…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版選修3物理下冊階段測試試卷472考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、.如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內阻r一定，A、B為平行板電容器的兩塊正對金屬板，R1為光敏電阻．當R2的滑動觸頭P在a端時，閉合開關S，此時電流表A和電壓表V的示數分別為I和U．以下說法正確的是())

A.若僅將R2的滑動觸頭P向b端移動，則I不變，U增大B.若僅增大AB板間距離，則電容器所帶電荷量不變C.若僅用更強的光照射R1，則I增大，U增大，電容器所帶電荷量增加D.若僅用更強的光照射R1，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變2、如圖為某控制電路，主要由電源（E、r）與定值電阻R1、R2及碳膜電位器（即滑動變阻器）R連接而成，L1、L2是紅綠兩指示燈；閉合開關S，當電位器的觸頭由弧形碳膜的中點順時針滑向b端時（）

A.L1指示燈變亮B.L2指示燈變暗C.電流表示數變小D.電容器C帶電量增大3、關于分子動理論，下列說法正確的是（）A.相同質量的水和冰在0℃時，分子平均動能一定相等B.若僅知道氦氣的摩爾體積和阿伏加德羅常數，就能算出氦氣分子的體積C.當分子間的作用力表現為斥力時，分子間的距離越小，分子勢能越小D.用“油膜法”估測分子直徑時，滴在水面的油酸酒精溶液體積為V，鋪開的油膜面積為S，則可估算出油酸分子的直徑為4、下列說法正確的是（）A.晶體熔化過程中吸收熱量，分子平均動能一定增大B.重核的裂變是放能反應，說明生成物核子的平均質量小于反應物核子的平均質量C.玻爾的原子模型能夠解釋所有原子光譜的規律D.液體表面張力的存在是因為液體表面層分子間作用力合力表現為斥力5、一列沿x軸負方向傳播的簡諧機械橫波,波速為2m/s.某時刻波形如圖所示,下列說法正確的是()

A.這列波的周期為2sB.這列波的振幅為6cmC.此時x=4m處的質點速度為零D.此時x=8m處的質點沿y軸正方向運動6、如圖甲所示，10匝銅導線制成的線圈兩端M、N與一電壓表相連；線圈內磁場方向垂直紙面向里，線圈中磁通量的變化規律如圖乙所示，下列說法中正確的是（）

A.電壓表的正接線柱接線圈的N端B.線圈中磁通量的變化量為1.5WbC.線圈中磁通量的變化率為1.5Wb/sD.電壓表的讀數為5V7、在如圖所示的電路中，a、b為兩個完全相同的燈泡，L為自感系數較大電阻不計的線圈，E為電源；S為開關．下列關于兩燈泡點亮和熄滅的說法正確的是（）

A.合上開關，b先亮，a后亮；穩定后b比a更亮一些B.合上開關，b先亮，a后亮；穩定后a、b一樣亮C.斷開開關，a逐漸熄滅、b先變得更亮后再與a同時熄滅D.斷開開關，b逐漸熄滅、a先變得更亮后再與b同時熄滅評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、在如圖所示的電路中，燈泡L的電阻大于電源的內阻r；閉合開關S，將滑動變阻器滑片P向右移動一段距離后，下列結論正確的是（）

A.電流表示數變大，電壓表示數變小B.燈泡L變亮C.容器C上電荷量增加D.電源的輸出功率變小9、下列說法正確的是（）A.當兩分子間距減小到分子間作用力為0時，其分子勢能一定最小B.達到熱平衡的系統一定具有相同的溫度C.一定質量的理想氣體，在發生絕熱膨脹的過程中，其分子的平均動能一定減小E.將密閉一定質量氣體的容器置于在軌運行的宇宙飛船中，容器內的氣體壓強將變為0E.將密閉一定質量氣體的容器置于在軌運行的宇宙飛船中，容器內的氣體壓強將變為010、如圖所示，是一演示波的衍射的裝置，S為在水面上振動的波源，M、N是水面上的兩塊擋板，其中N板可以移動，兩板中有一狹縫，此時測得圖中A處水沒有振動，為了使A處的水也能發生振動；下列措施可行的是（）

A.使波源的振動頻率增大B.使波源的振動頻率減小C.移動N板使狹縫的間距增大D.移動N板使狹縫的間距減小11、如圖所示；甲圖為一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t＝1s時刻的波動圖象，乙圖為參與波動的質點P的振動圖象，則下列判斷正確的是。

