1、2019-2020 學年湖南省永州市道縣、東安、江華、藍山、寧遠聯考高三（上）月考物理試卷（12 月份）一、單選題（本大題共6 小題，共 24.0 分）1.關于伽利略對物理問題的研究，下列說法中正確的是( )A. 伽利略認為在同一地點重的物體和輕的物體下落快慢不同B. 只要條件合適理想斜面實驗就能做成功C. 理想斜面實驗雖然是想象中的實驗，但它是建立在可靠的事實基礎上的D. 伽利略猜想自由落體的運動速度與下落時間成正比，并直接用實驗進行了驗證2.如圖所示，正六面體真空盒置于水平面上，它的ADHE 面與BCGF 面均為金屬板， BCGF 面帶正電， ADHE 面帶負電，其他面為絕緣材料。 從小孔

2、 P 沿水平方向平行于 ABFE 面以相同速率射入三個質量相同的帶正電液滴a、b、c，最后分別落在123三點。下列說法正確的是 ()、 、A. 三個液滴在空中運動的時間相同B. 三個液滴落到底板時的速率相同C. 液滴 c 所帶的電荷量最少D. 整個運動過程中液滴 a 的動能增量最大3. 如圖所示， 圓心為 O，水平直徑為 AB 的圓環位于豎直面內，一輕繩兩端分別固定在圓環的 M、N 兩點，輕質滑輪連接一重物，放置在輕繩上， MN 連線過圓心 O 且與 AB 間的夾角為?，不計滑輪與輕繩之間的摩擦。 圓環順時針緩慢轉過角度 2?的過程，輕繩的張力( )A. 逐漸增大B. 逐漸減小C. 先增大再減

3、小D. 先減小再增大4. 假設宇宙中有兩顆相距無限遠的行星A和BRA和 ?這.兩顆行星周圍，半徑分別為衛星的軌道半徑的三次方32(?) 與運行周期的平方(? ) 的關系如圖所示； ?0為衛星環繞行星表面運行的周期。則()A. 行星 A 的質量大于行星B 的質量B. 行星 A 的密度小于行星B 的密度C. 行星 A 的第一宇宙速度小于行星B 的第一宇宙速度D. 當兩行星的衛星軌道半徑相同時，行星A 的衛星向心加速度小于行星B 的衛星向心加速5. 如圖所示，一個質量為 m 的剛性圓環套在粗糙的豎直固定細桿上，圓環直徑略大于細桿的直徑，圓環的兩邊與兩個相同的輕質彈簧的一端相連，輕質彈簧的另一端相連在

4、和圓環同一高度的墻壁上的 P、Q 兩點處， 彈簧的勁度系數為k，起初圓環處于O 點，彈簧處于原長狀態且原長為L ，細第1頁，共 15頁桿上面的A、 B 兩點到 O 點的距離都為L ，將圓環拉至A 點由靜止釋放，已知重力加速度為g，勁度系數 ? 2?，對于圓環從A 點運動到B 點的過程中，下列說法?正確的是 ()A.B.圓環通過O 點的加速度大于g圓環在 O 點的速度最大C. 圓環在 B 點的加速度大小為(2- 2)?- ?D. 圓環在 B 點的速度為 2?6.如圖所示， 傾角為 ?= 37 的傳送帶以速度?1 = 2?/?順時針勻速轉動。將一物塊以 ?2 = 8?/?的速度從傳送帶的底端滑上傳

5、送帶。已知小物塊與傳送帶間的動摩擦因數?=0.5，傳送帶足夠長，取 ?37= 0.6，?37=0.8，?=2)10?/? ，下列說法正確的是 (2A. 小物塊向上運動過程中的加速度大小為10?/?B. 小物塊向上運動的時間為 1.6?C. 小物塊向上滑行的最遠距離為3mD. 小物塊最終將隨傳送帶一起向上勻速運動二、多選題（本大題共6 小題，共24.0 分）7.如圖所示， 絕緣、 光滑的水平面上有帶正電的小球A 和B，當 A 以一定速度向著靜止的B 運動時， B 由于受到了 A 的斥力而加速，A 由于受到了B 的斥力而減速，某時刻 A、 B 兩球達到共同速度，關于這個過程，下列說法正確的是()A

