…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版必修2物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、“天宮一號”目標飛行器與“神舟十號”飛船自動交會對接前的示意圖如圖所示；圓形軌道Ⅰ為“天宮一號”運行軌道，圓形軌道Ⅱ為“神舟十號”運行軌道．此后“神舟十號”要進行多次變軌，才能實現與“天宮一號”的交會對接，則（）

A.“天宮一號”的運行速率大于“神舟十號”在軌道Ⅱ上的運行速率B.“神舟十號“變軌后比變軌前高度增加，機械能減少C.“天宮一號”和“神舟十號”對接瞬間的向心加速度大小相等D.“神舟十號”可以通過減速而使軌道半徑變大2、我國電商正快速發展；網上購物已成為人們的時尚，某轉運中心為了提高工作效率，采用如圖所示的足夠長的傳送帶來分揀包裹，假設傳送帶在電機的帶動下以恒定速率順時針運行，將一個包裹輕輕放在傳送帶底端，第一階段包裹被加速到與傳送帶具有相同的速度，第二階段與傳送帶相對靜止勻速運動到達傳送帶頂端。下列說法正確的是（）

A.第一階段摩擦力對包裹做正功，第二階段摩擦力對包裹不做功B.無論傳送帶上是否有包裹，電機輸出功率不變C.傳送帶對包裹做的功等于它從底端到頂端全過程機械能的増加量D.全過程包裹和傳送帶之間都有摩擦生熱3、勻速圓周運動中可以描述質點位置變化快慢和方向的物理量是（）A.轉速B.角速度C.線速度D.向心加速度4、如圖所示，“火星”探測飛行器P繞火星做勻速圓周運動，若“火星”探測飛行器某時刻的軌道半徑為r，探測飛行器P觀測火星的最大張角為β；下列說法正確的是（）

A.探測飛行器P的軌道半徑r越大，其周期越小B.探測飛行器P的軌道半徑r越大，其速度越大C.若測得周期和張角，可得到火星的平均密度D.若測得周期和軌道半徑，可得到探測器P的質量5、關于地球同步衛星，下面說法中正確的是A.它們運行的周期可能不同B.它們的運行速度都小于7.9km/s，且大小都相等C.它們的向心加速度與靜止在赤道上物體的向心加速度大小相等D.同步衛星的軌道可通過哈爾濱的上空評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)6、如圖所示，排球比賽中運動員將排球從M點水平擊出，排球飛到P點時，被對方運動員擊出，球又斜向上飛出后落到M點正下方的N點，N點與P點等高，軌跡的最高點Q與M等高；不計空氣阻力，下列說法正確的有（）

A.排球兩次飛行過程中加速度相同B.排球兩次飛行過程中重力對排球做的功相等C.排球離開M點的速率比經過Q點的速率大D.排球到達P點時的速率比離開P點時的速率大7、鉛塊質量為0.8kg，以初速度從下端滑上很長的斜面，斜面傾角為37°，鉛塊到達中途某點損失機械能損失動能只考慮斜面阻力，則有（）A.鉛塊以向上滑B.鉛塊不可返回下端處，全程損失機械能C.鉛塊與斜面摩擦系數為0.5D.鉛塊可返回下端處，到下端剩余動能8、下列說法中正確的是（）A.曲線運動一定是變速運動B.做曲線運動的物體的速度必定變化C.物體在變力作用下不可能做直線運動D.加速度恒定的運動可能是曲線運動9、赤道上某處固定有很長的豎直索道，太空電梯可沿索道上下運動。電影《流浪地球2》有這樣一個片段，太空電梯沿索道勻速上升，某時刻站在太空電梯地板上的人突然飄起來了，下列說法正確的是（）（已知地球半徑地球表面重力加速度g取）

