河南省濮陽市2024-2025學年高二（上）期末教學質量監測物理試卷

一、單選題：本大題共7小題，共28分。

1.電磁波在日常生活中有廣泛的應用，涉及科研、軍事、通信、醫療、能源等多個領域。下列關于電磁波

的說法，正確的是（）

A.利用電磁波傳遞信號可以實現無線通信，但電磁波不能通過電纜、光纜傳輸

B.均勻變化的電場和均勻變化的磁場可以相互激發，形成電磁波

C.用微波爐加熱食物時，通過紅外線傳熱使食物的溫度升高

D.麥克斯韋預言了電磁波的存在，赫茲通過實驗證實了電磁波的存在

2.如圖1所示，輕彈簧上端固定，下端與小球相連構成彈簧振子，小球做簡諧運動的位移一時間圖像如圖2

所示。下列說法正確的是（）

A.在任意1s的時間內，小球經過的路程都是2on

B.t=0時，彈簧處于原長狀態

C.t=1,5s和t=2.5s兩個時刻，小球的速度相同

D.t=0.55和t=1.5s兩個時刻，小球的加速度大小相等，方向相反

3.體育課上進行跳高訓練時，一定會在跳高架的正下方放置墊子，降低受傷風險。在跳高者落地的過程

中，與不放墊子相比，下列說法正確的是（）

A.墊子可以縮短跳高者的落地時間B.墊子可以增大跳高者受到的平均沖擊力

C.墊子可以減小跳高者的動量變化率D.跳高者的動量變化率不發生變化

4.如圖所示，生產車間用直流電動機運送貨物，一箱貨物的質量為2kg,與水平地面間的動摩擦因數為

0.5,電動機線圈電阻為10,電源電動勢為8乙內阻為10,重力加速度g取10爪〃2。貨物在電動機的水平

拉力作用下勻速直線運動，此時理想電壓表的示數為7心下列判斷正確的是（）

A.電動機轉動穩定時，其輸入功率為7勿

B.電動機轉動穩定時，貨物勻速運動的速度為0.7zn/s

C.電動機突然被卡住不動，理想電壓表的示數為8U

D.電動機突然被卡住不動，電動機實際消耗的功率為32勿

5.體操運動員用手握住彩帶的右端，連續抖動，可以看到波向左傳播。如圖所示，建立x軸和y軸，在彩帶

上標記四個點a、b、c、do在波傳播的過程中，下列說法正確的是（）

A.a點此時沿著K軸負方向運動

B.此時d點的加速度方向沿y軸負方向

C.此時b點和c點之間的直線距離等于半個波長

D.再過一個周期，a點運動到b、c之間的平衡位置

6.物理小組的同學用單擺測當地的重力加速度。他們測出了擺線的長度I和擺動周期T,獲得多組T與，的數

據，再以為縱軸、1為橫軸畫出函數關系圖像，如圖線甲、乙所示。已知圖線甲與縱軸的截距為a,圖線

乙與橫軸的截距為6,圖線斜率均為鼠下列說法正確的是（）

A.圖線甲符合實際情況，擺球半徑為a

B.圖線乙符合實際情況，擺球直徑為b

C.測得當地的重力加速度大小為半

D.由于未考慮擺球半徑，測得的重力加速度值偏小

7.如圖所示，質量為2m的小車靜止在光滑水平面上，小車上表面由四分之一光滑圓弧軌道ab和粗糙的水

平軌道be組成，二者在b點相切，質量為小的小滑塊靜止在小車的右端。質量為：小的小玻璃球以水平速度

孫在極短時間內從右端水平射向小滑塊，與小滑塊發生彈性碰撞（碰撞時間極短），碰后小滑塊恰好能滑到

軌道的a點。若玻璃球以水平速度2%在極短時間內從右端水平射向小滑塊并發生彈性碰撞，則小滑塊從a

點離開小車時小滑塊的速度大小為（）

二、多選題：本大題共3小題，共18分。

8.如圖所示，一束復色光從玻璃磚的上表面Mi/入射（入射角小于45。），在玻璃磚內分為甲、乙兩束單色

光，分別從下表面用2岫的a、b兩點出射。下列說法正確的是（）

A.兩束單色光從玻璃磚中出射后會相交

B.甲在玻璃磚內的傳播時間大于乙在玻璃磚內的傳播時間

C.兩束光分別射入同一雙縫干涉裝置，乙的干涉條紋間距更大

D.兩束光分別射入同一單縫衍射裝置，甲的衍射現象更明顯

9.如圖所示的電路中，定值電阻邑=67?3，&=3&，兩個電源電動勢相同，內阻均不計,二極管為理想

二極管。僅閉合開關Si時，電路中的總功率為P。下列說法正確的是（）

A.僅閉合時，%消耗的功率為《PB.僅閉合力時，夫3消耗的功率為gP

C.僅閉合S2時，消耗的功率為白。D.僅閉合S2時，電路中的總功率為

io3

10.一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播t=2s時波形如圖1所示，圖2為介質中某質點的振動圖像，質點P的平