6、. 系統 A、B 機械能守恒，動量不守恒B. 系統 A、B 動量守恒， A 對 B 的沖量等于 B 動量的增加量C. 系統 A、B 動量守恒， B 對 A 的沖量等于 A 動量的減少量D. 系統 A、B 動量不守恒，機械能不守恒，但機械能與電勢能之和守恒8.如圖所示， A、B 兩木塊質量分別為9kg 和 3kg，用細線繞過滑輪連結在一起并疊放在水平桌面上，A 與與桌面 C 之間的2動摩擦因數均為 0.3，取 ?= 10?/? ，滑輪質量不計。當對滑輪施一水平力 ?=48?時，則 ()A. A 對 B 的摩擦力為15N，方向水平向右B. A 對 B 的摩擦力為24N，方向水平向右C. B 對 C

7、 的摩擦力為36N，方向水平向右D. C 對 B 的摩擦力為24N，方向水平向左9.如圖甲所示，質量相等、大小可忽略的a、b 兩小球用不可伸長的等長輕質細線懸掛起來，使小球 a 在豎直平面內來回擺動，小球b 在水平面內做勻速圓周運動，連接小球 b 的繩子與豎直方向的夾角和小球a 擺動時繩子偏離豎直方向的最大夾角都為 ?，運動過程中兩繩子的拉力大小隨時間變化的關系如圖乙中c、d 所示則下列說法正確的是 ( )A.B.圖乙中直線 d 表示繩子對小球 a 的拉力大小隨時間變化的關系圖乙中曲線 c 表示繩子對小球 a 的拉力大小隨時間變化的關系第2頁，共 15頁C.D.?可以是任意值?應為 6010.

8、如圖所示，閉合電鍵S，電壓表的示數為U，電流表的示數為I，現向左調節滑動變阻器 R 的觸頭 P，電壓表 V 的示數改變量的絕對值為 ?，電流表的示數改變量的絕對值為 ?，則下列說法正確的是 ( ) ?A.U變小B. 不變?C. 滑動變阻器 R 的電流變小D. 電源的輸出功率變小11.某空間區域的豎直平面內存在電場，其中豎直的一條電場線如圖甲所示， 一個質量為m、電荷量為q 的帶正電小球， 在電場中從 O 點由靜止開始沿電場線豎直向下運動。以 O 為坐標原點，取豎直向下為 x 軸的正方向，小球的機械能 E 與位移 x 的關系如圖乙所示，則 (不考慮空氣阻力 )( )A. 電場強度不斷減小，方向沿

9、x 軸負方向B.從 O 到?的過程中，加速度越來越小，速率越來越大1C. 從 O 到?1的過程中，相等的位移內，小球克服電場力做的功越來越小D.到達 ?位置時，小球速度的大小為2(? -? +?)1011?12. 質量 ? = 3.0?的小球在豎直向上的恒定拉力作用下，由靜止開始從水平地面向上運動，經一段時間，拉力做功為 ? = 15.0?，此后撤去拉力，球又經相同時間回到地面，以地面為零勢能面，不計空氣阻力，重力加速度?= 10?/?2.則下列說法正確的是 ()A. 恒定拉力大小為 40.0?B. 撤去外力時，小球離地高度為3.75?C.?3.0?時的重力勢能可能是11.25?球動能 ? =

