰兩點間還有四個點沒畫出，則打下C點時小車的速度大小為vc=_ （3）若采用方案二進行實驗，用天平測得小車的質量為M，傳感器D測量得到繩子拉力為F，研究小車從開始運動到打下C點的過程，則根據動能定理，應驗證的表達式為(用題目中

9、已知物理量的符號表示)_（4）若采用方案一進行實驗，并將砝碼盤和砝碼總重力mg當作繩子拉力，多次實驗發現拉力做功總是比小車動能增加量要_一些（填“偏大”或“偏小），造成這種誤差最可能的原因是_12（12分）某同學為探究加速度與合外力的關系，設計了如圖甲所示的實驗裝置一端帶有定滑輪的長木板固定在水平桌面上，用輕繩繞過定滑輪及輕滑輪將小車與彈簧測力計相連實驗中改變懸掛的鉤碼個數進行多次測量，記錄彈簧測力計的示數F，并利用紙帶計算出小車對應的加速度a（1）實驗中鉤碼的質量可以不需要遠小于小車質量，其原因是_A小車所受的拉力與鉤碼的重力無關B小車所受的拉力等于鉤碼重力的一半C小車所受的拉力可由彈簧測力

10、計直接測出（2）圖乙是實驗中得到的某條紙帶的一部分已知打點計時器使用的交流電頻率為50Hz，由紙帶數據求出小車的加速度a=_m/s（3）根據實驗數據繪出小車的加速度a與彈簧測力計示數F的關系圖像，下列圖像中最符合本實驗實際情況的是（_）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示摩托車做騰躍特技表演，沿曲面沖上高0.8m頂部水平高臺，接著以4m/s水平速度離開平臺，落至地面時，恰能無碰撞地沿圓弧切線從A點切入光滑豎直圓弧軌道,并沿軌道下滑.A、B為圓弧兩端點,其連線水平.已知圓弧半徑為2m，人和車的總質量為

11、200kg，特技表演的全過程中，空氣阻力不計.(計算中取g=10m/s2.求:(1)從平臺飛出到A點，人和車運動的水平距離s.(2)從平臺飛出到達A點時速度大小及圓弧對應圓心角.(3)若已知人和車運動到圓弧軌道最低點O速度為6m/s,求此時人和車對軌道的壓力.14（16分）圖中給出一段“”形單行盤山公路的示意圖，彎道1、彎道2可看作兩個不同水平面上的圓弧，圓心分別為O1、O2，彎道中心線半徑分別為r1 =10m, r2=40m，彎道2比彎道1低h=8m，有一直道與兩彎道圓弧相切。質量m為1000kg的汽車通過彎道時做勻速圓周運動，路面對輪胎的最大徑向靜摩擦力是車重的1.0倍，行駛時要求汽車不打

12、滑，已知重力加速度g10m/s2。（1）求汽車沿彎道1中心線行駛時的最大速度；（2）汽車以進入直道，以P=20kW的恒定功率直線行駛了t=10s，進入彎道2，此時速度恰為通過彎道2中心線的最大速度，求直道上除重力以外的阻力對汽車做的功；（3）汽車從彎道1的A點進入，從同一直徑上的B點駛離，有經驗的司機會利用路面寬度，用最短時間勻速安全通過彎道，設路寬，求此最短時間（A、B兩點都在軌道的中心線上，計算時視汽車為質點）(,計算結果保留兩位有效數字)。15（12分）如圖，一個質量為m=0.6kg的小球以某一初速度從P點水平拋出，恰好從光滑圓弧ABC的A點的切線方向進入圓弧(不計空氣阻力，進入圓弧時速

13、度不變)，已知圓弧的半徑R=0.5m，=53，小球到達A點時的速度vA=5m/s(sin53=0.8，cos53=0.6,取g=10m/s2).求：(1) P點與A點的水平距離和豎直高度；(2)小球到達圓弧最高點C時對軌道的壓力。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：物體B勻速運動，根據平衡條件分析B的受力情況；以B和C整體為研究對象，沿斜面方向根據平衡條件求解動摩擦因數；以斜面為研究對象，根據力的分析方法分析斜面受力；地面對A的支持力等于A、B、C三者重力之和A、B受到重力、斜面的支持力和摩擦力

