1、對動量概念的理解1下列說法中正確的是()A物體的運動狀態改變，其動量一定改變B物體的動量發生了改變，則合外力一定對物體做了功C如果物體在任何相等的時間內，受到相同的沖量，則物體一定做勻變速運動D如果物體是在恒定的合外力作用下運動，則單位時間內動量的增量與物體的質量無關解析動量是矢量，大小、方向一個方面發生變化，動量就發生了變化可分析A對、B錯沖量是矢量，沖量相等是大小、方向都相等，對C項，可分析出物體受恒力作用，該項正確恒定的合外力與單位時間的乘積是沖量，由動量定理，沖量是定值，則動量變化量也就是定值，與物體質量無關，D項正確答案ACD2關于動量，以下說法正確的是()A做勻速圓周運動的質點，其

2、動量不隨時間發生變化B單擺的擺球每次經過最低點時的動量均相同C勻速飛行的巡航導彈巡航時動量始終不變D平拋運動的質點在豎直方向上的動量與運動時間成正比解析做勻速圓周運動的物體速度方向時刻變化，故動量時刻變化，A錯；單擺的擺球相鄰兩次經過最低點時動量大小相等，但方向相反，故B錯；巡航導彈巡航時雖速度不變，但由于燃料不斷燃燒(導彈中燃料占其總質量的一部分，不可忽略)，從而使導彈總質量不斷減小，導彈動量減小，故C錯；平拋運動物體在豎直方向上的分運動為自由落體運動，在豎直方向的分動量p豎mvymgt，故D正確答案D對沖量概念的理解3質量為m的物體以速度v0從地面豎直上拋(不計空氣阻力)到落回地面，在此過

3、程中()A上升過程和下落過程中動量的變化均為mv0，但方向相反B整個過程中重力的沖量大小為2mv0C整個過程中重力的沖量為0D上升過程重力的沖量大小為mv0，方向向下解析某個力的沖量等于這個力與作用時間的乘積，也可用過程中動量的變化量來表示答案BD4如圖1-2-5所示，在傾角37的足夠長的斜面上，有一質量為5 kg的物體沿斜面滑下，物體與斜面間的動摩擦因數0.2，求物體下滑2 s的時間內，物體所受各力的沖量(g取10 m/s2，sin 37 0.6，cos 37 0.8)圖1-2-5解析重力的沖量IGGtmgt5102 Ns100 Ns，方向豎直向下支持力的沖量INFNtmgcos t5100

4、.82 Ns80 Ns，方向垂直于斜面向上摩擦力的沖量IfFftmgcos t0.25100.82 Ns16 Ns，方向沿斜面向上答案IG100 Ns方向豎直向下IN80 Ns方向垂直于斜面向上If16 Ns方向沿斜面向上對動量定理的理解及應用5人從高處跳到低處時，為了安全，一般都是讓腳尖先著地，這是為了()A減小沖量B使動量的增量變得更小C增長與地面的沖擊時間，從而減小沖力D增大人對地的壓強，起到安全作用解析由Feq f(P,t)可知，動量變化量相同，當腳尖先著地時增長了作用時間，即減小了沖力答案C6如圖1-2-6所示，將質量為m1 kg圖1-2-6的小球，從距水平地面高h5 m處，以v01

5、0 m/s的水平速度拋出，不計空氣阻力，g取10 m/s2.求：(1)平拋運動過程中小球動量的增量p.(2)小球落地時的動量p大小解析由于平拋運動的豎直分運動為自由落體運動，故heq f(1,2)gt2，落地時間t eq r(f(2h,g)1 s.(1)法一因為水平方向上是勻速運動，v0保持不變，所以小球的速度增量為vvygt10 m/s，所以pmv10 kgm/s，方向豎直向下法二小球飛行過程中只受重力作用，所以合外力的沖量為Imgt1101 Ns10 Ns，方向豎直向下由動量定理得pI10 Ns，方向豎直向下(2)由速度合成知，落地速度大小veq r(voal(2,0)voal(2,y)eq r(102102) m/s10eq