…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教A新版選擇性必修1物理上冊月考試卷456考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示；小車與木箱靜止放在光滑的水平冰面上，現有一男孩站在小車上向右用力迅速推出木箱，關于上述過程，下列說法正確的是（）

A.男孩和木箱組成的系統動量守恒B.小車與木箱組成的系統動量守恒C.男孩、小車與木箱三者組成的系統動量守恒D.木箱的動量增量與男孩、小車的總動量增量相同2、在一根張緊的水平繩上懸掛五個擺，其中A、E的擺長為l，B的擺長為0.5l，C的擺長為1.5l，D的擺長為2l．先使A振動起來，其他各擺隨后也振動起來，則在B、C、D、E四個擺中，振幅最大的是（）

A.BB.CC.DD.E3、如圖所示，一質量為的盒子沿光滑水平面以速度向右運動，盒底上表面光滑，同時在盒內有一質量為M的小物塊以水平速度v向右運動。如果每一次碰撞都沒有機械能損失；則（）

A.盒子與小物塊最終靜止B.盒子與小物塊最終達到相同速度，從而做勻速運動C.第一次碰撞后瞬間，小物塊相對水平面的速度大小為D.第一次碰撞后瞬間，小物塊相對水平面的速度大小為4、某次航空母艦上進行飛機起飛訓練，質量為m=2×104kg的飛機在彈射系統作用下經過t1=0.2s以某一初速度進入甲板跑道，之后在甲板上做勻加速直線運動，經過t2=4.0s在跑道上運動120m后成功起飛，且飛機的起飛速度為v=50m/s，不計空氣阻力。下列說法正確的是（）A.飛機在彈射系統作用下獲得的動量大小為1×105kgm/sB.彈射系統作用于飛機的平均作用力大小為1×106NC.飛機在甲板跑道上的加速度大小為12.5m/s2D.彈射系統對飛機所做的功為2.5×105J5、如圖所示，水平光滑地面上停放著一輛質量為M的小車，其左側有半徑為R的四分之一光滑圓弧軌道AB，軌道最低點B與水平軌道BC相切，BC長度為L，整個軌道處于同一豎直平面內。將質量為m的物塊（可視為質點）從A點無初速釋放，物塊沿軌道滑行至軌道末端C處恰好沒有滑出（小車的BC部分粗糙）。設重力加速度為g，空氣阻力可忽略不計。關于物塊從A位置運動至C位置的過程中；下列說法錯誤的是（）

A.物塊運動過程中的最大速度為B.小車運動過程中的最大速度為C.小車向左運動了D.僅僅改變小車的質量，不改變其他參數，物塊也恰好運動到軌道末端C處不滑出6、如圖所示，將彈簧振子從平衡位置拉下一段距離釋放后振子在AB間振動。設AB=20cm，振子由A到B時間為0.1s；則下列說法正確的是（）

A.振子的振幅為20cm，周期為0.2sB.振子在A、B兩處受到的回復力分別為與C.振子在A、B兩處受到的回復力大小都是D.振子一次全振動通過的路程是20cm7、關于機械振動與機械波說法不正確的是（）A.機械波的頻率等于振源的振動頻率B.質點振動的方向總是垂直于波傳播的方向C.在一個周期內，沿著波的傳播方向，振動在介質中傳播一個波長的距離D.機械波在介質中傳播的速度由介質本身決定8、ΔOMN為玻璃等腰三棱鏡的橫截面。a、b兩束可見單色光從空氣垂直射入棱鏡底面MN，在棱鏡側面OM、ON上反射和折射的情況如圖所示。由此可知（）

A.棱鏡內a光的傳播速度比b光的小B.a光在玻璃中的折射率大于b光在玻璃中的折射率C.a光的頻率比b光的高D.a光的波長比b光的長9、下列有關光學現象的說法正確的是（）A.觀看立體電影時需戴上特制眼鏡，是利用了光的干涉現象B.一束白光通過三棱鏡形成彩色光帶是因為不同顏色的光折射率不同C.激光切割金屬利用了激光相干性好的特點D.肥皂膜在陽光下呈現彩色條紋是光的衍射現象評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖甲所示，一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，介質中A、B兩質點平衡位置間的距離為且大于一個波長小于兩個波長，A、B兩質點的振動圖象如圖乙所示；由此可知（）

