…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華師大版高二物理下冊階段測試試卷621考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、關于分子間相互作用力(如圖所示)的以下說法中，正確的是()A.當分子間的距離r＝r0時，分子力為零，說明此時分子間既不存在引力，也不存在斥力B.分子力隨分子間的距離的變化而變化，當r>r0時，隨著距離的增大，分子間的引力和斥力都增大，但引力比斥力增大的快，故分子力表現為引力C.當分子間的距離r0時，隨著距離的減小，分子間的引力和斥力都增大，但斥力比引力增大的快，故分子力表現為斥力D.當分子間的距離r≥10－9m時，分子間的作用力可以忽略不計2、交流發電機在工作時的電動勢e=EmSinωt．若將線圈匝數，線圈面積和角速度ω都提高到原來的兩倍，其他條件不變，則電動勢變為（）A.e=8EmSinωtB.e=8EmSin2ωtC.e=4EmSin2ωtD.e=4EmSinωt3、銅的摩爾質量為M(kg/mol)

密度為蟻(kg/m3)

若阿伏加徳羅常數為NA

則下列說法中錯誤的是(

)

A.1m3

銅所含的原子數目是蟻NAM

B.1kg

銅所含的原子數目是蟻NA

C.一個銅原子的質量是(MNA)kg

D.一個銅原子占有的體積是(M蟻NA)m3

4、如圖所示，讓平行板電容器帶電后，靜電計的指針偏轉一定角度，若不改變兩極板帶的電量而減小兩極板間的距離，同時在兩極板間插入電介質，那么靜電計指針的偏轉角度（）A.一定減小B.一定增大C.一定不變D.可能不變5、如圖，兩個帶電金屬小球中心距離為r，帶電荷量相等為Q，則它們之間電荷的相互作用力大小F的說法正確的是（）

A.若是異種電荷B.若是同種電荷C.若是異種電荷D.不論是何種電荷6、一直流電動機正常工作時兩端的電壓為U，通過的電流為I，電動機線圈的電阻為r．該電動機正常工作時；下列說法正確的是（）

A.電動機消耗的電功率為UI

B.電動機的輸出功率為UI-I2r

C.電動機的發熱功率為

D.I、U、r三個量間滿足I=

7、如下圖是驗證楞次定律實驗的示意圖，豎直放置的線圈固定不動，將磁鐵從線圈上方插入或拔出，線圈和電流表構成的閉合回路中就會產生感應電流．各圖中分別標出了磁鐵的極性、磁鐵相對線圈的運動方向以及線圈中產生的感應電流的方向等情況，其中表示正確的是8、如圖所示，圖線a是線圈在勻強磁場中勻速轉動時產生的正弦交流電的圖像，當調整線圈轉速后，所產生的正弦交流電的圖像如圖線b所示．以下關于這兩個正弦交流電的說法中正確的是A.線圈先后兩次轉速之比為1∶2B.交流電a的電壓瞬時值(V)C.交流電b的電壓最大值為VD.在圖中t=0時刻穿過線圈的磁通量為零9、如圖所示，a、b、c表示某點電荷產生的電場中的三個等勢面，它們的電勢分別為φa=U，φb=φc=．一帶電粒子（所受重力不計）從等勢面a上某點由靜止釋放后，經過等勢面b時速率為v，則它經過等勢面c時的速率為（）A.vB.vC.2vD.4v評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)10、現有一U型磁鐵放在粗糙的水平地面上，當在U型磁鐵的正上方用一只輕彈簧懸掛一根通電直導線，當突然通有如圖所示方向的電流時，從上向下看，通電直導線運動的情況是____：

地面給U型磁鐵的支持力將：____．

11、電磁灶是利用____原理制成的，它在灶內通過交變電流產生交變磁場，使放在灶臺上的鍋體內產生____而發熱。12、某振子做簡諧運動的表達式為x=2sin(2?t)cm

則該振子振動的周期為______初相位為______．13、(1)如圖所示為正弦式交電流的電壓uu隨時間tt變化的圖象，由圖可知，該交變電流的電壓的有效值為_________VV頻率為_________HzHz．

(2)

如圖所示為電源的路端電壓U

與電流I

的圖象，由圖可知，該電源的電動勢為____V

內阻為____婁賂.