衡位置位于x=2nl處，質點Q的平衡位置位于久=9nl處。下列判斷正確的是（）

A.該列波的傳播速度為2m/s

B.圖2可能是質點P的振動圖像

C.t=3.75s時，質點P與Q的位移相同

D.在2s?3s的時間內，質點Q運動的路程為10cm

三、實驗題：本大題共2小題，共16分。

11.同學們幫助老師整理實驗室時，發現一個用電流表G改裝的簡易歐姆表（尚未重新標度），電流表G表盤

上的刻度值已經模糊不清，但是刻度線仍均勻且清晰，同學們通過實驗測量該歐姆表的最大內阻。

圖1圖2

（1）如圖1所示，將歐姆表內的滑動變阻器接入電路的阻值調到最大，插入表筆，其中b應該是表筆（

填“紅"或"黑"）。

（2）將兩表筆與電阻箱的兩接線柱連接，調節電阻箱的阻值。當電流表G表盤上指針對準某條刻度線時，數

出指針偏轉的小格數n，并記錄下相應電阻箱的阻值R,某次電阻箱的阻值如圖2所示，為Do

(3)改變電阻箱的阻值，重復步驟(2),讀出多組小格數n和電阻箱的阻值R,作出;-R圖像如圖3所示，圖

線的斜率為匕截距為6,則歐姆表的最大內阻為(用k,b表示)，若要用此圖像計算出歐姆表內部電

源的電動勢，還需要知道的物理量是。

R

圖3

12.小明同學用如圖1所示的裝置驗證動量守恒定律。長木板的一端墊有小薄木片，可以微調木板的傾斜程

度，使小車能在木板上做勻速直線運動。將兩個手機分別固定在小車4和B內，利用手機軟件中的速度傳感

器可以描繪小車的速度隨著時間變化的圖線。

A

圖1

(1)某次給小車力一個初速度，傳感器記錄了u隨時間t變化圖像如圖2所示，此時應_____(填向“左”或向

“右”)移動長木板下面的小薄木片。

(2)調整好長木板后，讓小車4以某速度運動，與置于長木板上靜止的小車B發生碰撞、導出傳感器記錄的

數據，繪制〃隨時間t變化圖像如圖3所示。

八V

(3)已知小車力的質量為機4，則碰撞前小車4的動量辦=碰撞后小車力的動量p'4=O若碰撞前

后動量守恒，則小車4和小車B的質量之比為。

(4)若兩小車的碰撞為彈性碰撞，貝!|"1、畛、%之間的關系為(用％、1?2和巧表示)。

四、計算題：本大題共3小題，共38分。

13.用折射率n=涯的透明材料制成的正三棱柱玻璃磚，截面MNP如圖所示，邊長為心一束光線從MN邊

的中點Q以某一角度a入射，恰好在NP界面發生全反射。已知光在真空中的傳播速度為c,不考慮二次反

(1)入射角a的正弦值；

(2)光從Q點到NP界面的傳播時間良

14.如圖所示，正方形4BCD的邊長為】，P為BC邊的中點，一勻強電場平行于正方形所在的平面(圖中未畫

出)。位于力處的粒子源向平面內各個方向發射質量為小、電荷量為-式q>0)、初動能為a0的粒子，經過

正方形邊界上不同的位置，其中到達正方形邊界上P點和。點的粒子動能均為2&o。忽略粒子的重力和粒子

(1)電場強度E；

(2)粒子經過正方形邊界時的最大動能。

15.一種研究物體運動的益智游戲裝置如圖所示，固定的光滑水平直軌道與EF之間有一光滑固定凹槽

BCDE,直軌道EF右端與順時針轉動的水平傳送帶FG在尸點平滑無縫連接(不影響傳送帶的運動)，質量

M=2kg的長木板緊靠凹槽的左側壁BC放置，木板上表面與AB、EF齊平。直軌道的4點正上方有一固定

點。，用長0.5m,不可伸長的輕繩懸掛著小滑塊a,小滑塊a與直軌道接觸但無彈力，靜止在直軌道上

的小滑塊6、c間鎖定一被壓縮的輕彈簧(滑塊與輕彈簧不拴接)。已知a,b的質量=7^=14kg，c的質

量nic=LOkg,傳送帶FG的長度"=3.75m,順時針轉動的速度v=2m/s,小滑塊c與長木板上表面、傳

送帶之間的動摩擦因數〃均為0.2。開始時長木板右端到凹槽右側壁DE的距離s=0.5m,重力加速度g=

10m/s2?現解除6、c間鎖定的彈簧，6離開彈簧后與a發生彈性正碰，使小滑塊a恰好在豎直平面內做完整

的圓周運動，C離開彈簧后滑上長木板，長木板首次與凹槽兩側壁碰撞均不損失能量，第二次與凹槽右側

壁碰撞時立即被鎖定，小滑塊c滑上傳送帶后，在傳送帶上運動戊=2s的時間。小滑塊均可視為質點，經

過各個銜接點時不損失能量。求：

(1)小滑塊c剛離開彈簧時的速度大小火;

(2)彈簧鎖定時的彈性勢能可；

(3)長木板第一次與凹槽右側壁DE碰撞時，小滑塊c的速度大小％;

