高級中學名校試卷PAGEPAGE1高二物理考試卷本試卷滿分100分，考試用時75分鐘。注意事項：1.答題前，考生務必將自己的姓名、考生號、考場號、座位號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。4.本試卷主要考試內容：人教版必修第一冊，必修第二冊，必修第三冊，選擇性必修第一冊第一、二章。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.下列不是彈力的是（）A.拉力 B.壓力 C.推力 D.庫侖力【答案】D【解析】庫侖力是電場力，不是彈力；拉力、壓力、推力都是彈力。故選D。2.關于下列四種情境說法正確的是（）A.圖甲中，M點與N點磁感應強度相同B.圖乙中，線圈穿過磁鐵從M運動到L的過程中，穿過線圈的磁通量一直增大C.圖丙中，閉合線框繞垂直于磁場方向的軸轉動的過程中，線框中有感應電流產生D.圖丁中，線框與通電導線在同一平面內向右平移過程中，線框中沒有感應電流產生【答案】C【解析】A．磁感線的切線方向表示磁感應強度的方向，由圖可知，圖甲中M、N兩點的磁感應強度的方向是不同的，所以圖甲中，M、N兩點磁感應強度不相同，故A錯誤；B．根據條形磁鐵的磁場的特點可知，當線圈穿過磁鐵從M運動到L的過程中，穿過線圈的磁通量先增大后減小，故B錯誤；C．圖丙中，閉合線框繞垂直于磁場方向的軸轉動的過程中，線框平面與磁感應強度方向之間的夾角發生變化，穿過線框的磁通量也發生變化，所以線框中有感應電流產生，故C正確；D．距離通電直導線越遠，磁感應強度越小，所以在圖丁中，線框在與通電導線在同一平面內向右平移的過程中，向里穿過線框的磁通量減小，線框中有感應電流產生，故D錯誤。故選C。3.一輛汽車在北京路做勻減速直線運動，加速度大小為，經5s停下，則該汽車的位移大小是（）A.50m B.40m C.30m D.25m【答案】A【解析】根據逆向思維可得該汽車的位移大小為故選A。4.下列有關單擺的說法正確的是（）A.在做單擺實驗時，要盡可能選擇質量小、體積大的球B.同一個單擺在赤道和兩極的周期相同C.單擺的周期與擺球質量和振幅無關D.擺角很大時，單擺也可以看成做簡諧運動【答案】C【解析】A．在做單擺實驗時，為了減小空氣阻力的影響，要盡可能選擇質量大、體積小的球，故A錯誤；B．根據單擺周期公式，由于赤道和兩極的重力加速度不同，則同一個單擺在赤道和兩極的周期不同，故B錯誤；C．單擺周期與擺球質量和振幅無關，故C正確；D．擺角很大時，就不滿足簡諧運動規律，單擺不可以看成做簡諧運動，故D錯誤。5.1kg的普洱茶放在水平桌面上，取重力加速度大小，經1min，桌面對普洱茶的沖量大小為（）A. B. C. D.0【答案】B【解析】桌面對普洱茶的支持力大小為則桌面對普洱茶的沖量大小為故選B。6.飛船登陸火星需經歷如圖所示的變軌過程，已知引力常量為G，下列說法正確的是（）A.飛船在變軌的過程中，機械能守恒B.飛船在軌道Ⅰ上P點的加速度大于在軌道Ⅱ上P點的加速度C.飛船在P點從軌道Ⅱ變軌到軌道Ⅰ，需要在P點啟動加速裝置D.若軌道Ⅰ貼近火星表面，已知飛船在軌道Ⅰ上運動的角速度，則可以推知火星的密度【答案】D【解析】AC．飛船從高軌道變到低軌道時，需要減速，故機械能不守恒；可知飛船在P點從軌道Ⅱ變軌到軌道Ⅰ，需要在P點啟動減速裝置，故AC錯誤；B．根據牛頓第二定律可得解得可知飛船在軌道Ⅰ上P點的加速度等于在軌道Ⅱ上P點的加速度，故B錯誤；D．若軌道Ⅰ貼近火星表面，由火星的萬有引力提供向心力可得由解得故D正確。故選D。7.平行板間加如圖乙所示的周期性變化的電壓，時M板帶正電，如圖甲所示，一帶正電的粒子緊靠M板，從時刻開始將其釋放，運動過程無碰板情況。