14、如圖所示，線圈內有理想邊界的磁場，當磁感應強度均勻增加時，有一帶電粒子靜止于水平放置的平行板電容器中間，則此粒子電性是______，若增大磁感應強度的變化率，則帶電粒子將______（填“向上運動”“向下運動”或靜止”）15、有一個50匝的線圈，在0.4秒內穿過它的磁通量由0.02韋伯均勻地增加到0.09韋伯．那么磁通量的改變量是____韋伯，磁通量的變化率是____韋伯/秒，線圈中的感應電動勢等于____伏．16、(1)

如圖，線圈A

插在線圈B

中，線圈B

與電流表組成閉合電路；線圈A

與蓄電池、開關、滑動變阻器組成另一個閉合電路，用此裝置來研究電磁感應現象，開關閉合瞬間，電流表指針______(

選填“會”或“不會”)

發生偏轉，開關閉合穩定后電流表指針______(

選填“會”或“不會”)

發生偏轉．(2)

穿過單匝閉合線圈的磁通量隨時間變化的婁碌鈭?t

圖象如圖所示，由圖知0隆蘆5s

線圈中感應電動勢大小為______V5s隆蘆10s

線圈中感應電動勢大小為______V10s隆蘆15s

線圈中感應電動勢大小為______V

．評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)17、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）19、處于靜電平衡狀態的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）20、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

21、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

22、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

23、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）24、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、畫圖題(共2題，共12分)25、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規律如圖所示.若規定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象26、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規律如圖所示.若規定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象評卷人得分五、識圖作答題(共2題，共18分)27、分析如圖；完成下列問題：

（1）β-胡蘿卜素可用來治療因缺乏___________而引起的各種疾病；如夜盲癥，干皮癥等。

（2）萃取的效率主要取決于__________________________．

（3）上圖乙是胡蘿卜素粗品鑒定裝置示意圖．該鑒定方法的名稱是___________法．在圖乙的胡蘿卜素的結果示意圖中；A；B、C、D四點中，屬于萃取樣品的樣點是______．

（4）橘皮精油是食品、化妝品和香水配料的優質原料，一般采用壓榨法從橘皮中提取．為了提高出油率，需要將新鮮的柑橘皮___________，并用石灰水浸泡．壓榨橘皮時，一般加入相當于橘皮質量0.25%的小蘇打和5%的Na2SO4，并調節PH至7-8，其目的是________________．28、下圖為萵苣種子萌發過程中氧氣的消耗速率和二氧化碳釋放速率的曲線。

（1）胚根長出之前發生的主要是_______呼吸，理由是______________________。若以H218O浸潤種子，則有氧呼吸過程中18O的轉移途徑是_____________________。（2）26℃下，將萵苣種子交替在紅光（R，1min）和遠紅光（FR，4min）下連續曝光處理后，種子的萌發率如下表。。光處理萌發率%光處理萌發率%R80R-FR-R79FR7R-FR-R-FR7①本實驗_________（填“能”或“不能”）說明紅光對種子的萌發起促進作用，原因是__________________________________。②分析實驗中光處理情況可判斷：種子萌發率的高低由__________________________決定。③有些種子萌發還需要光照，這體現了______________________離不開生態系統的信息傳遞。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C|D【分析】【解析】試題分析：當分子間的距離r＝r0時，分子力為零，說明此時分子間引力等于斥力，A錯。分子力隨分子間的距離的變化而變化，當r>r0時，隨著距離的增大，分子間的引力和斥力都減小，但引力比斥力減小的快，故分子力表現為引力，B錯。當分子間的距離r≥10－9m時，分子間的作用力可以忽略不計，D對。當分子間的距離r0時，隨著距離的減小，分子間的引力和斥力都增大，但斥力比引力增大的快，故分子力表現為斥力，C對考點：分子間相互作用力【解析】【答案】CD2、B【分析】解：感應電動勢的瞬時值表達式為e=Emsinωt，當線圈匝數，線圈面積和角速度ω提高到原來的兩倍，其他條件不變，根據Em=nBSω：Em為原來的8倍，故最大電動勢為8Em；