(4)長木板的長度L。

答案和解析

1.【答案】D

【解析】A利用電磁波傳遞信號可以實現無線通信，電磁波能夠在真空中傳播，也能在介質中傳播，即電

磁波能通過電纜、光纜傳輸，故A錯誤；

A根據麥克斯韋電磁理論，均勻變化的電場能夠激發出恒定的磁場，均勻變化的磁場能夠激發出恒定的電

場，可知，均勻變化的電場和均勻變化的磁場不能夠互激發，也不能夠形成電磁波，故B錯誤；

C微波爐加熱食物的原理主要是利用微波與食物中的水分子產生共振摩擦，使食物中水的溫度升高，進而

使食物本身的溫度也隨著升高，可知，用微波爐加熱食物時，并不是通過紅外線傳熱使食物的溫度升高，

故C錯誤；

D1864年，英國青年物理學家麥克斯韋建立了電磁場理論，并預言了電磁波的存在。1888年德國青年物

理學家赫茲第一次通過實驗證實了電磁波的存在，故。正確。

故選￡（。

2.【答案】C

【解析】Ais等于四分之一周期，由于靠近平衡位置的速度大于遠離平衡位置的速度，貝U0?0.5s內的平

均速度大于0.5?1s內的平均速度，則。?0.5s內的路程大于0.5?1s內的路程，即0?0.5s內的路程大于

正負的一半，即大于1cm,0.5?1s內的路程小于正負的一半，即小于1cm,可知，0.5?1.5s內的路程小

于2cni,故A錯誤；

At=0時，小球處于平衡位置，則彈簧處于拉伸狀態，故2錯誤；

C.久-t圖像的斜率表示速度，根據圖像的對稱性可知，t=1.5s和t=2.5s兩個時刻斜率相同，貝IJ小球

的速度相同，故C正確；

Dt=0.5s和t=1,5s兩個時亥U，根據圖像的對稱性可知，小球的位移相同，根據F=-kx=ma

可知，在這兩個時刻，小球的加速度大小相等，方向相同，故D錯誤。

故選Co

3.【答案】C

【解析】設跳高者落到墊子上的過程中所受合力為凡根據動量定理尸=可得F=穿，可知墊子

的作用是延長了跳高者與地面的接觸時間43減小跳高者所受到的合力，即減小跳高者的動量變化率華。

故C正確，A&D錯誤。

4.【答案】A

【解析】A根據閉合電路歐姆定律可得E^U+Ir

可得電路電流為I=23=勺彳二4=14

則電動機轉動穩定時，其輸入功率為PA=UI=7xlW=7W

故A正確；

A電動機的熱功率為P熱=DRM^12X1W=1W

則電動機的輸出功率為P出=PA-P熱^7W-1W=6W

又P出=Fv=[imgv

解得貨物勻速運動的速度為v=—=…Lc/s=0.6m/s

故8錯誤；

CD.電動機突然被卡住不動，則電路電流為1'=/二=3力=44

RM+丁1+1

理想電壓表的示數為U'=I'RM=4xIV=4K

電動機實際消耗的功率為P'=U7=4x4W=16W

故錯誤。

故選A。

5.【答案】B

【解析】4根據波的傳播方向與質點振動方向之間的關系，可知a點此時沿著y軸負方向運動，選項A錯誤

區此時d點的位移為正，故回復力的方向沿y軸負方向，即加速度方向沿y軸負方向，選項8正確;

