第=page11頁，共=sectionpages11頁四川省雅安市名校大聯考2024-2025學年高一上學期教學質量檢測物理試卷一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.通過學習牛頓運動定律、慣性等知識，我們可以知道(

)A.加速度不為零的物體，其所受的力可能為零

B.力是維持物體運動的原因

C.物體的加速度與其所受的合力方向總是相同的

D.慣性的大小由速度的大小決定，速度大的物體，其慣性大2.食蟹海豹是南極常見的一種動物，如圖所示，一只臥在冰面上的食蟹海豹正在將頭部緩慢抬起。下列說法正確的是(

)

A.若食蟹海豹的質量為m，當地的重力加速度大小為g，則食蟹海豹受到的重力大小為mg

B.食蟹海豹對南極冰塊的壓力就是其受到的重力

C.食蟹海豹將頭部緩慢抬起的過程中，其重心一定不變

D.食蟹海豹將頭部緩慢抬起的過程中，冰面對它的作用力增大3.經探月發現，月球表面沒有空氣，其重力加速度約為地球表面的16。若宇航員登上月球后，在空中從同一高度處同時由靜止釋放羽毛和鉛球，忽略地球和其他星球的影響，則下列說法正確的是A.羽毛和鉛球都將下落，且鉛球先到達月球表面

B.羽毛和鉛球都將下落，且到達月球表面前瞬間的速度相同

C.羽毛將加速上升，鉛球將加速下落

D.羽毛和鉛球都將下落，但到達月球表面前瞬間鉛球的速度大4.甲、乙兩只和平鴿沿同一直線運動的位移—時間圖像如圖中的圖線a、圖線b所示。下列說法正確的是(

)

A.在0～t1時間內，甲、乙的位移相同

B.在0～t1時間內，甲的速度變化量比乙的速度變化量大

C.t1時刻甲、乙的速度相同

D.5.如圖所示，當小車沿水平面向右做加速度大小為2.5g(g為重力加速度大小)的加速運動時，物塊恰好能相對于車廂靜止在豎直車廂壁上，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則物塊與車廂壁間的動摩擦因數為(

)

A.0.1 B.0.2 C.0.3 D.0.46.低空跳傘是一種極限運動，一般在高樓、懸崖、高塔等固定物上起跳。若將跳傘者在降落傘打開前的運動視為自由落體運動，設降落傘打開前跳傘者下落的高度為?，跳傘者下落第一個?4所用的時間為t1，下落第四個?4所用的時間為t2，則tA.4<t1t2<5 B.3<t7.如圖所示，不可伸長的輕繩繞過輕小光滑動滑輪(質量不計)，一端系于豎直墻壁上的O點，另一端連接套在粗糙豎直桿上的滑環，滑輪通過輕繩懸掛一重物，系統處于靜止狀態。若將豎直桿沿水平地面緩慢向左平移一小段距離，滑環高度始終不變，則該過程中

A.重物距地面的高度變大 B.輕繩的彈力變大

C.桿對滑環的彈力變小 D.桿對滑環的摩擦力變小二、多選題：本大題共3小題，共18分。8.自國務院印發并推廣《全民健身計劃(2021—2025年)》后，人們一直積極響應。某同學用手機軟件統計其繞生活小區跑步的情況，如圖所示，下列說法正確的是

A.“6.09公里”是路程 B.“6.09公里”是位移大小

C.“00:33:59”是時間間隔 D.“00:33:59”是時刻9.第十五屆中國國際航空航天博覽會于2024年11月12日至17日在珠海國際航展中心舉行。某飛機做直線運動，若其位移隨時間變化的規律滿足xt=25?1A.飛機的加速度大小為1m/s2 B.飛機在第1s內的平均速度大小為24m/s

C.飛機從開始到停下通過的距離為625m D.10.彈跳力是力量素質的重要指標之一，指運用腰、腿肌肉群的爆發力使身體騰空到一定高度的能力。某運動員在一次彈跳訓練中，從站直狀態先下蹲使重心下降0.4m，然后用力蹬地，重心從靜止開始加速升高至人站直，運動員之后離開水平地面。運動員的質量為60kg，將運動員蹬地的力視為恒力，大小為1800N，取重力加速度大小g=10m/s2，不計空氣阻力。下列說法正確的是A.運動員在起立過程中的加速度大小為30m/s2

B.離地后運動員能跳起的最大高度(距地面)為0.8m

C.運動員落地時的速度大小為8m/s

D.三、實驗題：本大題共2小題，共12分。11.某同學在做“探究兩個互成角度的力的合力規律”的實驗。(1)現有如圖甲所示的器材，還需要的儀器是__________。A.

