1、中小學最新教育資料河南省南陽市第一中學校2019屆高三第十一次考試物理試題二、選擇題：共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個選項中，第1417題只有一項符合題目要求，第1821題有多項符合題目要求，全部選對得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分1.根據(jù)近代物理知識，你認為下列說法中正確的是a.將物體看成質點進行研究分析，應用了等效替代的方法b.通過安培分子電流假說可以得出：一切磁現(xiàn)象都源于電流或運動電荷，一切磁作用都是電流或運動電荷之間通過磁場而發(fā)生的作用c.在原子核中，結合能越大表示原子核中的核子結合的越牢固d.鈾核（）衰變?yōu)殂U核（）的過程中，中子數(shù)減少21個【答案】b【解析】將物體看

2、成質點進行研究分析，應用了理想模型法，選項a錯誤；通過安培分子電流假說可以得出：一切磁現(xiàn)象都源于電流或運動電荷，一切磁作用都是電流或運動電荷之間通過磁場而發(fā)生的作用，選項b正確；在原子核中，比結合能越大表示原子核中的核子結合的越牢固，選項c錯誤；由質量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒知鈾核（）衰變?yōu)殂U核（）的過程中，質量數(shù)減小32，而質子數(shù)減小10，因此中子減小22，故d錯誤；故選b.2.一物塊沿光滑水平面做直線運動，運動過程中受到一水平拉力f作用，如圖所示是其速度-位移圖像，則在位移為x1的過程中，下列關于李f說法正確的是a.力f是恒力b.相等位移內力f沖量相等c.力f逐漸增大d.相等時間內力f做功相等【

3、答案】b中小學最新教育資料中小學最新教育資料【解析】根據(jù)v-x圖像可知在相等的位移中，速度的變化量相等，根據(jù),即，因s相同時（v2-v1）相同，而（v2+v1）逐漸減小，可知物體加速度逐漸減小，則力f逐漸減小，選項ac錯誤；動量定理可知，在相等的位移中，速度的變化量相等，動量的變化量相等，則力f的沖量相等，選項b正確；物體在相等時間的內的位移逐漸減小，f逐漸減小，則相等時間內力f做功逐漸減小，選項d錯誤；故選b.3.如圖所示，一個小型水電站，其交流發(fā)電機的輸出電壓u1一定，通過理想升壓變壓器t1和理想降壓變壓器t2向遠處用戶供電，輸電線的總電阻為rt1的輸入電壓和輸入功率分別為u1和p1，它的

4、輸出電壓和輸出功率分別為u2和p2；t2的輸入電壓和輸入功率分別為u3和p3，它的輸出電壓和輸出功率分別為u4和p4下列說法正確的是（）a.當用戶的用電器增多時，u2減小，u4變小b.當用戶的用電器增多時，p1變大，p3減小c.輸電線上損失的功率為d.要減小線路的損耗，應增大升壓變壓器的匝數(shù)比，同時應增大降壓變壓器的匝數(shù)比【答案】d【解析】交流發(fā)電機的輸出電壓u1一定，匝數(shù)沒變，根據(jù)，知u2不變，故a錯誤；當用戶的用電器增多時，用戶消耗的電功率變大，則輸入功率增大，即p3變大，故b錯誤輸送功率一定時，根據(jù)p=ui和p損i2r知，要減小線路的損耗，應增大輸送電壓，又u1一定，根據(jù)知，所以應增大升

5、壓變壓器的匝數(shù)比；u3=u2-ir，u2增大，i2減小，所以u3增大，用戶電壓不變，根據(jù)知，應增大降壓變壓器的匝數(shù)比，故c錯誤，d正確；故選d點睛：解決本題的關鍵知道輸出功率決定輸入功率，輸入電壓決定輸出電壓，輸出電流決定中小學最新教育資料中小學最新教育資料輸入電流知道升壓變壓器的輸出電壓、功率與降壓變壓器的輸入電壓、功率之間的關系4.如圖甲所示，河外星系中兩黑洞a、b的質量分別為m1和m2，它們以兩者連線上的某一點為圓心做勻速圓周運動。為研究方便簡化為如圖乙所示的示意圖，黑洞a和黑洞b均可看成球體，天文學家測得oaob，且黑洞a的半徑大于黑洞b的半徑，根據(jù)你所學的知識，下列說法正確的是a.兩