A.太空電梯沿索道勻速上升時，太空電梯繞地心運動的角速度變大B.太空電梯沿索道勻速上升時，太空電梯繞地心運動的線速度變大C.站在太空電梯地板上的人突然飄起來時，太空電梯離地面的高度約為D.站在太空電梯地板上的人突然飄起來時，太空電梯離地面的高度約為10、2020年11月6日，我國成功發射全球首顆6G試驗地球衛星，衛星的軌道半徑的三次方與其周期的二次方的關系圖像如圖所示。已知地球半徑為R，引力常量為G；下列說法正確的是（）

A.地球的質量為B.地球表面的重力加速度為C.繞地球表面運行的衛星的線速度大小為D.地球密度為11、如圖所示，重10N的滑塊輕放在傾角為30°的斜面上，從a點由靜止開始下滑，到b點接觸到一個輕質彈簧，滑塊壓縮彈簧到c點開始彈回，返回b點離開彈簧，最后又回到a點。已知ab=lm，bc=0.2m；則以下結論正確的是。

A.整個過程中彈簧彈性勢能的最大值為6JB.整個過程中滑塊動能的最大值為6JC.從c到b彈簧的彈力對滑塊做功5JD.整個過程中彈簧、滑塊與地球組成的系統機械能守恒評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)12、某物理小組對輕彈簧的彈性勢能進行探究；實驗裝置如圖（a）所示：輕彈簧放置在光滑水平桌面上，彈簧左端固定，右端與一物塊接觸而不連接，紙帶穿過打點計時器并與物塊連接．向左推物塊使彈簧壓縮一段距離，由靜止釋放物塊，通過測量和計算，可求得彈簧被壓縮后的彈性勢能．

（1）實驗中涉及到下列操作步驟：

①把紙帶向左拉直。

②松手釋放物塊。

③接通打點計時器電源。

④向左推物塊使彈簧壓縮；并測量彈簧壓縮量。

上述步驟正確的操作順序是__（填入代表步驟的序號）．

（2）圖（b）中M和L紙帶是分別把彈簧壓縮到不同位置后所得到的實際打點結果．打點計時器所用交流電的頻率為50Hz．由M紙帶所給的數據，可求出在該紙帶對應的實驗中物塊脫離彈簧時的速度為__m/s．比較兩紙帶可知，__（填“M”或“L”）紙帶對應的實驗中彈簧被壓縮后的彈性勢能大．13、拋體運動：以一定的速度將物體拋出，在空氣阻力______的情況下，物體只受______作用的運動。14、用圖（a）所示裝置驗證機械能守恒定律。圖（b）是某次實驗中正確操作得到的一張紙帶，依次測出了計時點到計時點的距離已知打點頻率為當地重力加速度大小為

（1）打A點時重錘的速度表達式________；打E點時重錘的速度表達式________；

（2）若選取A到E的過程驗證機械能守恒定律，則需要驗證的關系式為_____________。15、判斷下列說法的正誤．

（1）做曲線運動的物體，速度可能不變．（____）

（2）曲線運動一定是變速運動，但變速運動不一定是曲線運動．（____）

（3）做曲線運動的物體的位移大小可能與路程相等．（____）

（4）做曲線運動的物體所受的合力一定是變力．（____）

（5）做曲線運動的物體加速度一定不為零．（____）16、如圖所示的皮帶傳動裝置中，點A和B分別是兩個同軸塔輪上的點，A、B、C分別是三個輪邊緣的點，且RA＝RC＝2RB，則三質點角速度關系為（皮帶不打滑）_________。17、質量是的子彈，以300m/s的速度水平射入厚度是10毫米的鋼板，射穿后的速度是100m/s，則子彈受到的平均阻力的大小為_______N．18、豎直放置的光滑圓軌道半徑為R，一質量為m的小球在最低點以一定的初速度沖上軌道，若確保小球不脫離軌道，則小球的初速度的取值范圍是_________________評卷人得分四、作圖題(共4題，共40分)19、如圖所示，在一內壁光滑環狀管道位于豎直面內，其管道口徑很小，環半徑為R（比管道的口徑大得多）。一小球直徑略小于管道口徑，可視為質點。此時小球滑到達管道的頂端，速度大小為重力加速度為g。請作出小球的受力示意圖。