所以其表達式變為：e′=8Emsin2ωt．

故選：B．

感應電動勢的瞬時值表達式為e=Emsinωt，其中Em=nBSω，當線圈匝數，線圈面積和角速度ω都提高到原來的兩倍，其他條件不變，Em為原來的4倍；再進行選擇．

本題考查考慮問題的全面性，e=Emsinωt式中Em和ω都與轉速成正比，難度不大，屬于基礎題．【解析】【答案】B3、B【分析】【分析】

原子數等于物體的摩爾數與阿伏加德羅常數NA

的乘積；摩爾數等于質量與摩爾質量之比；阿伏加德羅常數NA

個銅原子的質量之和等于銅的摩爾質量；銅原子之間空隙較小，可以看作是一個挨一個緊密排列的，阿伏加德羅常數NA

個銅原子的體積之和近似等于銅的摩爾體積。阿伏加德羅常數NA

是聯系宏觀與微觀的橋梁，抓住它的含義是解題的關鍵。求銅原子的體積要建立物理模型，將抽象的問題形象化．

【解析】

A.1m3

銅的質量為蟻

故物質量為：n=蟻M

所含的原子數目是：N=n?NA=蟻NAM

故A正確；

B.銅的摩爾質量為MA1kg

銅的物質量為：n=1M

故1kg

銅所含的原子數目是：N=nNA=NAM

故B錯誤；

C.銅的摩爾質量為MA

故1

個銅原子的質量是MNA

故C正確；

D.銅的摩爾體積為：V=M蟻

故1

個銅原子占有的體積是V0=VNA=M蟻NA

故D正確；

本題選錯誤的；故選B。

【解析】B

4、A【分析】解：由題，減小兩極板間的距離，同時在兩極板間插入電介質，根據電容的決定式C=可知；電容增大，電容器的電量不變；

由C=得知；板間電勢差減小，則靜電計指針的偏轉角度一定減小，故A正確，BCD錯誤。

故選：A。

靜電計測定電容器兩板間的電勢差；電勢差越大，指針的偏轉角度越大，由題，平行板電容器帶電后電量不變，減小兩極板間的距離，同時在兩極板間插入電介質后，分析電容的變化，再由電容的定義式分析靜電計指針的偏轉角度的變化。

對電容的定義式和決定式兩個公式要熟練掌握，靈活應用，本題是常見題型。【解析】A5、C【分析】【詳解】

A．C．當兩小球帶異種電荷時，電荷間相互吸引，導致電荷間距比r還小，因此庫侖力

故A錯誤C正確；

B．D．若是同種電荷，則出現相互排斥，導致電荷間距比r還大，因此庫侖力

故BD錯誤。

故選C。6、A|B【分析】

A、電動機正常工作時，電動機消耗的電功率P電=UI．故A正確．

B、C電動機的發熱功率P熱=I2r，由于歐姆定律不再成立，P熱≠．根據能量守恒定律得到，電動機的輸出功率P出=P電-P熱=UI-I2r．故B正確；C錯誤．

D、電動機正常工作時，其電路是非純電阻電路，電能一部分轉化為內能，則有UIt＞I2rt，得到U＞Ir．故D錯誤．

故選AB

【解析】【答案】電動機正常工作時，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不再成立，其電功率P電=UI，發熱功率P熱=I2r，輸出功率根據能量守恒分析得到P出=P電-P熱．