6、黑洞的質量之間的關系一定是b.黑洞a的第一宇宙速度大于黑洞b的第一宇宙速度c.若兩黑洞間的距離一定，把黑洞a上的物質移到黑洞b上，則它們運行的周期不變d.人類要把宇航器發(fā)射到黑洞a或b較近的區(qū)域進行探索發(fā)射速度只需大于11.2km/s【答案】c【解析】兩黑洞繞o點旋轉的角速度相等，l1l2可知m1m2，選項a錯誤；因兩黑洞的半徑關系未知，則不能判斷兩黑洞的第一宇宙速度的大小關系，選項b錯誤；根據(jù)解得；兩式相加可得，即若兩黑洞間的距離l一定，把黑洞a上的物質移到黑洞b上，則它們運行的角速度不變，周期不變，選項c正確；人類要把宇航器發(fā)射到黑洞a或b較近的區(qū)域進行探索發(fā)射速度只需大于第三宇宙速度，即

7、大于16.7km/s，選項d錯誤；故選c.點睛：本題是雙星問題，與衛(wèi)星繞地球運動模型不同，兩顆星都繞同一圓心做勻速圓周運動，關鍵抓住條件：周期相同5.如圖所示，在的區(qū)域內存在與xoy平面垂直的勻強磁場，磁感應強度大小為b，在t=0時刻，從原點o發(fā)射一束等速率的相同的帶電粒子，速度方向與y軸正方向的夾角分布在090范圍內。其中，沿y軸正方向發(fā)射的粒子在t=t0時刻剛好從磁場右邊界上p點離開磁場，不計粒子重力，下列說法正確的是（）中小學最新教育資料中小學最新教育資料a.粒子在磁場中做圓周運動的半徑為3ab.粒子的發(fā)射速度大小為c.帶電粒子的荷質比為d.帶電粒子在磁場中運動的最長時間為2t0【答案】

8、d【解析】a、根據(jù)題意作.出沿y軸正方向發(fā)射的帶電粒子在磁場中做圓周運動軌跡如圖所示,圓心為o,根據(jù)幾何關系,粒子做圓周運動的半徑為2a，故a錯；b、沿y軸發(fā)射的粒子在磁場中運動的圓心角為,運動時間解得：,選項b錯誤;由則故c錯；d、在磁場中運動時間最長的粒子的運動軌跡如圖所示,中小學最新教育資料中小學最新教育資料由幾何知識得該粒子做圓周運動的圓心角為,在磁場中的運動時間為故d正確；;綜上所述本題答案是：d點睛：本題考查帶電粒子在磁場中的運動，解題的關鍵在于確定圓心和半徑，并能根據(jù)幾何關系確定可能的運動軌跡6.如圖所示，水平面內有a、b、c、d、e、f六個點，它們均勻分布在半徑為r=2cm的同

9、一ce圓周上，空間有一方向與圓平面平行的勻強電場，已知a、三點的電勢分別為、，下列判斷正確的是（）、a.將電子沿圓弧從d點移到f點，靜電力先做正功再做負功b.電場強度的大小為100v/mc.該圓周上的點電勢最高為4vd.電場強度的方向由a指向d【答案】abcae【解析】中點g的電勢，所以gc是一個等勢面，電場線與等勢面垂直，且由電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，所以電場強度的方向由e指向a，故d錯誤；中小學最新教育資料中小學最新教育資料ea兩點間的電勢差為u(2+)(2)2v，ea兩點間的距離d2rsin6022cm2cm；電場強度的大小，故b正確；順著電場線電勢降低，h點電勢最高，u=ed，

10、代入數(shù)據(jù)解得：h4v，故c正確；從d移到f點，電勢先升高后降低，電子帶負電，電勢能先減小后增加，靜電力先做正功后做負功，故a正確；故選abc.點睛：此題考查電勢差與電場強度的關系，在勻強電場中平行線段兩端的電勢差之比等于距離之比，可以求得其他點的電勢并且電場線與等勢線垂直，可以確定電場強度的方向7.如圖所示，在水平面上固定有相互垂直的擋板mon，質量均為m的兩個小球a和b（均可a視為質點）通過鉸鏈用剛性輕桿鏈接，分別停靠在兩擋板上，到o點的距離為l現(xiàn)用沿mo方向的恒力f作用于aa沿mo運動。b沿on運動，不計一切摩擦。則下列說法正確的是a.a碰到on前，b的速度一直增大b.a碰到on前，且ob