粒子運動的速度—時間圖像正確的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】由于電壓在一段時間內不變，因此電場強度也不變，帶電粒子受到的電場力也不變，根據牛頓第二定律可知帶電粒子的加速度也不變。帶電粒子在勻加速后，電壓反向了，電場力也反向，該粒子做勻減速直線運動。由于加、減速時間相同，該粒子的速度恰好減為零；下一周期又開始重復上述運動，則圖像如選項C所示。故選C。8.下列說法正確的是（）A.滬昆鐵路一定不可看成質點 B.8：30上課，“8：30”指時刻C.物體做自由落體運動時只受重力作用 D.合力一定大于分力【答案】BC【解析】A．滬昆鐵路有時可看成質點，故A錯誤；B．“8：30”指的是時刻，故B正確；C．物體做自由落體運動時只受重力作用，故C正確；D．合力與分力遵循平行四邊形定則，合力可能等于分力，也可能大于分力，還可能小于分力，故D錯誤。故選BC。9.在如圖所示的圖線中，圖線甲、乙分別為電源和某電阻兩端電壓隨電流變化的規律，已知兩圖線與I軸的夾角分別為、，則下列說法正確的是（）A.兩圖線交點的橫、縱坐標的乘積為電源的輸出功率B.兩圖線交點的橫、縱坐標的乘積為電源消耗的總功率C.當時，電源的效率為60%D.當時，電源內阻等于負載電阻【答案】AD【解析】AB．根據閉合電路的歐姆定律和圖像的特點可知，兩圖線交點的橫、縱坐標的乘積表示負載電阻消耗的功率，即電源的輸出功率，選項A正確、B錯誤；CD．圖像甲的斜率等于電源內阻，圖像乙的斜率等于負載電阻，則當滿足時，電源內阻等于負載電阻，電源的效率為選項C錯誤、D正確。故選AD。10.如圖所示，光滑水平面上，物塊B和物塊C之間連接一根輕質彈簧，一起保持靜止狀態，物塊A以的速度向物塊B運動，發生時間極短的碰撞后與物塊B粘在一起，然后通過彈簧與C一起運動，已知，。下列說法正確的是（）A.A、B、C一起運動過程中彈簧最大彈性勢能為15JB.A、B、C一起運動過程中彈簧最大彈性勢能為6JC.當彈簧第一次恢復原長時，C的速度大小為2m/sD.當彈簧第一次恢復原長時，A、B的速度大小為0【答案】BC【解析】AB．A和B發生碰撞的過程中A和B組成的系統動量守恒，A、B達到共速，設為，由解得此過程有機械能損失，A、B粘到一起后，壓縮彈簧，此過程A、B、C與彈簧組成的系統動量守恒，機械能守恒，當三者再次共速時彈簧彈性勢能最大，由動量守恒定律有由機械能守恒定律有解得選項A錯誤、B正確；CD．從A、B剛碰后瞬間到彈簧再次恢復原長時，彈性勢能均為0，所以三者動量守恒，且總動能守恒解得，選項C正確、D錯誤。故選BC二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某同學根據如圖甲所示的歐姆表原理圖，利用微安表（滿偏電流為）、滑動變阻器R和電源，將微安表改裝成歐姆表。（1）將兩表筆短接，歐姆調零；（2）當兩表筆之間接入阻值為的定值電阻時，微安表指針指在如圖乙所示的位置，則其讀數為___________，電源的電動勢為_________V，歐姆表的內阻為_________；（3）經過一段時間之后，電池的電動勢降低，內阻增大，則重新歐姆調零之后，測得的電阻阻值將___________（填“偏大”“不變”或“偏小”）。【答案】（2）200620（3）偏大【解析】[1]從題圖乙可讀出微安表的讀數為；[2][3]由閉合電路歐姆定律得代入數據解得，歐姆表的內阻為電源的電動勢為[4]經過一段時間之后，電池的電動勢降低，重新歐姆調零時，減小，根據可知測得的電阻阻值將偏大。12.“祖沖之”研究小組在做“探究小車速度隨時間變化的規律”實驗。