14、、C對B的壓力和摩擦力5個力的作用，A錯誤；以B和C整體為研究對象，沿斜面方向根據平衡條件可得，解得，B錯誤；斜面A受到重力、地面的支持力、B對斜面的壓力和摩擦力4個力的作用，C正確；滑塊B、C疊放在一起沿斜面勻速下滑，整體受力平衡，故地面對A的支持力等于A、B、C三者重力之和，故D錯誤2、C【解析】B緩慢移動，A、B可以看做整體，設AC繩與水平面的夾角為沒有施加力F時對整體受力分析（如圖所示），由力的平衡可得：施加力F后對整體受力分析（如圖所示），建立坐標系，方向：方向：由兩式可得：比較和、和可知：，即TAC減小，TAD變大，故C正確3、D【解析】由，可得：，對應題圖可知， ，已知汽車的質量

15、，故可求出汽車的功率P；由時，可得；再由，可求出汽車受到的阻力，但無法求出汽車運動到最大速度所需的時間故選D4、C【解析】A.由圖知，時則有：由得物體的質量為：故A錯誤；B.時，則有：，總則物體的動能為：總由可得：故B錯誤；C. 時，則有：，總則物體的動能為：總故C正確；D. 根據功能關系可得克服阻力所做的功等于械能減少量，故有：可得物體在運動過程中受到的阻力恒為：故D錯誤。5、D【解析】由于大多數用電器都是并聯的，當傍晚用電多的時候或者插上電爐等功率大的用電器時，干路上的總電流會變大，這時候導線上的電壓損失就會增加，當變壓器供給用戶電壓一定的情況下，會使得用戶得到的電壓減小，所以電燈就會發暗

16、；而當夜深人靜時，用戶用電器減少或者拔掉電爐、電暖氣等功率大的用電器時，干路上的總電流會減小，這時候導線上的電壓損失就會減小，用戶得到的電壓增大，所以電燈就會明亮，所以兩個現象都可以用閉合電路歐姆定律來解釋，故D正確，ABC錯誤；故選D.點睛：變壓器的輸出電壓一部分消耗在導線上，另一部分才加到用電器上，所以如果導線上電流過大，不但有電壓損失，導線上也要發熱，所以要減少這些影響，在使用功率大用電器時，要求導線截面積要大6、C【解析】根據v-t圖象的斜率分析加速度的變化，判斷電場力的變化，由電場力做功情況分析動能和電勢能的變化，再分析電勢的變化.【詳解】A、v-t圖象的斜率表示加速度，則知粒子的加

17、速度減小，由牛頓第二定律知qE=ma，得場強E逐漸減小，由知-x圖象切線斜率是變化的，所以，-x圖象是曲線，故A錯誤.B、v減小，則知動能Ek減小，故B錯誤.C、E隨時間減小，粒子做減速直線運動，E可能隨x均勻減小，故C正確.D、a隨時間減小，粒子做減速直線運動，a隨x增大而減小，故D錯誤.故選C.【點睛】本題關鍵是明確粒子的受力情況和運動情況，然后結合動能定理進行分析，圖象的斜率的物理意義要清楚。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BDE【解析】A由理想氣體狀態方程

18、知，等溫變化過程中，體積增大，壓強減小，即所有分子的平均作用力變小，但分子做無規則熱運動，大量分子只能得到統計規律，無法衡量某一個分子的撞擊力是否變化；故A錯誤.B氣體的溫度不變，則分子運動的激烈程度不變，氣體的壓強減小，根據壓強的微觀意義可知，氣體分子單位時間對氣缸壁單位面積碰撞的次數將變少；故B正確.CD氣體體積變大，故氣體對外做功；又氣缸壁的導熱性能良好，環境的溫度保持不變，故氣體做等溫變化，溫度不變即內能不變，則氣體從外界吸熱；故C錯誤，D正確.E在變化的過程中，氣體不斷的從外界吸收熱量用來對外做功，但引起了其它變化如F做了功，此過程沒有違反熱力學第二定律；故E正確.故選BDE.【點睛

19、】該題結合理想氣體的狀態方程考查熱力學第一定律,熱力學第二定律和壓強的微觀解釋，關鍵點在氣體等溫變化8、BD【解析】系統所受合外力為零時，系統動量守恒；由動能定理或機械能守恒定律求出物塊滑到B點時的速度，然后由動量守恒定律求出物塊與小車的共同速度，即為最大速度。【詳解】A項：在物塊從A位置運動到B位置過程中，小車和物塊構成的系統在受到的合力不為零，系統動量不守恒，但在水平方向上動量守恒，故A錯誤；B項：由功能關系可知，摩擦力對物塊和軌道所做的功的代數和的絕對值為因摩擦產生的內能即損失的機械能，由系統水平方向動量守恒可知，最后A物塊和小車都靜止，由能量守恒可知，損失的機械能為mgR，故B正確；C