10、D. 球動能 ?=3.0?時的重力勢能可能是12.0?三、實驗題（本大題共2 小題，共16.0 分）13. 為測定木塊與桌面之間的動摩擦因數，小亮設計了如圖所示的裝置進行實驗實驗中，當木塊 A 位于水平桌面上的O 點時，重物 B 剛好接觸地面將 A 拉到 P 點，待 B 穩定后靜止釋放， A 最終滑到 Q 點分別測量 OP、 OQ 的長度 h 和 ?改.變 h，重復上述實驗，分別記錄幾組實驗數據(1) 實驗開始時，發現 A 釋放后會撞到滑輪請提出兩個解決方法(2) 請根據下表的實驗數據作出 ?- ? 關系的圖象?/?20.030.040.050.060.0?/?19.528.539.048.0

11、56.5(3) 實驗測得A B0.4?、? = 0.50?根.據 ?-? 圖象可計算出A、 的質量分別為 ? =木塊與桌面間的動摩擦因數 ?= _. ( 結果保留一位有效數字 )(4) 實驗中，滑輪軸的摩擦會導致?的測量結果 _( 選填“偏大”或“偏小” ) 第3頁，共 15頁14. 某同學設計如圖所示的電路測電源的電動勢和內阻，圖中兩個電流表相同， 定值電阻阻值為 ? 。0(1) 電路中 ?的作用為 _。0(2) 閉合電鍵 ?1之前，先將電阻箱接入電路的阻值調到_( 填“最大”或“最小” ) ，閉合電鍵 ?，再閉合電鍵?，調節電阻箱的阻值，使電流表?的指針偏轉122較大 ( 接近滿偏 )，讀

12、出電流值 ?，讀出這時電阻箱的阻值 ?；斷開電鍵 ?，調節電012阻箱的阻值，使電流表 ?的示數再次為 ?，讀出這時電阻箱的阻值?，則電流表 ?2021的阻值為 _。(3) 閉合電鍵，依次調 _(填“大”或“小”) 電阻箱的阻值， 記錄每次調節后?3電阻箱的阻值R，并記錄每次調節后電流表 ?的示數，根據記錄的 R，作出 ?-1圖1象，則圖象可能是_。1(4) 若根據記錄的R，I ，作出 ?-?圖象，通過對圖象的處理，得到圖象與縱軸的截距為a，圖象的斜率為b?=_，電源的內阻 =_。，則電源的電動勢四、計算題（本大題共4 小題，共46.0 分）15. 如圖所示，半徑為 r 的半圓弧軌道 ABC

13、固定在豎直平面內，直徑 AC 水平，一個質量為 m 的物塊從圓弧軌道 A 端正上方 P 點由靜止釋放，物塊剛好從 A 點無碰撞地進入圓弧軌道并做勻速圓周運動，到 B 點時軌道對它的支持力大小等于物塊重力的 1.5 倍，重力加速度為 g，不計空氣阻力，不計物塊的大小。求：(1)?、A 間的高度差為多少？(2) 物塊從 A 運動到 B 克服摩擦力做功為多少？第4頁，共 15頁16.中國海警編隊依法對一艘非法進入中國釣魚島領海的船只進行維權執法，在執法過程中，發現非法船只位于圖中的A 處，預計在75s 的時間內將到達圖中的C 處，海警執法人員立即調整好航向，沿直線 BC 由靜止出發恰好在運動了75s

14、后到達 C 處，而此時該非法船只也恰好到達C 處，我國海警立即對該非法船只進行了驅趕。非法船只一直做勻速直線運動且AC 與 BC 距離相等，我國海警船運動的圖象如圖所示。求：(1)?、 C 間的距離是多少？(2) 若海警船加速與減速過程的加速度仍保持原來的大小不變。海警船從B 處由靜止開始若以最短時間準確停在C 處，求需要加速的時間。17.如圖所示，在光滑絕緣水平面上，用長為2L 的絕緣輕桿連接兩個質量均為m 的小球 A 和 B，組成一個系統。其中A 球帶正電電量為q。虛線 MN 與 PQ 平行且相距3L ，開始時 A 和 B 分別靜止于虛線MN 的兩側，虛線MN 恰為 AB 兩球連線的垂直平