B．

C．(2)如圖乙所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細繩的結點，OB和OC為細繩。關于本實驗，下列說法或操作錯誤的是__________。A.兩個分力的夾角應為某一定值，以方便計算B.同一次實驗中，兩次拉細繩套時，須使結點到達同一位置C.拉橡皮筋時，彈簧測力計、橡皮筋、細繩應貼近木板且與木板平面平行(3)在作圖誤差范圍內，圖丙中__________(填“F”或“F?”)與OA一定在一條直線上。12.某同學用如圖甲所示的裝置測量物塊A與桌面間的動摩擦因數。實驗時，先用手(圖甲中未畫出)托住物塊B，釋放物塊B后，物塊A在物塊B的帶動下由靜止開始運動，與物塊A連接的紙帶上打下一系列的點。

(1)關于本實驗，下列說法正確的是________。A.桌面不需要調成水平

B.本實驗不需要平衡摩擦力C.實驗時，應先釋放物塊B，后接通電源

D.電火花計時器所接交流電源的電壓可能為8V(2)某次實驗打出的紙帶如圖乙所示，相鄰兩個計數點間還有四個計時點未畫出，已知電火花計時器所接交流電源的頻率為50Hz，則紙帶靠近計數點_______(填“0”或“6”)的一端與物塊A連接；在本次實驗中，物塊A的加速度大小為_______m/s2(結果保留三位有效數字四、計算題：本大題共3小題，共42分。13.如圖所示，木箱靜置在水平地面上的A點，一人(圖中未畫出)用水平向右的力推木箱，當木箱經過B點時，不再推木箱，結果木箱恰好停在C點。已知木箱的質量m=10kg，A、B兩點間的距離x=4m，B點為AC的中點，木箱與地面之間的動摩擦因數μ=0.2，取重力加速度大小g=10m/s2(1)木箱經過B點時的速度大小v；(2)人的推力大小F。14.如圖所示，重物A被繞過光滑輕小滑輪P(懸掛在天花板上的O點)的細線懸掛，重物B放在粗糙的水平桌面上，豎直輕彈簧下端固定在水平地面上，O?點是三根細線的結點，其中傾斜細線aO′與水平方向的夾角θ=30°，水平細線bO?拉著重物B，豎直細線cO?拉著彈簧，重物B恰好處于靜止狀態。重物B的質量mB=2.5kg，彈簧的伸長量(在彈性限度內)x=5cm，細線aO?的拉力大小Fa=10N(1)重物A的質量mA(2)桌面與重物B間的動摩擦因數μ；(3)彈簧的勁度系數k。15.機器人以某一速度在平直軌道上勻速運動，突然傳感器檢測到前方有障礙物，機器人立即減速。減速過程中，機器人的加速度大小隨位移變化的關系圖像如圖所示，圖像中x1～x2段位移為減速的啟動階段，加速度隨位移均勻增大，從x2位置開始，機器人的減速系統穩定工作，加速度恒定，直至停下。從x2位置開始計時(t=0時)，機器人在第1s內的位移大小為9m(1)通過計算判斷機器人在t=5s時是否已停下；(2)求機器人在x2位置時的速度大小v(3)若機器人在x1～x2段的位移大小為22m，求機器人做勻速直線運動的速度大小答案解析1.C

【解析】A.根據牛頓第二定律可知，加速度不為零的物體，其所受的力不可能為零，故A錯誤；B.力不是維持物體運動的原因，力是改變運動狀態的原因，故B錯誤；C.根據牛頓第二定律可知，物體的加速度與其所受的合力方向總是相同的，故C正確；D.慣性的大小由質量決定，與速度的大小無關，故D錯誤。故選C。2.A

【解析】A.若食蟹海豹的質量為m，當地的重力加速度大小為g，則食蟹海豹受到的重力大小為mg，選項A正確；B.壓力和重力是不同性質的力，只能說食蟹海豹對南極冰塊的壓力大小等于受到的重力大小，選項B錯誤；C.食蟹海豹將頭部緩慢抬起的過程中，它的形體形狀發生了變化，則其重心一定變化，選項C錯誤；D.食蟹海豹將頭部緩慢抬起的過程中，它受力平衡，冰面對它的作用力與本身的重力仍等大反向，即冰面對它的作用力不變，選項D錯誤。故選A。3.B

【解析】由于月球表面沒有空氣，因此在月球表面釋放的羽毛和鉛球都只受到月球對它們的引力，它們下落的加速度相同，同時落地，且落地前瞬間的速度相同，故B正確，ACD錯誤。4.D