（1）如圖甲所示，所用電火花計時器的工作電壓為___________；A.交流220V B.直流220VC.直流6V D.交流6V（2）某次實驗得到一條清晰紙帶，其一部分如圖乙所示，已知電火花計時器所用電源的頻率為50Hz，每兩個計數點間還有一個計時點沒畫出，則計數點E所在位置的刻度尺讀數為___________cm，小車通過E點時的瞬時速度為___________m/s（計算結果保留兩位有效數字），請在坐標紙丙上描出E點且擬合圖線___________，并求解小車運動的加速度___________（計算結果保留兩位有效數字）。【答案】（1）A（2）14.501.13.0（2.8~3.1都算對）【解析】（1）電火花計時器的工作電壓為交流220V。故選A。（2）[1]由圖乙可知計數點E所在位置的刻度尺讀數為14.50cm；[2]每兩個計數點間還有一個計時點沒畫出，則相鄰計數點的時間間隔為根據勻變速直線運動中間時刻速度等于該段過程平均速度，則小車通過E點時的瞬時速度為[3]在坐標紙丙上描出E點，并作出小車的速度—時間圖像如圖所示[4]根據圖像的斜率表示加速度，可知小車運動的加速度為13.如圖所示，一電風扇在1s的時間內勻速轉動了n圈，扇葉上在離轉軸距離為R的地方有質點A（圖中未畫出），求：（1）電風扇轉動的角速度；（2）質點A的向心加速度大小。【答案】（1）（2）【解析】（1）電風扇在1s的時間內勻速轉動了n圈，則有，解得（2）向心加速度大小為解得14.如圖所示，，當電阻箱的阻值時，理想電壓表的示數；當電阻箱的阻值時，電壓表的示數，求電源電動勢E及內阻r。【答案】，【解析】根據閉合電路歐姆定律得聯立上式并代入數據解得，15.如圖所示，在平面直角坐標系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y軸負方向的勻強電場，在y軸負半軸上的某處固定著一點電荷（圖中未畫出），設勻強電場與點電荷產生的電場以x軸為界互不影響。一質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以速度垂直于y軸射入電場，經x軸上的N點以與x軸正方向成角射入第Ⅳ象限，此后在點電荷產生的電場作用下做勻速圓周運動，最后從y軸負半軸上的P點垂直于y軸射出，。不計粒子受到的重力，靜電力常量為k，求：（1）M、N兩點間的電勢差；（2）固定點電荷的電性和電荷量Q。【答案】（1）（2）帶負電，【解析】（1）已知不計粒子受到的重力，則帶正電的粒子在第Ⅰ象限的電場中做類平拋運動，在x軸方向上做勻速直線運動，設粒子經過N點時的速度為v，有解得粒子從M點運動到N點的過程，由動能定理可知聯立解得（2）帶電粒子在第Ⅳ象限內繞點電荷做勻速圓周運動，運動軌跡如圖所示則點電荷、帶電粒子之間為庫侖引力，因此點電荷帶負電。設帶電粒子做勻速圓周運動的半徑為r，由幾何關系得解得庫倫引力提供向心力，由牛頓第二定律可知聯立解得高二物理考試卷本試卷滿分100分，考試用時75分鐘。注意事項：1.答題前，考生務必將自己的姓名、考生號、考場號、座位號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。4.本試卷主要考試內容：人教版必修第一冊，必修第二冊，必修第三冊，選擇性必修第一冊第一、二章。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.下列不是彈力的是（）A.拉力 B.壓力 C.推力 D.庫侖力【答案】D【解析】庫侖力是電場力，不是彈力；拉力、壓力、推力都是彈力。故選D。2.關于下列四種情境說法正確的是（）A.