15、分線。視小球為質點，不計輕桿的質量，在虛線MN 、 PQ 間加上水平向右的勻強電場后，系統開始運動。若B 球不帶電時，B 球到達虛線PQ 位置時速度大小為?；若讓 B 球帶上一定電荷，B 球從圖示位置向右恰能運動到虛線PQ 位置，不計 A、 B 兩球間的庫侖力，兩球均視為點電荷。求：(1) 虛線 MN 與 PQ 之間的電勢差；(2)?球的電性， B 球所帶電荷量；(3) 帶上述電荷后從系統開軸運動到B 球經過虛線MN 位置的時間。第5頁，共 15頁18. 如圖所示，在光滑水平面上的平板小車，質量為 ?1 ，其左端放有質量為 ?2 的鐵塊 ( 可視為質點 ) ，若鐵塊隨同小車均以 ?0 = 3?

16、/?的速度向右做勻速運動， 小車將與豎直墻壁發生正撞，碰撞時間忽略不計。碰撞時無動能損失，已知鐵塊與平板車之間的動摩擦因數 ?= 0.2.重力加速度 ?= 10?/?2.鐵塊始終不從小車上掉下來。求：(1) 若?1 ?2 ，小車與墻壁碰后，小車和鐵塊中誰的速度先達到零？鐵塊向右運動的最大位移為多少？(2) 若?1 ?2 ，且滿足題意的小車的最小長度為5m，求 ?1與 ?2的比值為多少？(3) 若?1= 1?，?2 = 2?，小車和墻第一次相碰以后， 小車所走的總路程為多少？第6頁，共 15頁答案和解析1.【答案】 C【解析】 解： A、亞里士多德認為在同一地點重的物體和輕的物體下落快慢不同，故

17、A錯誤；B、“理想斜面實驗”不是憑空想象的實驗，是在實驗的基礎上，進行理想化推理，故B錯誤， C正確D 、伽利略猜想自由落體的運動速度與下落時間成正比，并未直接進行驗證，而是在斜面實驗的基礎上的理想化推理，故D 錯誤。故選： C。要了解伽利略“理想斜面實驗”的內容、方法、原理以及物理意義，伽利略斜面實驗的卓越之處不是實驗本身，而是實驗所使用的獨特的方法在實驗的基礎上，進行理想化推理 (也稱作理想化實驗) 它標志著物理學的真正開端伽利略的“理想斜面實驗”是建立在可靠的事實基礎之上的，它來源于實踐， 而又高于實踐，它是實踐和思維的結晶2.【答案】 D【解析】 解： A、水平分運動是勻速直線運動，由

18、于? ? ?，故 ? ? ?；故 A123123錯誤；B、液滴以相同的速率射入，初動能相等，而動能的增量不同，所以落到底板時的速率不相同，故 B 錯誤。C、豎直分運動是初速度為零的勻加速直線運動，由? =12 ；又由于 ?，故2?1 ?2 ?2 ?3；由牛頓第二定律得： ?=?-?，所以液滴 c 所帶的電荷量最多，故 C 錯?誤；D、由動能定理得：，質量相同， ? ? ?，所以液滴 a的動能增量最? = ?123大，故 D 正確；故選： D。從圖中可以看到上極板帶負電， 平行板間有豎直向上的電場， 帶正電液滴在電場中受到向上的電場力，液滴做類平拋運動，由此根據類平拋運動規律求解。本題考查帶電液

19、滴在電場和重力場中的運動規律， 要知道液滴做類平拋運動， 分別對水平和豎直方向分析液滴的運動， 水平方向勻速直線運動， 豎直方向初速度為 0 的勻加速直線運動，由運動的合成與分解進行分析求解即可。3.【答案】 C【解析】 解： M、N 連線與水平直徑的夾角 ?越大， M、N 之間的水平距離越小，輕繩與豎直方向的夾角 ?越小，根據共點力的平衡，有第7頁，共 15頁2?= ?知輕繩的張力T 越小，故圓環從圖示位置順時針緩慢轉2?的過程，輕繩的張力先增大再減小，故C 正確， ABD 錯誤。故選： C。M、 N 連線與水平直徑的夾角 ?(? 90)越大， M、 N 之間的水平距離越小，輕繩與豎直方向的