20、圖甲為拋出的石子在空中運動的部分軌跡，圖乙是水平面上一小鋼球在磁鐵作用下的部分運動軌跡．請畫出物體在A、B、C、D四點的受力方向和速度方向．（不計空氣阻力）

21、一個物體在光滑水平面上運動，其速度方向如圖中的v所示。從A點開始，它受到向前但偏右（觀察者沿著物體前進的方向看，下同）的合力。到達B點時，這個合力的方向突然變得與前進方向相同。達到C點時，合力的方向又突然改為向前但偏左。物體最終到達D點。請你大致畫出物體由A至D的運動軌跡，并標出B點、C點和D點。

22、在圖的實驗中，假設從某時刻（）開始，紅蠟塊在玻璃管內每1s上升的距離都是10與此同時，玻璃管向右沿水平方向勻加速平移，每1s內的位移依次是4122028在圖所示的坐標系中，y表示蠟塊在豎直方向的位移，x表示蠟塊隨玻璃管通過的水平位移，時蠟塊位于坐標原點。請在圖中標出t等于1s；2s、3s、4s時蠟塊的位置；并用平滑曲線描繪蠟塊的軌跡。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共2分)23、小李同學用如圖所示的裝置測量三角形支架PQO的高度和傾角。三角形支架PQO固定在水平地面上，頂端處固定一弧形軌道，軌道末端切線水平，小球從弧形軌道上不同位置下滑，從P處平拋，小球可落到裝置中的不同位置。在P處放一速度傳感器（圖中未畫出），可測小球在P處的不同速度v0，改變小球的釋放位置，從而改變小球在P處的速度v0，測出小球平拋運動的水平射程x，記錄的數據如下表：（重力加速度g取）

序號v0(m/s）x(m）141.6231.2320.8410.250.50.05

（1）當v0=3m/s時，小球落在______（填字母序號）。

A．斜面上B．水平面上C．Q點D．無法判斷。

（2）三角形支架的高度為______m，斜面的傾角為______度。評卷人得分六、解答題(共1題，共3分)24、設地球是質量分布均勻的半徑為R的球體。已知引力常量G，地球表面的重力加速度g；忽略地球自轉。

（1）推導地球質量M的表達式。

（2）推導地球第一宇宙速度v的表達式。

（3）設地球的密度為ρ，靠近地球表面做圓周運動的衛星的周期為T，證明參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【詳解】

A.“天宮一號”的半徑大，由可知其速率小，故A不符合題意；

B.“神舟十號”變軌后比變軌前高度增加；變軌要加速做離心運動，其機械能增加，故B不符合題意；

C.人造航天器的加速度可知對接時在同一位置，萬有引力產生加速度相同，故C符合題意；

D.“神舟十號”速度變小，所提供的向心力大于所需要的向心力，會做向心運動，使軌道半徑變小，故D不符合題意．2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．第一階段包裏受到的滑動摩擦力沿傳送帶向上；對包裏做正功，第二階段包裏受到的靜摩擦力沿傳送帶向上，對包裏也做正功，A錯誤；

B．傳送帶上有包裹；電動機會額外多做功，則電機輸出功率增大，B錯誤；

C．由機械能的變化規律可知；物體機械能的增加量等于除重力（彈力）之外的其它力對物體所做的功；其它力做正功，則物體的機械能增加；其它力做負功，則物體的機械能減少；題中除重力之外的其它力只有傳送帶對包裹的摩擦力在對包裹做功，則包裹從底端到頂端全過程機械能的增加等于全過程摩擦力對包裹所做的功，C正確；