11、的速度最大時，mo對a的作用力為2mgc.a碰到on時的速度小于d.a碰到on前，b的加速度方向始終沿on方向【答案】bc【解析】b的初速度為零，a碰到on時b的速度又為零，所以a碰到on前，b球先加速后減速，b的加速度方向先沿on方向，后沿no方向，故ad錯誤。a碰到on前，且b的速度最大時，b的加速度為零，合力為零，則對ab的整體在豎直方向有：fn=2mg，即mo對a的作用力中小學最新教育資料中小學最新教育資料為2mg，故b正確。a碰到on時b的速度為零，設a的速度為v對系統(tǒng)，運用功能原理得fl=mv2+epb，得v故c正確。故選bc.點睛：解決本題的關鍵是明確b球的運動情況，可根據(jù)兩球沿

12、桿的方向速度相等分析，采用的是特殊位置法分析知道b球先加速后減速。8.電熨斗已經走進千家萬戶，特別是服裝店更離不開它；現(xiàn)在的電熨斗具有自動控制溫度功能，可以通過雙金屬片來控制電路的通斷，如圖為電熨斗的結構示意圖，關于電熨斗的控制電路正確的是a.常溫下，電熨斗的上下觸點應該是分離的b.圖中雙金屬片上層的膨脹系數(shù)大于下層金屬片的膨脹系數(shù)c.熨燙棉麻衣物時（較高溫度），應旋轉調溫旋鈕，使升降螺釘上升d.熨燙絲綢衣物時（較低溫度），應旋轉調溫旋鈕，使升降螺釘上升【答案】bd【解析】常溫下，上下觸點接觸；溫度過高時，雙金屬片發(fā)生彎曲使上下觸點分開，起到調溫作用，故a錯誤；當溫度升高時，金屬片向膨脹系數(shù)小

13、的發(fā)生彎曲，觸點斷開，故雙金屬片上層金屬的膨脹系數(shù)大于下層金屬片，故b正確；熨燙棉麻衣物時，需要較高溫度熨燙，要調節(jié)調溫旋鈕，使升降螺絲下移并推動彈性銅片下移，當溫度升到較高，金屬片發(fā)生彎曲較厲害觸點才斷開，故c錯誤；由上分析知，熨燙絲綢衣物時，應旋轉調溫旋鈕，使升降螺釘上升，故d正確；故選bd。三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分9.如圖所示為多用電表的示意圖，其中s、t為可調節(jié)的部件，現(xiàn)用此電表測量一阻值約為1000的定值電阻，部分操作步驟如下：中小學最新教育資料中小學最新教育資料（1）選擇開關應調到電阻檔的_（填“1”、“10”、“100”或“1k”）位置（2）將紅、黑表筆分別插入“+

14、”、“-”插孔，把兩筆尖相互接觸，調節(jié)_（填“s”或“t”），使電表指針指向右側的“0”位置（3）將紅、黑表筆的筆尖分別與電阻兩端接觸，電表示數(shù)如圖2所示，該電阻的阻值為_【答案】(1).100(2).t(3).1100【解析】用歐姆表測阻值約為1000的定值電阻，部分操作步驟如下：（1）選擇開關應調到電阻檔的“100”位置（2）將紅、黑表筆分別插入“+”、“-”插孔，把兩筆尖相互接觸，調節(jié)歐姆調零旋鈕t，使電表指針指向右側的“0”位置（3）將紅、黑表筆的筆尖分別與電阻兩端接觸，由圖2所示可知，該電阻的阻值為11100=1100。10.某實驗小組用如圖所示的裝置探究質量一定時加速度與力的關系。