20、夾角 ?越小，根據平衡條件得出輕繩上的張力與 ?的關系，再分析其變化情況。本題考查共點力的平衡平衡，關鍵是能根據題意找出不變量，找出夾角的變化，再結合共點力的平衡來解決問題。4.【答案】 A?223【解析】 解： A、根據萬有引力提供向心力得出：4? ?4?，根據?2=?2得：?=? 2?3圖象可知， A 的 ?2 比較 B 的大，所以行星A 的質量大于行星B 的質量，故A 正確；?B、根圖象可知，在兩顆行星表面做勻速圓周運動的周期相同，4?2 ?3? 23?，所以行星 A 的密度等于行星B 的密度，故 B 錯誤；密度?= 4=?=?34023?3?3 ?02?C、第一宇宙速度 ?=? ，A

21、的半徑大于 B 的半徑，衛星環繞行星表面運行的周期相同，0則 A 的第一宇宙速度大于行星B 的第一宇宙速度，故 C 錯誤；D?= ? ?=?，當兩行星的衛星軌道半徑相同時，A 的質量大于 B 的、根據?2?2得：?質量，則行星A 的衛星向心加速度大于行星B 的衛星向心加速，故D 錯誤。故選： A。根據萬有引力提供向心力得出中心天體質量得表達式， 結合圖象判斷質量大小， 根圖象可知，在兩顆行星表面做勻速圓周運動的周期相同，根據密度公式判斷密度大小，根據2?，進而比較向心加速度大?=判斷第一宇宙速度大小，根據= ?2?= ?2得：0?小。要比較一個物理量大小，我們應該把這個物理量先表示出來，在進行

22、比較。向心力的公式選取要根據題目提供的已知物理量或所求解的物理量選取應用。5.【答案】 C【解析】 解： A、圓環通過 O 點時，水平方向合力為零，豎直方向只受重力，故加速度等于 g，故 A 錯誤。B、圓環受力平衡時速度最大，應在O 點下方，故 B 錯誤。C、圓環在下滑過程中與粗糙細桿之間無壓力，不受摩擦力，在B 點對圓環進行受力分析，根據幾何關系，在B 點彈簧伸長，根據牛頓第二定律，有2?- ?-? + 2?( 2?-?)?45=?解得(2- 2)?，故 C 正確。?=-?12D 、圓環從 A 到 B 過程，根據功能關系，減少的重力勢能轉化為動能，?2?= 2 ?解得 ?= 2?，故 D 錯

23、誤。故選： C。以圓環為研究對象，圓環在初始位置速度為0，從 A 點到 B 點運動過程中，彈簧的形變量先減小后增加，彈簧與豎直方向的夾角先增加后減小，通過O 點時的速度和加速度，第8頁，共 15頁通過受力情況來分析， 根據牛頓第二定律可以求出圓環在A 點的加速度， 根據功能關系可以分析圓環在 B 點的速度。解決該題的關鍵是正確進行受力分析，知道圓環的運動情況， 知道圓環的加速度為零時其速度才達到最大。6.【答案】 B【解析】解：ABD、由于物塊的速度大于傳送帶的速度，所以物塊相對傳送帶向上運動，物塊受重力和沿斜面向下的滑動摩擦力，沿斜面方向有根據牛頓第二定律：，?+ ?= ?1將 ?37=0.