7、C|D【分析】【解析】試題分析：當磁鐵的運動，導致線圈的磁通量變化，從而產生感應電流，感應磁場去阻礙線圈的磁通量的變化．A、當磁鐵N極向下運動時，線圈的磁通量變大，由增反減同可知，則感應磁場與原磁場方向相反．再根據安培定則，可判定感應電流的方向：沿線圈盤旋而上．故A錯誤；B、當磁鐵N極向上運動時，線圈的磁通量變小，由增反減同可知，則感應磁場與原磁場方向相同．再根據安培定則，可判定感應電流的方向：沿線圈盤旋而下，故B錯誤；C、當磁鐵S極向下運動時，線圈的磁通量變大，由增反減同可知，則感應磁場與原磁場方向相反．再根據安培定則，可判定感應電流的方向：沿線圈盤旋而上．故C正確；D、當磁鐵N極向上運動時，線圈的磁通量變小，由增反減同可知，則感應磁場與原磁場方向相同．再根據安培定則，可判定感應電流的方向：沿線圈盤旋而下，故D正確；故選CD考點：楞次定律．【解析】【答案】CD8、C【分析】【解析】試題分析：由圖Tb=0.6s，則線圈先后兩次轉速之比na：nb=Tb：Ta=3：2．故A錯誤．由圖電壓最大值Um=10V，周期Ta=0.4S，ω==5πrad/s，交流電壓a的瞬時值表達式為u=Umsinωt=10sin5πtV．故B錯誤．由電動勢的最大值Em=NBSω，則兩個電壓最大之值比Uma：Umb="ω"a：ωb=na：nb=3：2=10：Umb，計算得Umb="20/3"V．故C正確．t=0時刻U=0根據法拉第定律，磁通量變化率為零，而磁通量最大．故D錯誤．考點：考查對交流電壓圖象的理解能力【解析】【答案】C9、C【分析】解：帶電粒子在運動過程中；只有電場力對粒子做功，根據動能定理得：

a→b過程；

有：qUab=mv2；

據題得：Uab=φa-φb=U-=

聯立得：q?=mv2①

a→c過程，有：qUac=mvc2；

據題得：Uac=φa-φc=U-=．

聯立得：q?=mvc2②

由①②可得：vc=2v

故選：C

帶電粒子在運動過程中，只有電場力對粒子做功，分別對ab過程和ac過程；運用動能定理列式，即可求解它經過等勢面c時的速率．

當遇到“功”、“動能”、“速率”等不含方向的動力學問題時，可以首選動能定理求解．也可以運用能量守恒定律研究本題．【解析】【答案】C二、填空題(共7題，共14分)10、略

【分析】

由于導線左右兩部分處在的磁場方向不同；可采用電流元法，即將直導線分為左右兩部分處理，根據左手定則，判斷出圖示位置導線左部所受安培力向外，右部向內；又考慮特殊位置：導線轉過90°時，安培力向下．則俯視，導線在安培力作用下，逆時針方向旋轉的同時向下運動，根據牛頓第三定律，磁鐵受到的安培力向上，則地面對磁鐵的支持力減小的．

故答案為：逆時針方向旋轉的同時向下運動；減小。

【解析】【答案】采用電流元法；將直導線分為左右兩部分研究，根據左手定則，判斷出圖示位置導線左部所受安培力向外，右部向內；考慮特殊位置，若導線轉過90°時，安培力向下．則導線在逆時針方向旋轉的同時向下運動，根據牛頓第三定律，磁鐵受到向上的安培力向上，則可確定地面對磁鐵的支持力是減小的．

11、電磁感應渦流【分析】【解答】解:根據電磁爐的工作原理，即電磁感應原理，使金屬鍋體產生感應電流，即渦流．【分析】電磁感應在生活中的應用很多，而電磁灶就是利用電磁感應原理制作而成的12、1s【分析】【分析】根據振子做簡諧運動的表達式，可得到初相位、角速度，在結合角速度與周期關系公式婁脴=2婁脨T