A.該波的傳播速率為4m/sB.該波的傳播方向沿x軸正方向C.經過2s，質點P沿波的傳播方向向前傳播4mE.該波在傳播過程中若遇到直徑為3m的球，能發生明顯衍射現象E.該波在傳播過程中若遇到直徑為3m的球，能發生明顯衍射現象12、如圖所示，在光滑水平面上質量分別為mA＝2kg、mB＝4kg，速率分別為vA＝5m/s、vB＝2m/s的A；B兩小球沿同一直線相向運動并發生對心碰撞；則。

A.它們碰撞后的總動量是18kg·m/s，方向水平向右B.它們碰撞后的總動量是2kg·m/s，方向水平向右C.它們碰撞后B小球向右運動D.它們碰撞后B小球可能向左運動13、在人類對微觀世界進行探索的過程中，科學實驗起到了非常重要的作用．下列說法符合歷史事實的是____．

E.湯姆孫通過陰極射線在電場和在磁場中的偏轉實驗，發現了陰極射線是由帶負電的粒子組成，并測出了該粒子的比荷A.密立根通過油滴實驗測得了基本電荷的數值B.貝克勒爾通過對天然放射性現象的研究，發現了原子中存在原子核C.居里夫婦從瀝青鈾礦中分離出了釙（）和鐳（）兩種新元素E.E.14、在研究某金屬的光電效應現象時，發現當入射光的頻率為ν以時，其遏止電壓為U.已知普朗克常數為h，電子電量大小為e，下列說法正確的是A.該金屬的截止頻率為B.該金屬的逸出功為C.增大入射光的頻率，該金屬的截止頻率增大D.增大入射光的頻率，該金屬的遏止電壓增大評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態a依次經狀態b、c、d和e后回到狀態a，圖中ae、bc延長線過坐標原點O，則在a→b過程中氣體___________（填“放熱”或“吸熱”）；在這個循環過程中，氣體在狀態c的壓強___________狀態e的壓強（填“大于”或“小于”）。

16、兩塊非常長的光滑擋板圍成一個夾角為10°的三角形區域，一小球沿著角平分線方向的初速度入射，設球與擋板間的碰撞是彈性的，則球與擋板一共會發生___________次碰撞。

17、如圖所示，小量程電流表的內阻為滿偏電流為若把它改裝成的兩個量程的電壓表，那么____________________

18、質子和α粒子以相同的動能垂直磁場方向射入同一勻強磁場，它們運動軌跡半徑之比Rp:Rα=_________,運動周期之比Tp:Tα=_________.19、如圖所示，一彈簧振子在M、N間沿光滑水平桿做簡諧運動，坐標原點O為平衡位置，MN=4cm．從小球圖中N點時開始計時，到第一次經過O點的時間為0.1s，則小球振動的周期為______s，振動方程的表達式為x=______cm；．

20、一質子束入射到靜止靶核上，產生如下核反應：式中p代表質子，n代表中子，X代表核反應產生的新核．由反應式可知，新核X的質子數為____________，中子數為______________．21、(1)某組同學用圖（a）實驗裝置探究“加速度a與物體質量m的關系”．A為小車；B為電火花計時器，C為裝有細砂的小桶，D為一端帶有定滑輪的長方形木板．

①圖（b）為某次實驗得到的紙帶，已知實驗所用電源的頻率為50Hz．小車的加速度大小為________m/s2．（結果保留三位有效數字）

②改變小車質量m，分別記錄小車加速度a與其質量m的數據．在分析處理時，該組同學產生分歧；甲同學認為應該根據實驗中測得的數據作出小車加速度a與其質量m的圖象，乙同學認為應該作出小車加速度a與其質量倒數的圖象．兩位同學都按照自己的方案將實驗數據在坐標系中進行了標注，但尚未完成圖象（如下圖所示）．你認為同學______________（填“甲”；“乙”）的方案更合理．并幫助該同學作出坐標中的圖象。

(2)某同學用如圖所示的電路測量出待測電流表的滿偏電流；有以下的可供選用的器材：

A．待測電流表A0：滿偏電流約為700～800μA、內阻約100Ω，表盤刻度均勻、總格數為N

B．電流表A：量程0.6A、內阻Rg＝0.1Ω

C．電壓表V：量程3V、內阻RV＝3kΩ

D．滑動變阻器R：最大阻值20Ω

E．電源E：電動勢約3V；內阻約1.5Ω

F．開關S一個；導線若干條。

①電路圖中的電表x應選當器材中的_______．（填寫器材序號）

②測量過程中，測出多組數據，其中一組數據中待測電流表A0的指針偏轉了n格，則計算電流表滿偏電流的表達式為Imax=_______________，式中除字母N、n外，其他字母符號代表的物理量是_______________________________．評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共12分)25、某同學在“用單擺測定重力加速度”的實驗中進行了如下的實踐和探究：