D．第一階段物體和傳送帶間有相對運動；產生相對位移，則第一階段包裹和傳送帶之間有摩擦生熱，第二階段沒有相對位移，沒有摩擦生熱，D錯誤。

故選C。3、C【分析】【詳解】

描述質點位置變化快慢和方向的物理量是速度；在勻速圓周運動中指的是線速度，故ABD錯誤，C正確。

故選C。4、C【分析】【詳解】

A．根據

可得

因此軌道半徑r越大；周期越大，故A錯誤；

B．根據

可得

軌道半徑r越大；速度越小，故B錯誤；

C．若測得張角為如圖。

則可求出火星的半徑

若測出飛行器P運行的周期T，根據

可得火星的的質量

因此火星的密度

故C正確；

D．由ABC中公式可知：探測器圍繞火星做圓周運動的表達式中，探測器的質量m兩邊約去了；所以無法得到探測器P的質量，故D錯誤。

故選C。5、B【分析】【詳解】

A項：同步衛星的周期與地球自轉周期相同；故它們的運行周期都一樣，故A錯誤；

B項：7.9km/s是第一宇宙速度也是繞地球勻速圓周運動的最大速度，據可知；衛星的軌道半徑越大線速度越小，故B正確；

C項：同步衛星的軌道半徑遠大于赤道半徑，它的周期與地球自轉周期相同，據可知同步衛星的軌道半徑大，向心加速度大，故C錯誤；

D項：同步衛星只能與赤道在同一平面內，故D錯誤．二、多選題(共6題，共12分)6、A:C:D【分析】【詳解】

A．不計空氣阻力，排球在空中的拋體運動只受重力而做勻變速曲線運動，加速度均為重力加速度g；故A正確；

B．設排球的拋體高度為h，第一次從M到P，重力做正功為

第二次做斜上拋運動從P到Q到N點；重力做功為零，故B錯誤；

C．排球從M到P和從Q到N都是平拋運動，在M、P點均只有水平方向的速度，高度h相同，由知運動時間相同，但由可推出離開M點的速度大于經過Q點的速度；故C正確；

D．將排球從P到Q的斜上拋運動由逆向思維法可看成從Q到P的平拋，則由M到P和Q到P的平拋運動比較，運動高度相同，則運動時間相同，豎直分速度一樣，但M到P的水平位移大，則水平速度較大，由

可知從Q到P的末速度大小大于從P到Q的初速度大小；故D正確。

故選ACD。7、A:D【分析】【詳解】

BC．向上減速運動重力勢能增加，動能減小，損失的機械能為摩擦生熱根據能量守恒可得

聯立可解得

上升到某點的位移為則有

解得

由于則鉛塊可返回下端。BC錯誤；

A．鉛塊受沿斜面向下的摩擦力和沿斜面向下重力的分力，由牛頓第二定律得

解得

A正確；

D．上升到最高點時的位移為

返回下端時，根據動能定理可得

解得

D正確。

故選AD。8、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．物體在做曲線運動；其速度的方向一定變化，故物體的速度一定變化，故AB正確。

C．直線運動必須保證合外力與速度共線或者合外力為0；所以合外力大小變化，方向始終與速度共線，則做直線運動，C錯誤。

D．平拋運動始終受重力；加速度大小和方向均不變，為曲線運動，D正確。

故選ABD。9、B:D【分析】【詳解】

A．太空電梯和地球要保持相對靜止；則電梯各處必有相同的角速度，故A錯誤；

B．由公式可知；太空電梯沿索道勻速上升時，做圓周運動的半徑變大，則太空電梯繞地心運動的線速度變大，故B正確；

CD．站在太空電梯地板上的人突然飄起來時，人所受萬有引力恰好提供做圓周運動向心力，設此時太空電梯離地面的高度為則有

地球表面物體受到的重力

聯立解得

故C錯誤；D正確。

故選BD。10、B:C【分析】【詳解】

A．對衛星繞地球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力

解得

由于圖像的斜率

解得

故A錯誤；

B．對地球表面物體有

解得地球表面重力加速度為

故B正確；

C．繞地球表面運行的衛星，萬有引力提供向心力，即

解得

故C正確；

D．地球的體積為

則地球的密度為

故D錯誤。

故選BC。11、A:D【分析】【分析】

了解滑塊的運動過程，滑塊先加速運動到b；接觸彈簧后滑塊沒有減速，而是繼續加速，當滑塊的合力為0時，滑塊速度最大，再向下做減速運動，速度減到0時，彈簧壓得最緊，彈性勢能最大；