A.時A、B兩質點的加速度相同B.該簡諧橫波的波長可能為C.該簡諧橫波的波速為E.時A、B兩質點的運動速度相同E.時A、B兩質點的運動速度相同11、圖甲為一列簡諧橫波在t=0s時的波形圖，圖乙為平衡位置在x=2m處的質點的振動圖象，A是平衡位置為x=1m的質點。下列說法中正確的是（）

A.該波沿x軸負方向傳播B.該波的波速為2m/sC.0~1s時間內，A質點運動的路程為4cmE.t=3s時質點A位于平衡位置E.t=3s時質點A位于平衡位置12、光滑水平地面上，A、B兩物體質量都為m，A以速度v向右運動；B原來靜止，左端有一輕彈簧，如圖所示，當A撞上彈簧，在之后的運動過程中（）

A.A.B組成的系統機械能守恒B.A的最小動量為零C.彈簧被壓縮最短時，B的動量達到最大值D.彈簧被壓縮最短時，B的速度相等13、如圖所示，一個鋼球以的速度水平向右運動，碰到堅硬的墻壁后彈回，沿著同一直線以的速度水平向左運動；在這一過程中（）

A.鋼球的動能變化量為0B.鋼球的動量變化量為0C.墻壁對鋼球的彈力做負功D.墻壁對鋼球的彈力的沖量方向向左14、如圖所示；一個物體在與水平面的夾角為θ的斜向上的拉力F的作用下，沿光滑水平面做勻加速直線運動，在物體通過距離S的過程中運動的時間為t，則（）

A.力F對物體做的功為FSB.力F對物體做的功為FScosθC.力F對物體的沖量為FtD.力F對物體的沖量為Ftcosθ15、如圖所示，在光滑的水平面上方，有兩個磁感應強度大小均為B、方向相反的水平勻強磁場，PQ為兩個磁場的理想邊界，磁場范圍足夠大。一個邊長為a、質量為m、電阻為R的單匝正方形線框，以速度v垂直磁場方向從圖示實線位置Ⅰ開始向右運動，當線框運動到分別有一半面積在兩個磁場中的位置Ⅱ時，線框的速度為。則下列說法正確的是（）

A.在位置Ⅱ時線框中的電功率為B.在位置時Ⅱ的加速度為C.此過程中安培力的沖量大小為D.此過程中通過線框導線橫截面的電荷量為16、質量分別為m甲和m乙的甲、乙兩球在水平光滑軌道上同向運動，已知它們的動量分別是甲從后面追上乙并發生碰撞，碰后乙的動量變為則m甲，m乙的關系可能是（）A.m甲＝m乙B.2m甲＝m乙C.5m甲＝2m乙D.4m甲＝m乙17、如圖所示，c是半徑為R的四分之一圓弧形光滑槽，靜置于光滑水平面上，A為與c的圓心等高的點，c的最低點與水平面相切于B點。小球b靜止在c右邊的水平面上。小球a從A點自由釋放，到達水平面上與小球b發生彈性正碰。整個過程中，不計一切摩擦，a、b、c的質量分別為m、3m、4m，重力加速度大小為g；則（）

A.小球a第一次下滑到B點時的速率為B.小球a第一次下滑到B點時，光滑槽c的速率為C.小球a與小球b碰撞后，小球b的速率為D.小球a與小球b碰撞后，小球a沿光滑槽c上升最大高度為18、B超成像的基本原理是探頭向人體發射一組超聲波，遇到人體組織會產生不同程度的反射，探頭接收到的超聲波信號形成B超圖像。如圖為血管探頭沿x軸正方向發送的簡諧超聲波圖像，時刻波恰好傳到質點M處。已知此超聲波的頻率為下列說法正確的是（）

A.內質點M運動的路程為2mmB.超聲波在血管中傳播速度為C.時，質點N恰好處于波峰D.質點N起振時運動方向沿y軸負方向評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)19、周期：做簡諧運動的物體完成一次_____所需要的時間，叫作振動的周期，用T表示。在國際單位制中，周期的單位是______。20、如圖，質量為m=1kg的A球用長為L=1m的輕質細線懸掛于固定點O，初始時細線與豎直向下夾角為37°，將A由靜止釋放。與此同時，質量為M=3m的B球沿光滑水平面向左運動，兩球恰好在O點正下方發生彈性正碰，碰后B球恰好靜止。已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，不計空氣阻力，g取10m/s2。A、B碰撞前，A球在O點正下方繩的拉力為__________N，B球碰前速度應為_________m/s。