24、6 ， ?37=0.8， ?=220.5， ?= 10?/?代入得： ?1 = 10?/? ，方向：沿斜面向下。?=?-?設物體減速到傳送帶速度需要的時間為?，有：1 2 = 0.6?1；1-?1由于物體所受重力沿斜面方向的分力大于滑動摩擦力，因此物體相對傳送帶向下運動，受到的滑動摩擦力沿斜面向上，沿斜面方向根據牛頓第二定律有：，?-?= ?2將 ?37=0.6 ，?37=0.8， ?=220.5， ?= 10?/?代入得： ?2 = 2?/? ，方向沿斜面向下；? =?= 1?AD最后減速到速度為零的時間為：11.6?，故2?，故小物塊向上運動的時間為2錯誤， B 正確；C.小物塊向上滑行的

25、最遠距離為：?= ?1+?2 ?+ ?1 ? = 4?，故 C 錯誤。2122故選： B。根據物塊的速度大于傳送帶的速度，所以物塊相對傳送帶向上運動，物塊受重力和沿斜面向下的滑動摩擦力，由牛頓第二定律可以求出加速度?，根據速度時間關系可以計算1物體減速到傳送帶的速度需要的時間； 由于物體所受重力沿斜面方向的分力大于滑動摩擦力，因此物體相對傳送帶向下運動，受到的滑動摩擦力沿斜面向上，物體沿斜面繼續減速， 由牛頓第二定律可以求出加速度?，可以計算物體減速到傳送帶的速度需要的時2間，最后求解總位移。解決該題的關鍵是明確知道物體在傳送帶上運動的運動情況， 知道物體受到的滑動摩擦力和相對運動方向相反，知

26、道速度相等時兩者有相對運動趨勢；7.【答案】 BCD【解析】 解： AD 、 AB 組成的系統水平方向不受外力，故系統動量守恒；由于兩球在運動中庫侖力做功，故兩小球的機械能轉化為電勢能，故機械能不守恒；由于只有電場力做功，故機械能與電勢能之和守恒，故A 錯誤， D 正確。B、對 B 分析可知， B 受到的合力的沖量等于A 對 B 的沖量， 則由動量定理可知，A 對 B的沖量等于 B 動量的增加量，故B 正確。C、對 A 分析由動量定理可知，B 對 A 的沖量等于 A 動量的減少量，故 C 正確。故選： BCD。分析兩球組成的系統受力情況，根據動量守恒以及機械能守恒的條件進行分析，明確是否守恒；

27、再根據動量定理分析兩球的動量變化量。本題考查動量守恒定律以及功能關系的應用，要注意兩球通過庫侖相互作用，庫侖力視為內力；兩球所受外力之和為零，故動量守恒。8.【答案】 AC第9頁，共 15頁【解析】 解： AB、由題意可知， AB 間的最大靜摩擦力?= ?=0.3 90 = 27?，B 與桌面 C 之間的最大靜摩擦力為?= ?=0.3 120 =36?。當對滑輪施以水平力 ?= 48?時，此時 AB 物體加速運動。?-? 48-3622根據牛頓第二定律可得加速度?= ?+? =12?/? =1?/? ，以 A 為研究對象，根據牛頓第二定律可得：1?-?= ?，解得： ?= 15?，小于2AB

28、間的最大靜摩擦力，所以A 和 B 不會發生相對運動；所以 A 對 B 的摩擦力為 15N，方向水平向右，故A 正確、 B 錯誤；CD 、由上分析可知， B 和 C 之間發生相對運動， B 對 C 的摩擦力為36N，方向水平向右，故 C正確、D錯誤。故選： AC。先求 AB、 BC 間的最大靜摩擦力，根據拉力的大小判斷AB 的運動情況，再由牛頓第二定律以及滑動摩擦力公式分析求解各接觸面間的摩擦力。計算摩擦力，首先要根據物體的受力情況，判斷物體的狀態，確定是什么摩擦力，再選擇解題方法：靜摩擦力由平衡條件求解，而滑動摩擦力可由公式或平衡條件求解；當兩個物相對靜止時，受到的是靜摩擦力；當兩個物體之間發