選擇適當的過程運用動能定理列式求解。

【詳解】

A項：滑塊從a到c；運用動能定理得：

mghac+W彈′=0-0

解得：W彈′=-6J。

彈簧彈力做的功等于彈性勢能的變化；所以整個過程中彈簧彈性勢能的最大值為6J，故A正確；

B項：當滑塊的合力為0時，滑塊速度最大，設滑塊在d點合力為0，d點在b和c之間。

滑塊從a到d；運用動能定理得：

mghad+W彈=EKd-0

mghad＜6J，W彈＜0

所以EKd＜6J；故B錯誤；

C項：從c點到b點彈簧的彈力對滑塊做功與從b點到c點彈簧的彈力對滑塊做功大小相等；即為6J，故C錯誤；

D項：整個過程中彈簧；滑塊與地球組成的系統機械能守恒；沒有與系統外發生能量轉化，故D正確。

故選：AD。

【點睛】

本題的關鍵是認真分析物理過程，把復雜的物理過程分成幾個小過程并且找到每個過程遵守的物理規律，列出相應的物理方程解題．同時要明確彈簧彈力做的功等于彈性勢能的變化。三、填空題(共7題，共14分)12、略

【分析】【詳解】

（1）實驗中應先向物塊推到最左側；測量壓縮量，再把紙帶向左拉直；先接通電源，穩定后再釋放紙帶；故步驟為④①③②；

（2）由M紙帶可知，右側應為與物塊相連的位置；由圖可知，兩點間的距離先增大后減小；故2.58段時物體應脫離彈簧；則由平均速度可求得，其速度v==1.29m/s；

因彈簧的彈性勢能轉化為物體的動能，則可知離開時速度越大，則彈簧的彈性勢能越大；由圖可知，M中的速度要大于L中速度；故說明M紙帶對應的彈性勢能大；【解析】④①③②1.29M13、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.可以忽略②.重力14、略

【分析】【詳解】

（1）[1]A點的瞬時速度等于點O到點B過程的平均速度

[2]E點的瞬時速度等于點D到點F過程的平均速度

（2）[3]如A到E的過程機械能守恒定律，則有

帶入可得

上式即為需要驗證的關系式。【解析】15、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】錯誤正確錯誤錯誤正確16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]．由于B輪和C輪是皮帶傳動；皮帶傳動的特點是兩輪與皮帶接觸點的線速度的大小與皮帶的線速度大小相同，故：

vB：vC=1：1由角速度和線速度的關系式v=ωR可得。

ωB：ωC=RC：RB=2：1由于A輪和B輪共軸；故兩輪角速度相同，故。

ωA：ωB=1：1則。

ωA：ωB：ωC=2：2：1【解析】2∶2∶117、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]設平均阻力為f，根據動能定理得

代入數據解得【解析】800018、略

【分析】【詳解】

[1].最高點的臨界情況：

解得：

根據動能定理得：

-mg?2R=mv2-mv02解得：

若不通過四分之一圓周；根據動能定理有：

-mgR=0-mv02解得：

所以要使小球不脫離軌道運動，v0的取值范圍可以是或【解析】0＜V0≤或V0≥四、作圖題(共4題，共40分)19、略

【分析】【分析】

【詳解】

小球滑到達管道的頂端，設小球受重力和管道的作用力，則

由于

所以

說明小