21、如圖甲所示為一彈簧振子的振動圖像；規定向右的方向為正方向，試根據圖像分析以下問題：

（1）如圖乙所示的振子振動的起始位置是________，從初始位置開始，振子向________（填“右”或“左”）運動．

（2）在乙圖中，找出圖像中的O、A、B、C、D各對應振動過程中的位置，即O對應________，A對應________，B對應________，C對應________，D對應________．

（3）在時，振子的速度的方向與時速度的方向_______．

（4）質點在前4s內的位移等于________．22、抖動繩子的一端，每秒做兩次全振動，產生的橫波如圖，繩子P點的振動方向向下，則波的傳播方向是________（選填“向左”“向右”），波速為_______

23、在陽光照射下，充滿霧氣的瀑布上方常常會出現美麗的彩虹。彩虹是太陽光射入球形水珠經折射、全反射，再折射后形成的。光的折射本質是復色光因為不同的單色光在同種均勻介質中的______快慢不同造成的。如圖為某一束復色光進入水珠后傳播的示意圖，其中b束光的折射率一定比a束光更______。

評卷人得分四、實驗題(共1題，共4分)24、在“探究單擺周期與擺長的關系”實驗中；

(1)下列說法錯誤的是_____。

A.擺球偏離平衡位置的角度越大越好。

B.擺球盡量選擇質量大些的；體積小些的。

C.擺球擺動時要使之保持在同一個豎直平面內。

D.單擺懸線的上端不可隨意卷在橫桿上；應夾緊在鐵夾中。

(2)為了提高周期的測量精度，應該將擺球到達____（填“最高點”或“平衡位置”）作為計時開始與停止的時刻比較好。

(3)用20分度的游標卡尺測量擺球的直徑，測量情況如圖1所示，由此可知擺球的直徑為____mm。

(4)用秒表記錄了單擺振動40次所用的時間如圖所示，秒表讀數為_____s；

(5)根據實驗獲得的T2一L圖象如圖2所示，T為周期，L為擺長，實驗中應該在_____（填“OA”“AB”或“BC”）區間多采集數據，由圖求得當地重力加速度為_____m/s2（保留三位有效數字）。

評卷人得分五、解答題(共3題，共30分)25、如圖所示，MN是一條通過透明球體球心O的直線，在真空中波長為λ0＝564nm的單色細光束AB平行于MN射向球體，B為入射點，若出射光線CD與MN的交點P到球心O的距離是球半徑的倍，且與MN所成的夾角α＝30°.求：

①透明球體的折射率n；

②此單色光在透明球體中的波長λ.26、如圖所示，質量M=1kg的平板置于光滑的水平面上，板上最右端放一質量m=1kg可視為質點的小物塊，平板與物塊間的動摩擦因數距平板左端L=0.8m處有一固定彈性擋板，平板撞上擋板后會原速率反彈。現對平板施一水平向左的恒力F=5N，物塊與平板一起由靜止開始運動，已知重力加速度整個過程中物塊未離開平板。求：

（1）第一次碰撞過程中；平板所受合外力對平板的沖量；

（2）第三次碰撞時物塊離平板右端的距離；

（3）物塊最終離木板右端的距離；

（4）若將恒力F撤去，調節初始狀態平板左端與擋板的距離L，僅給小物塊一個水平向左的初速度使得平板與擋板只能碰撞6次，求L應滿足的條件。（假設平板足夠長）

27、如圖甲所示，孩子們經常會在平靜的水中投擲一塊石頭激起水波。現對該模型做適當簡化，若小孩將小石頭垂直于水面投入水中，以小石頭入水點為坐標原點沿波傳播的某個方向建立坐標軸，在軸上離點不遠處有一片小樹葉，若水波為簡諧橫波，從某個時刻開始計時，如圖乙實線所示為時刻的波動圖像；圖丙為小樹葉的振動圖像。

（1）請判斷小樹葉位于兩點中的哪一點并寫出合理的解釋；

（2）已知求質點Q在振動1s內經過的總路程；

（3）若虛線為t2時刻的波形圖，且Δt=t1－t2=0.1s；求水波可能的波速。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