Cb點和c點的平衡位置之間的距離等于半個波長，兩個質點之間的距離不等于半個波長，選項C錯誤;

。各個質點只在各自的平衡位置附近振動，不會沿著x軸方向運動，選項。錯誤。

6.【答案】C

【解析】ABC.由單擺的周期公式T=2n

解得72=苧+口

結合圖像易知圖線甲符合實際情況,可得手=人,等r=a

解得牛，r建

故A6錯誤；C正確;

D未考慮擺球半徑，對圖像的斜率k沒有影響，測得的重力加速度值也不受影響，故D錯誤。

故選Co

7.【答案】C

【解析】玻璃球與小滑塊發生彈性碰撞，根據動量守恒和能量守恒：

11

--

22

1111

22+說

-小---

2O22mV

解得碰撞2-后小滑塊的速度%=1%,

碰后小滑塊恰好能滑到軌道的a點，設共同速度為u夬1，則加%=3加履1，

損失的動能4以

若玻璃球以水平速度2%在極短時間內從右端水平射向小滑塊并發生彈性碰撞，設碰后小滑塊的速度為

畛，根據動量守恒和能量守恒，可得"2=1%，

小滑塊滑到軌道的a點時，設水平方向的共同速度為"共2,則"共2=：為，損失的動能相同，即有/以=

121r■)21，2

-mvy—----mvJ

242共22

解得小滑塊離開軌道時的速度為1/=手為；

故C正確，錯誤。

8.【答案】BD

【解析】A由光的可逆性可知，兩束單色光從玻璃磚中M2N2出射后的折射角都等于從Mi/面射入時的

入射角，可知兩束單色光是平行射出，不會相交，選項A錯誤；

3.設玻璃磚厚度為d,根據幾=乎"，v--

sinrn

則傳播時間t=-。一==dsini=2dsinf

、vcosrccosrccosrsinrcsin2r

因i<45。，而2r<2i<90。，因甲光的r較小，可知時間長，即甲在玻璃磚內的傳播時間大于乙在玻璃磚

內的傳播時間，選項B正確；

C.由光路可知，甲光的折射率大于乙光，可知甲光波長小于乙光波長，根據4x=<4

a

可知，兩束光分別射入同一雙縫干涉裝置，乙的干涉條紋間距更大，選項C正確；

。兩束光分別射入同一單縫衍射裝置，乙光波長較大，可知乙光的衍射現象更明顯，選項。錯誤。

故選3D。

9.【答案】BC

【解析】4B.僅閉合S1時，根據二極管的單向導電性，可知/?2與%并聯，再與氏3串聯，設此時通

過/?3的電流為1，則/=-=提

R分+R3*篇+R33R3

電路中的總功率為P=『(夫3+R力=3/2區

根據串、并聯電路中電流與電阻的關系，可知流經氏的電流為g/,流經/?2的電流為則Rl、R3消

22

耗的功率分別為P1=(|/).6/?3=|p,P3=I-R3=^P

故A錯誤，5正確；

CD.僅閉合S2時，根據二極管的單向導電性，可知&與心串聯，設此時通過心的電流為/'，貝心’=

E_F_3

3R3+R3-砥-I'

2

則R2消耗的功率p；=I'-3/?3=

2

電路中的總功率P忌=I'-4/?3=|?