（1）用游標卡尺測量擺球直徑d，如右圖所示，則擺球直徑為_____cm，測量單擺擺長為l；

（2）用秒表測量單擺的周期．當單擺擺動穩定且到達最低點時開始計時并記為0，單擺每經過最低點記一次數，當數到n=60時秒表的示數如右圖所示，秒表讀數為______s，則該單擺的周期是T=______s（保留三位有效數字）；

（3）將測量數據帶入公式g=_____（用T、l表示），得到的測量結果與真實的重力加速度值比較，發現測量結果偏大，可能的原因是_____；

A.誤將59次數成了60次

B.在未懸掛單擺之前先測定好擺長

C.將擺線長當成了擺長

D.將擺線長和球的直徑之和當成了擺長

（4）該同學糾正了之前的錯誤操作，嘗試測量不同擺長l對應的單擺周期T，并在坐標紙上畫出T2與l的關系圖線，如圖所示．由圖線計算出的重力加速度的值g=_____m/s2，（保留3位有效數字）26、某同學用電流傳感器和電壓傳感器研究電容器的放電情況，按如圖連接電路，實驗時，先將開關S與1端相連，待電路穩定后，將開關擲向2端，傳感器將信息傳入計算機，屏幕上可以顯示出電流、電壓隨時間變化的圖線、圖線。

（1）由如圖可知，傳感器2應為______傳感器（選填“電流”或“電壓”）；

（2）計算機屏幕上顯示的圖線可能為如圖中的______，圖線可能為如圖中的______；

A．B．C．D．

（3）結合屏幕顯示的圖線、圖線信息，可以估算出______。

A．電容器的電容B．電容器儲存的電荷量參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

滑動變阻器處于含容支路中，相當于導線，所以移動滑動觸頭，I不變，U不變．故A錯誤．若僅增大A、B板間距離，電容減小，板間電壓不變，則由電容的定義式C=分析可知電容器所帶電荷量減少，故B錯誤．若僅用更強的光線照射R1，R1的阻值變小，總電阻減小，I增大，內電壓和R3的電壓均增大，U以及電容器板間電壓均減小，電容不變，由電容的定義式C=分析可知電容器所帶電荷量減少．故C錯誤．若僅用更強的光照射R1，R1的阻值變小，總電阻減小，I增大，根據閉合電路歐姆定律得U=E-Ir可得：不變，故D正確．故選D．

【點睛】

解決本題的關鍵電路穩定時R3相當于導線，電容器兩端間的電壓等于R1兩端間的電壓，再利用閉合電路歐姆定律進行動態分析．對于電容的動態分析，應根據電容的決定式和電容的定義式C=結合進行分析．2、D【分析】【詳解】

AC．電位器的觸頭由弧形碳膜的中點順時針滑向b端時，其接入電路的電阻變大，故電路中的總電阻R總變大，根據閉合電路歐姆定律可以知道，電路中總電流減小，路端電壓增大；根據電路關系

由于電流表和電阻R1串聯一起兩端電壓為路端電壓增大，可知增大，則減小，故電流表示數變大，指示燈變暗；選項AC錯誤；

BD．根據

可知，增大，故指示燈變亮，電容器C帶電量增大；選項B錯誤，D正確。

故選D。

【點睛】

對于動態電路的分析題，注意電位器的原理與滑動變阻器的原理相同，注意動態電路的分析方法，先整體后局部。3、A【分析】【分析】

【詳解】

A．由于溫度相同；則水與冰的分子平均動能相等，故A正確；

B．由于氣體分子之間距離較大；則僅知道氦氣的摩爾體積和阿伏加德羅常數，不能算出氦氣分子的體積，故B錯誤；

C．當分子間的作用力表現為斥力時；分子間的距離減小時，分子間作用力做負功，則勢能增大，故C錯誤；

D．估算油酸分子的直徑時；應該用油酸酒精溶液中所含油酸的體積，不可用油酸酒精溶液體積，故D錯誤。

故選A。4、B【分析】【分析】

【詳解】

A．晶體熔化過程中吸收熱量；但溫度不變，故分子平均動能不變，故A錯誤；

B．放能反應核子的平均質量要減小；因為有質量虧損，故B正確；

C．玻爾的原子理論主要解釋氫光譜規律；故C錯誤；

D．液體表面張力的存在是因為液體表面層分子間作用力合力表現為引力；故D錯誤。

故選B。5、A【分析】【詳解】

A、由圖可知波長為4m，則由可知則A正確；

B、由圖可知，振幅等于y的最大值，故這列波的振幅為A=2cm；則B錯誤；

C、此時x=4m處質點沿處于平衡位置；加速度為零，速度最大；故C錯誤.