圖甲中，M點與N點磁感應強度相同B.圖乙中，線圈穿過磁鐵從M運動到L的過程中，穿過線圈的磁通量一直增大C.圖丙中，閉合線框繞垂直于磁場方向的軸轉動的過程中，線框中有感應電流產生D.圖丁中，線框與通電導線在同一平面內向右平移過程中，線框中沒有感應電流產生【答案】C【解析】A．磁感線的切線方向表示磁感應強度的方向，由圖可知，圖甲中M、N兩點的磁感應強度的方向是不同的，所以圖甲中，M、N兩點磁感應強度不相同，故A錯誤；B．根據條形磁鐵的磁場的特點可知，當線圈穿過磁鐵從M運動到L的過程中，穿過線圈的磁通量先增大后減小，故B錯誤；C．圖丙中，閉合線框繞垂直于磁場方向的軸轉動的過程中，線框平面與磁感應強度方向之間的夾角發生變化，穿過線框的磁通量也發生變化，所以線框中有感應電流產生，故C正確；D．距離通電直導線越遠，磁感應強度越小，所以在圖丁中，線框在與通電導線在同一平面內向右平移的過程中，向里穿過線框的磁通量減小，線框中有感應電流產生，故D錯誤。故選C。3.一輛汽車在北京路做勻減速直線運動，加速度大小為，經5s停下，則該汽車的位移大小是（）A.50m B.40m C.30m D.25m【答案】A【解析】根據逆向思維可得該汽車的位移大小為故選A。4.下列有關單擺的說法正確的是（）A.在做單擺實驗時，要盡可能選擇質量小、體積大的球B.同一個單擺在赤道和兩極的周期相同C.單擺的周期與擺球質量和振幅無關D.擺角很大時，單擺也可以看成做簡諧運動【答案】C【解析】A．在做單擺實驗時，為了減小空氣阻力的影響，要盡可能選擇質量大、體積小的球，故A錯誤；B．根據單擺周期公式，由于赤道和兩極的重力加速度不同，則同一個單擺在赤道和兩極的周期不同，故B錯誤；C．單擺周期與擺球質量和振幅無關，故C正確；D．擺角很大時，就不滿足簡諧運動規律，單擺不可以看成做簡諧運動，故D錯誤。5.1kg的普洱茶放在水平桌面上，取重力加速度大小，經1min，桌面對普洱茶的沖量大小為（）A. B. C. D.0【答案】B【解析】桌面對普洱茶的支持力大小為則桌面對普洱茶的沖量大小為故選B。6.飛船登陸火星需經歷如圖所示的變軌過程，已知引力常量為G，下列說法正確的是（）A.飛船在變軌的過程中，機械能守恒B.飛船在軌道Ⅰ上P點的加速度大于在軌道Ⅱ上P點的加速度C.飛船在P點從軌道Ⅱ變軌到軌道Ⅰ，需要在P點啟動加速裝置D.若軌道Ⅰ貼近火星表面，已知飛船在軌道Ⅰ上運動的角速度，則可以推知火星的密度【答案】D【解析】AC．飛船從高軌道變到低軌道時，需要減速，故機械能不守恒；可知飛船在P點從軌道Ⅱ變軌到軌道Ⅰ，需要在P點啟動減速裝置，故AC錯誤；B．根據牛頓第二定律可得解得可知飛船在軌道Ⅰ上P點的加速度等于在軌道Ⅱ上P點的加速度，故B錯誤；D．若軌道Ⅰ貼近火星表面，由火星的萬有引力提供向心力可得由解得故D正確。故選D。7.平行板間加如圖乙所示的周期性變化的電壓，時M板帶正電，如圖甲所示，一帶正電的粒子緊靠M板，從時刻開始將其釋放，運動過程無碰板情況。粒子運動的速度—時間圖像正確的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】由于電壓在一段時間內不變，因此電場強度也不變，帶電粒子受到的電場力也不變，根據牛頓第二定律可知帶電粒子的加速度也不變。帶電粒子在勻加速后，電壓反向了，電場力也反向，該粒子做勻減速直線運動。由于加、減速時間相同，該粒子的速度恰好減為零；下一周期又開始重復上述運動，則圖像如選項C所示。故選C。8.下列說法正確的是（）A.滬昆鐵路一定不可看成質點 B.8：30上課，“8：30”指時刻C.物體做自由落體運動時只受重力作用 D.合力一定大于分力【答案】BC【解析】A．