15、用鐵架臺將兩塊固定有定滑輪的木板架起，木板的右端固定了兩個打點計時器，將兩個質量相等的小車a、b放置在木板右端，用細線繞過滑輪組后與兩小車相連兩條紙帶穿過打點計時器后分別與小車連接在一起將兩個打點計時器接在同一個電源上，確?？蓪⑺鼈兺瑫r打開或關閉實驗時，甲同學將兩小車按住，乙同學先在動滑輪下方掛上一個鉤碼，再接通電源使打點計時器開始工作打點穩(wěn)定后，甲將兩輛小車同時釋放在小車撞到定滑輪前，乙斷開電源，兩打點計時器同時停止工作取下兩條紙帶，通過分析處理紙帶記錄的信息，可以求出兩小車的加速度，進而完成實驗中小學最新教育資料中小學最新教育資料請回答以下問題：（1）圖2為小車a后面的紙帶，紙帶上的0、1

16、、2、3、4、5、6為每隔4個打印點選取的計數(shù)點，相鄰兩計數(shù)點間的距離如圖中標注，單位為cm打點計時器所用電源的頻率為50hz，則小車a的加速度a1=_m/s2（結果保留兩位有效數(shù)字）同樣測出車b的加速度a2，若a1：a2近似等于_，就可說明質量一定的情況下，物體的加速度與其質量成正比（2）丙同學提出，不需測出兩小車加速度的數(shù)值，只量出兩條紙帶上從第一個打印點到最后一個打印點間的距離x1、x2，也能完成實驗探究他的驗證方法是_，理由是_（3）下列操作中，對減少實驗誤差有益的是_a換用質量大一些的鉤碼b換用質量大一些的小車c調整定滑輪的高度，使牽引小車的細線與木板平行d平衡小車運動時受到的摩擦力

17、時，將細線與小車連接起來【答案】(1).0.48(2).1：2(3).1：2(4).由時，位移與加速度成正比(5).ac可知，當時間t相等.(2)丙同學的驗證方法是：比較x1與x2的比值是否近似等于1:2；小車從靜止開始運動，紙帶上最初和最末兩個點對應小車的運動時間相等，同可知，x與a成正比，即距離之比等于加速度之比。(3)a項：換成質量更大一些的鉤碼，可減小實驗的相對阻力，使得測量更準確，故a正確；b項：換質量大一些的小車，可增大阻力，加大誤差，故b錯誤；中小學最新教育資料中小學最新教育資料c項：調整定滑輪的高度，使牽引小車的細線與木板平行，可減實驗的誤差，故c正確；d項：平衡小車運動時受到

18、的摩擦力時，只讓小車拖著紙帶運動，而不應連接細線，故d錯誤。11.如圖所示，一質量為m=1kg、長為l=1m的直棒上附有倒刺，物體順著直棒倒刺下滑，其阻力只為物體重力的1/5，逆著倒刺而上時，將立即被倒刺卡住現(xiàn)該直棒直立在地面上靜止，一環(huán)狀彈性環(huán)自直棒的頂端由靜止開始滑下，設彈性環(huán)與地面碰撞不損失機械能，彈性環(huán)的質量m=3kg，重力加速度g=10m/s2求直棒在以后的運動過程中底部離開地面的最大高度【答案】【解析】彈性環(huán)下落到地面時，速度大小為v1,由動能定理得mgl-fl=mv12/2解得v1=4m/s彈性環(huán)反彈后被直棒刺卡住時，與直棒速度相同，設為v2,由動量守恒定律得mv1=(m+m)v

19、2解得v2=3m/s直棒能上升的最大高度為h=v22/2g=0.45ms本題考查動能定理的應用和動量守恒定律的理解12.如圖所示，豎直平面內有一半徑為r、內阻為r1，粗細均勻的光滑半圓形金屬環(huán)，在m、nfefn處于相距為2r、電阻不計的平行光滑金屬軌道m(xù)e、相接，之間接有電阻r2，已知r1=12r，r2=4r在mn上方及cd下方有水平方向的勻強磁場i和ii，磁感應強度大小均為b現(xiàn)有質量為m、電阻不計的導體棒ab，從半圓環(huán)的最高點a處由靜止下落，在下落過程中導體棒始終保持水平，與半圓形金屬環(huán)及軌道接觸良好，且平行軌道中夠長已知導體棒ab下落r/2時的速度大小為v1，下落到mn處的速度大小為v2中