29、生相對運動時，受到的是滑動摩擦力。9.【答案】 BD【解析】 解： A、由圖可知， a 球在擺動過程中拉力的大小是變化的，而b 球在運動過程中的拉力大小是保持不變的，故A 錯誤， B 正確；C、甲圖中，設小球經過最低點的速度大小為v，繩子長度為L，則由機械能守恒得：12?(1- ?)= 2 ?2?在最低點，有?- ?= ? ?聯立解得 ? = ?(3- 2?)?由圖乙知 ? = ?，即 ?(3-2?)=?cos?，解得 ?= 60，故 C 錯誤， D 正確。故選： BD。a 球作振動，繩子的拉力作周期性變化b 球在水平面作勻速圓周運動，繩子的拉力大小不變 由向心力知識分別得到繩子的最大拉力表達

30、式，由圖乙兩種情況最大拉力大小相等，聯立即可求解 ?本題要分析清楚兩小球的運動情況，知道指向圓心的合力提供小球做圓周運動的向心力，應用機械能守恒定律與牛頓第二定律即可正確解題10.【答案】 BC【解析】 解： A、變阻器與電阻 ?并聯后與電阻 ?串聯，當向左調節滑動變阻器R 的觸12頭 P，變阻器電阻變大， 故外電路總電阻變大， 根據閉合電路歐姆定律， 干路電流減小，內電壓和 ?的電壓減小，所以 ?= ?- ?(?+ ?A 錯誤；22 )增大，故B、將電阻 ?2 與電源當作等效電源， 故 ?表示等效電源的內電阻， 是不變的， 故 B 正確；?C、干路電流減小，故并聯部分電壓?= ?-?(?+

31、? )增加，故電阻 ?的電流變大，并21總電流減小，所以滑動變阻器R 的電流變小，故C 正確；D 、干路電流減小，故電源的總功率?= ?減小，輸出功率由于不確定內外電阻大小關系，所以變化情況不確定，故D錯誤；第10 頁，共 15頁故選： BC。圖中變阻器與電阻?并聯后與電阻 ?串聯，根據閉合電路歐姆定律判斷干路電流變化情12況；將電阻 ?與電源當作等效電源，故 ?表示等效電源的內電阻。2 ?本題是動態分析問題，關鍵明確電路結構，按照局部整體 局部的順序進行分析。11.【答案】 ACD【解析】 解： A、物體的機械能先減小，后保持不變，故電場力先做負功，后不做功，故電場強度方向向上，即沿 x 軸

32、負方向，再根據機械能的變化關系可知，電場力做功越來越小，故電場強度不斷減小，故A 正確；B、從 O 到?1的過程中，根據牛頓第二定律可知，物體受重力與電場力，且電場力越來越小，故加速度越來越大，速度越來越大，故B 錯誤；C、從 O 到 ?1的過程中，由于電場力越來越小，故相等的位移內，小球克服電場力做的功越來越小，故C 正確；位置時， 根據動能定理可得 ?12D 、到達 ?11+?- ?=? - 0，得小球速度的大小1022(? -?+?)?= 1 01 ，故 D正確；?故選： ACD。從圖象中能找出電場力的做功情況， 根據電場力的做功情況判斷出受力， 繼而判斷出電場，在利用牛頓第二定律求的加

33、速度。本題主要考查了電場力做功與與物體機械能的變化關系， 明確電場力做正功， 電勢能減小，電場力做負功，電場力增加即可。12.【答案】 AD【解析】 解： A、設小球加速上升的加速度為a，經過的時間為 t，位移為 x，取向上為12， t 時刻的速度大小為 ?= ?；正，則： ?=2?撤去拉力后，物體經過時間t 又回到地面，則有：-? = ?- 12，聯立得： ?=12 ?3 ?- ?= ?，解得 ?=4根據牛頓第二定律可得：3 ?= 40?，故 A 正確；B、根據 ? = ?可得 ?=0.375?，即撤去外力時， 小球離地高度為0.375? ，故 B 錯誤。10C、撤去外力時，物體的動能為：