故C正確，。錯誤。

故選BCo

10.【答案】AC

【解析】A從圖1中可知，該波的波長2=8小，根據圖2可知，該波的周期T=4s,故波速為!；=，=

2m/s,A正確；

A由圖1可知，t=2s時，P沿y負方向振動，而圖2中，t=2s時的點沿y正方向振動，故圖2不可能為P

點的振動圖像，3錯誤；

。.當￡=2s時，從圖1中可知，波形函數為y=lOsin4％=10sinf%(c?n)

A4

當力=3.75s時,波形函數為y=lOsin竽卜一三亨匚4)=10sin1(%-(cm)

此時P點縱坐標為VP=10sinf(2-;)=-1Osin(cm)

4\Z/o

Q點縱坐標為y(2=10sin：(9-0=-lOsiny(cm)=yP

故1=3.75s時，質點P與Q的位移相同，C正確；

。在2s?3s的時間內，即經過若Q從平衡位置開始運動，恰好其路程為10si,根據圖1可知，Q

開始的位置不在平衡位置，故經過Jr時間，其路程小于iocm,D錯誤。

4

故選AC。

11.【答案】(1)黑

(2)1969.2

(3)每一格表示的電流大小

【解析】(1)多用電表使用歐姆擋時，使用內置電源，根據電流“紅進黑出”原則，插入表筆，黑表筆與

內置電源正極相連，其中b應該是黑表筆。

(2)根據讀數規則，電阻箱的阻值R=1X1000/2+9X100。+6Xion+9Xin+2X0.10=1969.2。

(3)設每一小格代表的電流大小為10,歐姆表的最大內阻為Rg,根據閉合電路歐姆定律得E=叫包+

R)

解得卜加+2%

根據工—R圖像，圖線的斜率為匕截距為b,可知］Rg=b,2=k

nEyE

聯立解得Rg=tE=號

則歐姆表的最大內阻為Rg=9若要用此圖像計算出歐姆表內部電源的電動勢，還需要知道的物理量是每

一格表示的電流大小。

12.【答案】右mv吸-=

A3打一啊vvv

【解析】由傳感器可知速度逐漸增大，為了使小車做勻速直線運動，此時應右移動長木板下面的小

薄木片。

⑶［2］碰撞前小車4的動量pA=mAv1,碰撞后小車4的速度減小，動量p'A=mAv3

［3］若碰撞前后動量守恒，則有TYIAV.=mAv3+mBv2

解得3=

vr-v3

11

有22

V

(4)［4］若兩小車的碰撞為彈性碰撞，則機械能守恒,2-2-2

聯立動量守恒定律解得V2—V3=Vy

13.【答案】(1)作出光路圖如圖所示

M

根據折射率的定義有九=當

根據全反射規律有n=^-

sine

根據幾何關系有e+c=60°

解得8=15。，sina=亮11

(2)根據折射率與光速的關系有n=(

令光從Q到MP過程的路程為％,此時的全反射位置與M間距為冷，根據正弦定理有嘉

%2

sin(90°—0)

令光從全反射位置到NP界面的路程為%3，根據正弦定理有潦笊=s/W)

則光從Q點到NP界面的傳播時間t=空

解得t=①回

C

【解析】詳細解答和解析過程見答案

14.【答案】(1)由于到達正方形邊界上P點和。點的粒子動能均為2以°,根據動能定理可知，此過程電場

力做功相等，即P點和D點電勢相等，貝UPD連線為一條等勢線，又由于動能增大，則電場力對負粒子做正

功，表明4點電勢小于P點電勢，則電場線垂直于PD斜向左上方，作出電場方向如圖所示

則有UDA=Elcosd

1/1

根據幾何關系有tan?=亍=5

根據動能定理有—qUAD=2琉0—Ek。

其中=~^DA

解得E=膏

2ql

(2)結合上述可知，當粒子經過C點時，電場力做功最多，此時粒子的動能最大，根據動能定理有-qU.=

EkmaxEko

根據電勢差與電場強度的關系有UCA=E(嘉+gsin。)

其中UAC=-UCA

解得a加”=苧

【解析】詳細解答和解析過程見答案

15.【答案】(l)b離開彈簧后與a發生彈性正碰，碰后從a的速度分別為%1、vbl,滑塊a恰好在豎直平

面內做完整的圓周運動，設在最高點滑塊a速度為%2，對滑塊a在最高點重力提供向心力得小泡=巾。牛