20、小學最新教育資料中小學最新教育資料（1）求導體棒ab從a下落r/2時的加速度大小（2）若導體棒ab進入磁場ii后棒中電流大小始終不變，求磁場i和ii之間的距離h和r2上的電功率p2（3）若將磁場ii的cd邊界略微下移，導體棒ab剛進入磁場ii時速度大小為v3，要使其在外力f作用下做勻加速直線運動，加速度大小為a，求所加外力f隨時間變化的關系式【答案】(1)(2)【解析】試題分析：（1）以導體棒為研究對象，棒在磁場i中切割磁感線，棒中產生感應電動勢，導體棒ab從a下落r/2時，導體棒在重力與安培力作用下做加速運動，由牛頓第二定律，得：，式中，且由各式可得到（2）當導體棒ab通過磁場ii時，若安培

21、力恰好等于重力，棒中電流大小始終不變，即，式中解得：導體棒從mn到cd做加速度為g的勻加速直線運動，有，得：中小學最新教育資料中小學最新教育資料此時導體棒重力的功率為：根據(jù)能量守恒定律，此時導體棒重力的功率全部轉化為電路中的電功率，即：所以：（3）設導體棒ab進入磁場ii后經過時間t的速度大小為，此時安培力大小為：由于導體棒ab做勻加速直線運動，有根據(jù)牛頓第二定律，有即：由以上各式解得考點：電磁感應，牛頓第二定律，勻加速直線運動。【名師點睛】導體棒在磁場中切割磁感線產生電動勢，電路中出現(xiàn)電流，從而有安培力由于安培力是與速度有關系的力，因此會導致加速度在改變所以當安培力不變時，則一定處于平衡狀態(tài)

22、，所以由受力平衡可算出棒的速度，再根據(jù)運動學公式可求出距離h，而r2上的電功率與r1上的電功率之和正好等于棒下落過程中的重力功率。13.對于一定質量的理想氣體，下列說法正確的是a體積不變，壓強減小的過程，氣體一定放出熱量，內能減小b若氣體內能增加，則外界一定對氣體做功c若氣體的溫度升高，則每個氣體分子的速度一定增大d若氣體壓強不變，氣體分子平均距離增大時，則氣體分子的平均動能一定增大e氣體對器壁的壓強是由大量氣體分子對器壁不斷碰撞而產生的【答案】ade【解析】a、理想氣體體積不變，根據(jù)查理定律，壓強與熱力學溫度成正比，壓強減小，溫度中小學最新教育資料中小學最新教育資料降低，內能減小0，因為體積

23、不變，外界對氣體不做功w，根據(jù)熱力學第一定律u=w+q，知q0氣體放出熱量，故a正確；、若氣體內能增加則u，根據(jù)熱力學第一定律u=w+q，可能氣體從外界吸熱大于氣體對外做功；或者不做功僅吸熱，故b錯誤；c、溫度升高，分子的平均動能增加，分子的平均速率增加，但并不是每個分子的速度都增大，故c錯誤；d、若氣體壓強不變，根據(jù)蓋呂薩克定律知體積與熱力學溫度成正比，氣體分子平均距離增大，體積增大，溫度升高，氣體分子的平均動能一定增大，故d正確；e、從微觀角度講，被封閉氣體對器壁的壓強是由大量氣體分子對器壁的不斷碰撞而產生的，故e正確；故選：ade。14.如圖所示，粗細均勻的u形管，左端封閉，右端開口，左端用水銀封閉著長l=15cm的理想氣體，當溫度為27時，兩管水銀面的高度差h=3cm，設外界大氣壓為75cmhg，則若對封閉氣體緩慢加熱，為了使左右兩管中的水銀面相平，溫度需升高到多少？若保持27不變，為了使左右兩管中的水銀面相平，需從右管的開口端再緩慢注入的水銀柱長度應為多少？【答案】(1)(2)【解析】(1)以封閉氣體為研究對象初態(tài)：p1=p0h=72cmhgv1=ls=15st1=300k末態(tài)：p2=p0=75cmhgv2=(+h/2)s=16.5st2=?根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，中小學最新教育資料中小學最新教育資料代入數(shù)據(jù)得：t2=343.75k，即為：t2=70.75