A．在男孩站在小車上用力向右迅速推出木箱的過程中；男孩和木箱組成的系統所受合外力不為零，系統動量不守恒，故A錯誤；

B．小車與木箱組成的系統所受合外力不為零；系統動量不守恒，故B錯誤；

C．男孩；小車與木箱三者組成的系統所受合外力為零；系統動量守恒，故C正確；

D．木箱；男孩、小車組成的系統動量守恒；木箱的動量增量與男孩、小車的總動量增量大小相等，方向相反，故D錯誤。

故選C。2、D【分析】【詳解】

由擺的周期公式T=2π可知，同一地點單擺的周期僅有擺長決定，而共振的條件是周期相等，由圖可知，E球將會發生共振；振幅最大，故ABC錯誤，D正確；

故選D。3、D【分析】【分析】

【詳解】

AB．由于水平面光滑且每一次碰撞都沒有機械能損失；盒子與小物塊會一直碰撞下去，故AB錯誤；

CD．盒子與小物塊發生第一次彈性碰撞后瞬間；由動量守恒定律得。

由機械能守恒定律得。

解得盒子的速度大小為。

小物塊的速度大小為。

故C錯誤；D正確。

故選D。4、B【分析】【分析】

計算出飛機在彈射裝置彈出時的速度大小；根據動量的計算公式可得飛機在彈射系統作用下獲得的動量，根據動量定理求解平均作用力，根據加速度的定義式求解飛機在甲板跑道上的加速度大小，根據動能定理求解彈射系統對飛機所做的功。

【詳解】

飛機在彈射系統作用下經過t1=0.2s時的速度大小為v0，飛機在甲板上做勻加速直線運動的過程中，根據運動學公式可得

解得

A．根據動量的計算公式可得飛機在彈射系統作用下獲得的動量大小為

故A錯誤；

B．設彈射系統作用于飛機的平均作用力大小為F，根據動量定理可得

解得

故B正確；

C．根據加速度的定義式可得飛機在甲板跑道上的加速度大小為

故C錯誤；

D．在飛機被彈開過程中，根據動能定理可得彈射系統對飛機所做的功為

故D錯誤。

故選B。5、A【分析】【分析】

【詳解】

A．如果小車固定不動，物塊到達水平軌道時速度最大，由機械能守恒定律得

解得

現在物塊下滑時，小車滑動，小車獲得了動能，則物塊的最大速度小于A錯誤，符合題意；

B．物塊到達B點時小車速度最大，設為v2，此時物塊的速度大小為v1．小車與物塊組成的系統在水平方向動量守恒，物塊沿圓弧軌道AB下滑的過程中，以向右為正方向，由動量守恒定律得

由機械能守恒定律得

聯立解得

B正確；不符合題意。

C．設小車向左移動x，則由動量守恒

解得

C正確；不符合題意；

D．由系統水平方向動量守恒可知，滑塊到達C端時的共同速度為零，由能量關系可知

則僅僅改變小車的質量，不改變其他參數，物塊相對小車的位移不變，即物塊也恰好運動到軌道末端C處不滑出；D正確，不符合題意。

故選A。6、C【分析】【分析】

【詳解】

A．AB間距離為20cm；故振幅為10cm，選項A錯誤；

BC．根據F=-kx可知在AB兩處回復力大小都為k?x；B錯誤，C正確；

D．振子完成一次全振動經過的路程為40cm；D錯誤。

故選C。7、B【分析】【詳解】

A．振源的振動會帶動周圍質點的振動；從而形成機械波，故機械波的頻率等于振源的振動頻率，選項A正確，不符合題意；

B．縱波的傳播方向與質點振動方向在同一直線上；選項B錯誤，符合題意；

C．由可知；在一個周期內，沿著波的傳播方向，振動在介質中傳播一個波長的距離，選項C正確，不符合題意；

D．機械波在介質中的傳播速度由介質本身的性質決定；D正確，不符合題意。

故選B。8、D【分析】【詳解】

B．根據光路圖可知，b在ON界面發生了全反射，A在OM界面沒有發生全反射，兩束單色光在界面的入射角相等，表明b單色光在玻璃中的臨界角小于a單色光在玻璃中的臨界角，根據