滬昆鐵路有時可看成質點，故A錯誤；B．“8：30”指的是時刻，故B正確；C．物體做自由落體運動時只受重力作用，故C正確；D．合力與分力遵循平行四邊形定則，合力可能等于分力，也可能大于分力，還可能小于分力，故D錯誤。故選BC。9.在如圖所示的圖線中，圖線甲、乙分別為電源和某電阻兩端電壓隨電流變化的規律，已知兩圖線與I軸的夾角分別為、，則下列說法正確的是（）A.兩圖線交點的橫、縱坐標的乘積為電源的輸出功率B.兩圖線交點的橫、縱坐標的乘積為電源消耗的總功率C.當時，電源的效率為60%D.當時，電源內阻等于負載電阻【答案】AD【解析】AB．根據閉合電路的歐姆定律和圖像的特點可知，兩圖線交點的橫、縱坐標的乘積表示負載電阻消耗的功率，即電源的輸出功率，選項A正確、B錯誤；CD．圖像甲的斜率等于電源內阻，圖像乙的斜率等于負載電阻，則當滿足時，電源內阻等于負載電阻，電源的效率為選項C錯誤、D正確。故選AD。10.如圖所示，光滑水平面上，物塊B和物塊C之間連接一根輕質彈簧，一起保持靜止狀態，物塊A以的速度向物塊B運動，發生時間極短的碰撞后與物塊B粘在一起，然后通過彈簧與C一起運動，已知，。下列說法正確的是（）A.A、B、C一起運動過程中彈簧最大彈性勢能為15JB.A、B、C一起運動過程中彈簧最大彈性勢能為6JC.當彈簧第一次恢復原長時，C的速度大小為2m/sD.當彈簧第一次恢復原長時，A、B的速度大小為0【答案】BC【解析】AB．A和B發生碰撞的過程中A和B組成的系統動量守恒，A、B達到共速，設為，由解得此過程有機械能損失，A、B粘到一起后，壓縮彈簧，此過程A、B、C與彈簧組成的系統動量守恒，機械能守恒，當三者再次共速時彈簧彈性勢能最大，由動量守恒定律有由機械能守恒定律有解得選項A錯誤、B正確；CD．從A、B剛碰后瞬間到彈簧再次恢復原長時，彈性勢能均為0，所以三者動量守恒，且總動能守恒解得，選項C正確、D錯誤。故選BC二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某同學根據如圖甲所示的歐姆表原理圖，利用微安表（滿偏電流為）、滑動變阻器R和電源，將微安表改裝成歐姆表。（1）將兩表筆短接，歐姆調零；（2）當兩表筆之間接入阻值為的定值電阻時，微安表指針指在如圖乙所示的位置，則其讀數為___________，電源的電動勢為_________V，歐姆表的內阻為_________；（3）經過一段時間之后，電池的電動勢降低，內阻增大，則重新歐姆調零之后，測得的電阻阻值將___________（填“偏大”“不變”或“偏小”）。【答案】（2）200620（3）偏大【解析】[1]從題圖乙可讀出微安表的讀數為；[2][3]由閉合電路歐姆定律得代入數據解得，歐姆表的內阻為電源的電動勢為[4]經過一段時間之后，電池的電動勢降低，重新歐姆調零時，減小，根據可知測得的電阻阻值將偏大。12.“祖沖之”研究小組在做“探究小車速度隨時間變化的規律”實驗。（1）如圖甲所示，所用電火花計時器的工作電壓為___________；A.交流220V B.直流220VC.直流6V D.交流6V（2）某次實驗得到一條清晰紙帶，其一部分如圖乙所示，已知電火花計時器所用電源的頻率為50Hz，每兩個計數點間還有一個計時點沒畫出，則計數點E所在位置的刻度尺讀數為___________cm，小車通過E點時的瞬時速度為___________m/s（計算結果保留兩位有效數字），請在坐標紙丙上描出E點且擬合圖線___________，并求解小車運動的加速度___________（計算結果保留兩位有效數字）。【答案】（1）A（2）14.501.13.0（2.8~3.1都算對）【解析】（1）