20、項：由系統水平方向動量守恒和“人船模型”可知，mx1=Mx2，x1+x2=L+R，解得：x2=mm+M(L+R)，故C錯誤；D項：當A物塊運動到B點時，小車的速度最大，由水平方向動量守恒得：mv1=Mv2，由機械能守恒得：mgR=12mv12+12Mv22，聯立解得：v2=2m2gRM2+Mm，故D正確。故應選：BD。【點睛】動量守恒條件是：系統所受合外力為零，對物體受力分析，判斷系統動量是否守恒；熟練應用動量守恒定律、動能定律、能量守恒定律即可正確解題。9、AB【解析】AB、行進中兩車恰好沒有發生碰撞，說明t10s時刻兩車速度相等時恰好相遇，則t0時刻兩車間距等于兩車在10s位移之差，為：

21、m50m根據圖象與時間軸圍成的“面積”表示位移可知，甲的剎車距離為：m=200m，而乙的剎車距離為：m，兩車都停止運動時相距為：225m（50m+200m）25m；故AB正確C、根據“面積”表示位移，可知t5s15s內兩車通過的位移相等，所以t5s時兩車間距等于t15s時兩車間距，故C錯誤D、根據vt圖象的斜率表示加速度，甲的加速度大小為：a11m/s2；乙的加速度大小為：a22m/s2；故乙車的加速度是甲車的加速度的2倍；故D錯誤10、ABD【解析】同時間內，圖中A向右運動h時，B下降一半的距離，即為0.5h，故A、B運動的路程之比為1：1，故速度和加速度之比均為1：1，故A正確；設A的加速

22、度為a，則B的加速度為0.5a，根據牛頓第二定律，對A，有：T=mAa，對B，有：mBg-1T=mB0.5a，聯立解得：T=1.1N，a=11m/s1，故B正確；對B，加速度為a=0.5a=6m/s1，根據速度位移公式，有：v1=1ah，解得：，可知 vA=1vB=6m/s，故D正確；細繩的拉力對B做功，則B的機械能不守恒，選項C錯誤；故選ABD【點睛】本題考查連接體問題，關鍵是搞清兩個物體的速度和加速度的關系，結合牛頓第二定律和運動學公式列式分析，也可以結合系統機械能守恒定律分析三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AB 偏大 鉤碼也做

23、勻加速運動，鉤碼重力大于細繩拉力, 導致拉力的功的測量值偏大或: mg做功不僅增加小車動能，也增加砝碼和砝碼盤的動能 【解析】（1）兩種方案都需要將導軌的右端墊高以平衡摩擦力，這樣才能保證拉力的功等于合外力的功，選項A正確；兩種方案都需要測量并記錄小車的質量，這樣才能求解小車的動能變化量，選項B正確；乙裝置由于有力傳感器，則不需要測量并記錄托盤及托盤中砝碼的總質量，也不要求托盤及盤中砝碼總質量遠小于小車A的質量，選項CD錯誤；故選AB.（2）因紙帶上相鄰兩點間還有四個點沒畫出，可知t=5T，打下C點時小車的速度大小為；（3） 小車從開始運動到打下C點的過程動能的增量為；拉力的功W=Fs3，則應

24、驗證的表達式為；（4）鉤碼也做勻加速運動，鉤碼重力大于細繩拉力，所以由鉤碼的重力代替拉力求解的功偏大，即導致拉力的功的測量值偏大；或者mg做功不僅增加小車動能，也增加砝碼和砝碼盤的動能.【點睛】本題考查探究功與速度變化的關系實驗，解決本題的關鍵掌握紙帶處理的方法，會通過紙帶求解瞬時速度和動能增量，以及知道實驗誤差形成的原因，明確用鉤碼的重力代替繩的拉力的作用所帶來的影響12、C 0.75 B 【解析】（1）根據實驗原理可知，彈簧測力計的讀數為小車所受合外力，則不需要砝碼和砝碼盤的總質量應遠小于小車的質量的條件，故AB錯誤，C正確；故選C；（2）在勻變速直線運動中連續相等時間內的位移差為常數，即

25、：x=aT2，解得：a=（3）由題意可知，小車的加速度a與彈簧測力計的示數F的關系應該是成線性關系，即為不是過原點的一條傾斜直線，實驗存在阻力，故B符合；【點晴】根據實驗原理，彈簧測力計的讀數為小車所受合外力，則不需要砝碼和砝碼盤的總質量應遠小于小車的質量的條件；在勻變速直線運動中連續相等時間內的位移差為常數，根據作差法求解加速度；數據作出小車的加速度a與彈簧測力計的示數F的關系圖象，應該是過原點的一條傾斜直線四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)1.6m (2)m/s，90 (3)5600N【解析】(1)車做的是平拋運動，很據平拋運動的規律可得