求出周期。【解答】由振子做簡諧運動的表達式可知角速度婁脴=2婁脨rad/s

根據角速度與周期關系公式婁脴=2婁脨T

求出周期為T=2婁脨婁脴=2婁脨2婁脨=1s

由振子做簡諧運動的表達式可知初相位是婁脨6

故答案為：1s婁脨6

?【解析】1s婁脨6

?13、（1）3650（2）30.5

【分析】【分析】(1)

由圖可知交流電的最大值，根據最大值和有效值之間的關系可明確有效值；再根據圖象明確交流電的周期，根據周期和頻率的關系可求得頻率。(2)

電源U鈭?I

圖象與縱軸交點坐標值是電源的電動勢，圖象斜率的絕對值是電源內阻。(1)

本題考查交流電圖象的掌握情況，要注意明確由交流圖象可直接讀出交流電的最大值和周期，其他物理量可以由這兩個物理量求出。(2)

本題考查了求電源電動勢與內阻，電源U鈭?I

圖象與縱軸交點坐標值是電源的電動勢，圖象斜率的絕對值是電源內阻．【解答】(1)

由圖可知，交流電壓的最大值為362V

則有效值U=3622=36V

交流電的周期T=0.02s

故頻率f=10.02=50Hz

(2)

由圖示電源U鈭?I

圖象可知；圖象與縱軸交點坐標值是3V

則電源電動勢為：E=3V

電源內阻為：r=?U?I=36=0.5婁賂

故填(1)3650(2)30.5

【解析】(1)3650(2)30.5

14、負電向上運動【分析】解：當磁場均勻增加時；由楞次定律可判斷上極板帶正電。所以平行板電容器的板間的電場方向向下，帶電粒子受重力和電場力平衡，所以粒子帶負電。

若增大磁感應強度的變化率；感應電動勢增大，粒子受的電場力增大，則帶電粒子將向上運動。

故答案為：負；向上運動。

帶電粒子受重力和電場力平衡；由楞次定律可判斷極板帶電性質，由法拉第電磁感應定律可得出感應電動勢變化，從而知道電場力的變化。

本題關鍵是電容器兩端電壓的表達，它是聯系電磁感應定律和粒子受力情況的橋梁。【解析】負電向上運動15、略

【分析】

磁通理量的變化量：△?=?2-?1=0.09Wb-0.02Wb=0.07Wb

而磁通量的變化率為：

根據法拉第電磁感應定律得。

E=N=50×V=8.75V

故答案為：0.07；0.175，8.75．

【解析】【答案】線圈的磁通量變化時；產生感應電動勢，由法拉第電磁感應定律可得感應電動勢大小．可知感應電動勢的大小與匝數及磁通量的變化率有關．

16、（1）會不會

（2）102【分析】【分析】由電磁感應產生的條件判斷開關閉合瞬間及穩定后電流表指針的變化即有無感應電流；由法拉第電磁感應定律得出各段時間內的感應電動勢。本題主要考查了電磁感應的條件及法拉第電磁感應定律計算感應電動勢的大小，主要考查基本概念基本公式，題目比較容易。【解答】(1)

產生感應電流的條件為：只要穿過閉合導體回路的磁通量發生變化，閉合導體回路中就有感應電流。開關閉合瞬間，電流發生變化，則原線圈A

產生的磁場變化，副線圈B

中磁通量變化，則回路中產生感應電流，電流表指針會發生偏轉；開關閉合穩定后，電流不再變化，原線圈A

產生的磁場不變，副線圈B

中磁通量不變，回路中沒有電流，則電流表指針不會發生偏轉。(2)

由法拉第電磁感應定律，得回路中產生的感應電動勢，代入數據可得0鈭?5s

線圈中感應電動勢的大小為E1=(5鈭?0)Wb5s=1V5鈭?10s

磁通量不變，則電動勢E2=010鈭?15s

感應電動勢大小E3=|(鈭?5鈭?5)Wb5s|=2V

故答案為(1)會；不會(2)(2)10

；2

【解析】(1)

會不會(2)102

三、判斷題(共8題，共16分)17、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．20、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．22、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．23、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．24、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的