34、? = ?= 3 30.375?=3.75?，所以動能等于3J 的位置有兩個， 一個是加速上升過程中，設高度為?1，則根據動能定理可得： ?1 =3?，解得 ?1 =0.3?，則重力勢能為 ?1 = 9?；設減速過程動能為 3J 時的高度為 ?，則根據動能定理可得： ? -?22 = 3?，解得：重力勢能 ?2 = 12.0?；故 C 錯誤， D 正確；故選： AD。根據位移時間關系列方程求解加速度之間的關系， 再根據牛頓第二定律求解拉力的大小；根據拉力做的功上升的高度，由此計算速度和此時的動能；根據動能定理求解動能為3J 時的重力勢能。運用動能定理解題時， 首先要選取研究過程， 然后分析在這

35、個運動過程中哪些力做正功、哪些力做負功，初末動能為多少，根據動能定理列方程解答；動能定理的優點在于適用任何運動包括曲線運動； 一個題目可能需要選擇不同的過程多次運用動能定理研究， 也可以全過程根據動能定理解答。第11 頁，共 15頁13.【答案】 0.4；偏大【解析】 解： (1)?減少的重力勢能轉化成系統的內能和AB 的動能， A 釋放后會撞到滑輪，說明 B 減少的勢能太多，轉化成系統的內能太少，可以通過減小B 的質量；增加細線的長度 ( 或增大 A 的質量；降低B 的起始高度 ) 解決故解決方法有：可以通過減小B的質量；增加細線的長度(或增大 A 的質量；降低B 的起始高度 ) (2) 描

36、點，連線，如圖所示：(3)?下落至臨落地時根據動能定理有：12?- ?= 2 (? + ?)?，在 B 落地后， A運動到Q12?=?AB? = 0.40? ? =，有2? = ?，(?+?)?+?，又、 的質量分別為、0.50?，在 ?-? 圖象上任取一組數據代入可以求得：?= 0.4 故答案為： 0.4 (4) 由于滑輪軸的摩擦，會導致繩子的拉力相對偏小，A 運動的加速度也就偏小， s也就?偏小，根據，?= (?+?)?+? ，所以 ?偏大故答案為：偏大(1)?減少的重力勢能轉化成系統的內能和A、B 的動能， A 釋放后會撞到滑輪，說明B減少的勢能太多，轉化成系統的內能太少，從而找作答依據

37、(2) 根據所給數據進行描點、連線作圖；(3) 對在 B 下落至臨落地時和在B 落地后， A 運動到 Q，兩個過程運用動能定理，求得?的表達式，再結合從?- ?圖象，即可求解?；(4) 由于滑輪軸的摩擦會導致 s 變小，根據 ?的表達式可知誤差結果在判斷此類問題時， 要深刻理解動能定理， 能量守恒定律， 要會通過圖象分析相關問題14.【答案】 保護電路元件；最大；? -?；大； D； 1 ；?+ ?2 - ?0 - ?112?【解析】 解： (1) 電路中 ? 作為保護電阻，起到保護電路元件的作用。0(2) 為了防止電路中的電流過大，閉合電鍵?1之前，應將電阻箱接入電路的電阻調到最大，根據等效替代可知，電流表? 的內阻為 ?- ?2。11(3) 由于開始時電流表接近滿偏，因此調節電阻箱使電流表的示數逐漸減小，即電阻箱的阻值逐漸調大。 由閉合電路歐姆定律得?=?(?+ ?+ ? + ?)，得到 ?= ?-?(?+?10?0 + ?1)，可見 D 項正確。111(?+ ? + ? )(4) 由 ?= ?(?+ ?1+ ?0+ ?)得：=?+? ?0?1根據題意有 11，由 1?= ?，得 ?=?(?+ ?0+ ?1) = ?，得 ?= ?- ?0 - (?1 - ?)2 = ?+第12 頁，共 15頁?2 - ?0 -