可知，b單色光在玻璃中的折射率大于a單色光在玻璃中的折射率；B錯誤；

A．根據

結合上述，由于a單色光在玻璃中的折射率小一些，則棱鏡內a光的傳播速度比b光的大；A錯誤；

C．由于a光在玻璃中的折射率小于b光在玻璃中的折射率，對應光譜的排列順序規律，可知，折射率越小，頻率越小，即a光的頻率比b光的低；C錯誤；

D．由于a光的頻率小于b光的頻率，對應光譜的排列順序規律，可知，頻率越小，波長越長，即a光的波長比b光的長；D正確。

故選D。9、B【分析】【詳解】

A．觀看立體電影時需戴上特制眼鏡；是利用了光的偏振現象，故A錯誤；

B．白光是由各種色光混合而成；而由于不同顏色的光折射率不同，通過三棱鏡后偏轉角度不同，從而形成彩色光帶，故B正確；

C．激光切割金屬利用了激光亮度高；能量大的特點；故C錯誤；

D．肥皂膜在陽光下呈現彩色條紋是光的干涉現象；故D錯誤。

故選B。二、多選題(共9題，共18分)10、A:C:E【分析】【詳解】

A．由振動圖象可知時A、B兩質點的位移相同；所以加速度相同，A項正確；

B．因波沿x軸正方向傳播，時A質點在波峰，B質點在平衡位置且向下運動，且A、B兩質點平衡位置之間的距離大于一個波長小于兩個波長，有

可得波長B項錯誤；

C．由振動圖象可知周期可得波速

C項正確；

D．波動傳播的是振動的形式和能量；介質中質點并不隨波遷移，D項錯誤；

E．時A、B兩質點關于平衡位置對稱，運動速度大小相等，方向均沿y軸正方向；E項正確。

故選ACE。11、A:B:C【分析】【詳解】

A．由圖乙可知，在0時刻，平衡位置在x＝2m處的質點要向上運動，所以該波沿x軸負方向傳播；故A正確；

B．由圖甲可知該波波長由圖乙可知該波周期所以波速

故B正確；

C．在0~1s時間內；經歷半個周期，A質點從波谷運動到了波峰，運動的路程為4cm，故C正確；

D．質點沿y軸方向上下運動，沒有沿x軸方向運動；故D錯誤；

E．在t=3s時；質點A經歷了1.5個周期，運動到了波峰位置，故E錯誤。

故選ABC。12、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由題意；A；B、彈簧三者組成的系統機械能守恒，A、B組成的系統機械能不守恒，A錯誤；

D．在A、B相互作用過程中，開始階段，A壓縮彈簧，受到向左的力做減速運動，B做加速運動，vA>vB，彈簧逐漸縮短，當vA=vB時彈簧處于壓縮狀態，由于彈簧彈力作用，A繼續減速，B繼續加速，直至彈簧恢復原長。當vA=vB時彈簧被壓縮至最短；D正確；

BC．由于在A、B相互作用前后滿足動量守恒和能量守恒，則有

且

解得

故B正確；C錯誤。

故選BD。13、A:D【分析】【詳解】

A．與墻壁碰撞前后鋼球的速度大小不變；可知鋼球的動能變化量為0，故A正確；

B．鋼球的速度大小不變；方向發生改變，可知鋼球的動量變化量不為0，故B錯誤；

C．由動能定理可知；墻壁對鋼球的彈力做功為零，故C錯誤；

D．由題意可知，鋼球的動量變化量的方向向左，根據動量定理

可知墻壁對鋼球的彈力的沖量方向向左；故D正確。

故選AD。14、B:C【分析】由題意及功的公式可得，力F對物體所做的功：W=FScosθ；故A錯誤；B正確；根據沖量的定義可知，力F對物體的沖量為Ft．故C正確，D錯誤；故選BC.15、A:C【分析】【詳解】