【解析】A.由題圖可知，

t1

時刻甲、乙處于同一位置，但0時刻不在同一位置，所以在

0～t1

BC.根據

x?t

圖像的斜率表示速度，可知甲、乙均做勻速直線運動，且甲的速度大于乙的速度，甲、乙的速度變化量均為0，故BC錯誤；D.由題圖可知，

t1

時刻甲、乙處于同一位置，說明

t1

時刻甲、乙相遇，故故選D。5.D

【解析】對物塊，豎直方向根據牛頓第二定律得f=mg水平方向有F=ma=2.5mg物塊恰好能相對于車廂靜止于豎直車廂壁上，物塊受到的靜摩擦力達到最大靜摩擦力，有f=μF聯立解得μ=0.4故選D。6.B

【解析】根據自由落體運動公式可得?=解得t=可得t1=2×可得t即3<故選B。7.C

【解析】由于兩段輕繩拉力大小相等，故與豎直方向夾角相等，設兩段輕繩之間的夾角為2θ，繩子總長l，O點與環之間水平距離為d，則d=lsinθ，由于d減小，則θ減小，重物距地面的高度變小，則選項A錯誤；

設重物的質量為m，輕繩的彈力大小為F，有12mgF=cos?θ，當θ減小時，F變小，選項B錯誤；

設豎直桿對滑環的彈力和摩擦力大小分別為N、f，有N=Fsinθ=12mgtanθ、f=Fcosθ=8.AC

【解析】AB、“6.09公里”表示軌跡的長度，是路程

，故A正確，B錯誤；

CD、“00:33:59”表示的是跑步所用時間，即時間間隔，故C正確，D錯誤。

故選AC。9.AD

【解析】由x=v0t+12at2可得xt=v0+a2t，對比知，飛機的初速度v0=25m/s，加速度10.BD

【解析】根據牛頓第二定律，F?mg=ma，其中F=1800N，解得a=20m/s2，故A錯誤；

運動員離地速度為v，則v2=2a?，其中?=0.4m，解得v=4m/s，起跳后做豎直上拋運動，最大高度為?=v22g=0.8m，故B正確；

根據豎直上拋運動的對稱性可知落地速度大小為4m/s，故C錯誤；

蹬地到起跳所用時間為t1=v11.(1)B；

(2)A；

(3)F′。

【解析】(1)實驗需要作出力的圖示，作力的圖示需要刻度尺，還需要的實驗器材為B。

(2)A、在實驗中兩個分力的夾角大小適當，在作圖時有利于減小誤差即可，并非要求兩個分力間的夾角一定為某一定值，故A錯誤；

B、為保證拉力的效果相同，兩次拉橡皮筋時，需將結點O拉至同一位置，故B正確；

C、為減小實驗誤差，拉橡皮筋時，彈簧測力計、橡皮筋、細繩應貼近木板且與木板平面平行，故C正確。

本題選錯誤的，故選A。

(3)圖丙中的F與F′中，F是由平行四邊形得出的，而F′是通過實驗方法得出的，其方向一定與橡皮筋的方向相同，一定與AO共線的是F′。12.(1)B(2)?0?0.810

【解析】(1)A.該實驗桌面必須要調成水平，選項A錯誤；B.本實驗不需要平衡摩擦力，選項B正確；C.實驗時，應先接通電源，后釋放物塊B，選項C錯誤；D.電火花計時器所接交流電源的電壓為220V，選項D錯誤；故選B。(2)[1]因從左到右點間距逐漸增加，則紙帶靠近計數點“0”的一端與物塊A連接；相鄰兩個計數點間還有四個計時點未畫出，則T=0.1s[2]物塊A的加速度大小為a=13.(1)設撤去推力后，木箱運動的加速度大小為

a1

μmg=ma解得a根據勻變速直線運動的規律有v解得v=4m/s(2)人推木箱時，木箱的加速度大小為

a2

v2根據牛頓第二定律有F?μmg=ma解得F=40N

【解析】詳細解答和解析過程見【答案】14.解：(1)對重物A，根據物體的平衡條件有Fa=mAg，

解得mA=1kg。

(2)重物B受到的靜摩擦力大小Ff=μmBg，

設細線bO′的拉力大小為Fb，對重物B，根據物體的平衡條件有Fb=Ff，

對O′點，根據物體的平衡條件有Fb=Facosθ，

解得μ=3【解析】詳細解答和解析過程見【答案】15.(1)假設機器人在

t=5s

時未停下，則機器人第1s內與第5s內的平均速度大小分別為9m/s、1m/s；根據中