A．線框經過位置Ⅱ時，線框左右兩邊均切割磁感線，所以此時的感應電動勢為

故線框中的電功率為

A正確；

B．線框在位置Ⅱ時，左右兩邊所受安培力大小均為

根據左手定則可知，線框左右兩邊所受安培力的方向均向左，故此時線框的加速度為

B錯誤；

C．整個過程根據動量定理可知安培力的沖量為

所以安培力的沖量大小為C正確；

D．根據

線框在位置Ⅰ時其磁通量為而線框在位置Ⅱ時其磁通量為零，故

D錯誤。

故選AC。16、B:C【分析】【詳解】

ABCD．根據動量守恒定律得

解得

碰撞過程系統的總動能不增加，則有

代入數據解得

碰撞后甲的速度不大于乙的速度，則有

代入數據解得

綜上有

所以，只有和可能；AD錯誤BC正確。

故選BC。17、B:D【分析】【詳解】

AB．設小球a第一次下滑到點時，a的速度大小為c的速度大小為取向右為正方向，水平方向由動量守恒定律可得

根據小球機械能守恒定律得

解得

A錯誤；B正確；

CD．設小球與小球碰撞后的速度為的速度為取向右為正方向，根據動量守恒定律可得

根據機械能守恒定律可得

聯立解得（負號表示方向向左）

即小球以速度大小向左運動，在與相互作用的過程中，達到最高點時的速度大小為以和組成的系統為研究對象，取向左為正方向，根據動量守恒定律可得

根據機械能守恒定律可得

聯立解得

C錯誤；D正確。

故選BD。18、A:C:D【分析】【詳解】

A．由題已知條件可得簡諧超聲波的周期為

可知內的周期數為

則質點M在該時間內的路程為

故A正確；

B．由圖可知超聲波的波長為

則可得其波速為

故B錯誤；

CD．由圖像可知，質點M與質點N之間的距離為

則可知波從M點傳播到N點的時間為

因此當時，波傳播到N點后質點N實際振動的時間為

而該波沿軸正方向傳播，則由同側法可知，質點M的起振方向沿著軸的負方向，而波傳播方向上所有質點的起振方向都和波源的起振方向相同，因此可知質點N的起振方向沿著軸的負方向，因此可知的時間內質點N恰好位于波峰；故CD正確。

故選ACD。三、填空題(共5題，共10分)19、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.全振動②.秒（s）20、略

【分析】【詳解】

[1]A擺下過程，由動能定理有

得

A球在O點正下方時，根據牛頓第二定律可得

解得

[2]設B球碰前速度為A球碰后速度為A、B碰撞過程滿足由動量守恒和機械能守恒；以向左為正方向，則有

解得【解析】14221、略

【分析】【分析】

由題中“如圖甲所示為一彈簧振子的振動圖像”可知；本題考查簡諧振動的振動圖像，根據簡諧振動的振動圖像反應的位移與時間的關系．

【詳解】

（1）[1]由圖知t=0時刻，x=0；說明振子振動的起始位置是E；

[2]t=0時刻位移圖像的斜率為正；則振子速度沿正向，即向右；

（2）[3][4][5][6][7]根據位移和起始速度方向可以知道；圖像中的O；A、B、C、D各對應振動過程中的位置，即O對應E、A對應G、B對應E、C對應F、D對應E；

（3）[8]在t=2s時，圖像的斜率為負，說明振子的速度沿負方向，即向左，t=0速度的方向相反；

（4）[9]質點在前4s內回到了出發點，其位移等于零．【解析】①.E②.右③.E④.G⑤.E⑥.F⑦.E⑧.相反⑨.022、略

【分析】【詳解】

[1]P點振動方向向下；根據波形圖可知，是波上右邊的質點帶動P點振動的，所以波是在向左傳播；

[2]由波形圖可知波長由題意知振動頻率所以周期

則波速為【解析】向左123、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]光的折射本質是復色光因為不同的單色光在同種均勻介質中的傳播速度快慢不同造成的。

[2]由圖可知，光線折射入水珠時b束光偏折程度較大，故b束光的折射率一定比a束光更大。【解析】傳播速度大四、實驗題(共1題，共4分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]A．單擺在小擺角情況下的振動是簡諧運動，擺球偏離平衡位置的角度不能太大，故A錯誤，符合題意；

B．為減小空氣阻力對實驗的影響，擺球盡量選擇質量大些的、體積小些的，故B正確，不符合題意；

C．擺球擺動時要使之保持在同一個豎直平面內，不能形成圓錐擺，故C正確，不符合題意；

D．實驗過程；單擺擺長應保持不變，為保證保持擺長不變，單擺懸線的上端不可隨意卷在橫桿上，應夾緊在鐵夾中，故D正確，不符合題意。

故選A。

(2)[2]為了提高周期的測量精度；減小實驗誤差，應該將擺球到達平衡位置作為計時開始與停止的時刻。

(3)[3]由圖示游標卡尺可知，其示數為13mm+12×0.05mm=13.60mm

(4)[4]秒表讀數60s+15.2s=75.2s

[5]為減小實驗誤差；單擺擺長應適當長些，由圖示圖線可知，實驗中應該在BC區間多采集數據；

[6]由單擺周期公式

可知

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