D、簡諧機械橫波沿x軸負方向傳播，由波形平移法得知，此時x=8m處質點沿y軸負方向運動；故D錯誤.

故選A.6、D【分析】【分析】

線圈平面垂直處于勻強磁場中；當磁感應強度隨著時間均勻變化時，線圈中的磁通量發生變化，從而導致出現感應電動勢，產生感應電流，由法拉第電磁感應定律可求出感應電動勢大小，從而得出電壓表讀數，再由楞次定律判定感應電流方向．

【詳解】

A；由楞次定律可得：感應電流的方向為逆時針；則M端比N端的電勢高，所以電壓表“+”接線柱接M端，故A錯誤；

B；磁通量的變化需要時間；由于未說明變化時間，故B錯誤；

C、磁通量的變化率為：C錯誤；

D、根據法拉第電磁感應定律：所以電壓表讀數為5V，D正確．

故選D．

【點睛】

由法拉第電磁感應定律求出感應電動勢的大小，而感應電流的方向則由楞次定律判定．同時穿過磁通量發生變化的線圈相當于電源，所以電源內部（線圈）電流方向是負極到正極．7、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．由于a、b為兩個完全相同的燈泡，當開關接通瞬間，b燈泡立刻發光，而a燈泡由于線圈的自感現象，導致燈泡漸漸變亮，線圈L直流電阻不計，當穩定后a、b一樣亮．故A錯誤；B正確；

CD．當開關斷開瞬間，兩燈泡串聯，由線圈產生瞬間電壓提供電流，導致兩燈泡同時熄滅，由于開關斷開前ab電流大小一樣；故不會出現更亮的情況，故CD錯誤。

故選B。二、多選題(共7題，共14分)8、A:B【分析】滑動變阻器滑片P向右移動一段距離后；總電阻減小，則總電流增大，內電壓增大，外電壓減小，所以燈泡L的電流增大，燈泡變亮，電流表示數增大，電壓表示數減小．故AB正確．燈泡兩端的電壓變大，外電壓變小，則滑動變阻器兩端的電壓減小，根據Q=CU知，電容器C上的電荷量減小．故C錯誤．因為當外電阻等于內電阻時，電源的輸出功率變大，外電阻大于內電阻，外電阻減小，則輸出功率變大．故D錯誤．故選AB．

點睛：本題的難點在于確定電源的輸出功率如何變化，可以用數學證明，當內外電阻相等時，電源的輸出功率最大，這是很重要的結論．對于電容器，關鍵確定電壓，記住這個結論很有必要：電容器與與它并聯的電路電壓相等．9、A:B:C【分析】【詳解】

A．當兩分子間距減小到分子間作用力為0時，分子間距為分子間距小于時，分子間為斥力，隨距離增大，分子力做正功，分子勢能減小，分子間距大于時，分子間為引力，隨距離減小，分子力做正功，分子勢能減小，則分子間距為時；分子勢能最小，故A正確；

B．熱傳遞的條件是兩個系統之間存在溫度差；溫度是否相等是兩個系統是否達到熱平衡的標志，因此達到熱平衡的系統一定具有相同的溫度，故B正確；

C．一定質量的理想氣體；在發生絕熱膨脹的過程中，氣體對外做功，氣體內能減小，溫度降低，分子的平均動能一定減小，故C正確；

D．一種液體是否浸潤某種固體與液體的性質和固體的性質都有關；故D錯誤；

E．氣體的壓強與氣體的重力無關；則將密閉一定質量氣體的容器置于在軌運行的宇宙飛船中，容器內的氣體壓強不變，故E錯誤。

故選。10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A處質點沒有振動，說明A點波沒有衍射過去，根據發生明顯衍射現象的條件知原因是MN間的縫太寬或波長太小，故要使A處質點振動，根據

可使波源的振動頻率減小，波長增大，或移動N板使狹縫的間距減小，故選BD。11、B:D:E【分析】【詳解】

A．由甲讀出該波的波長為λ=4m，由乙圖讀出周期為T=2s，則波速為故A錯誤．

B．在乙圖上讀出t=1s時刻P質點的振動方向沿y軸正方向；在甲圖上判斷出該波的傳播方向沿x軸正方向，故B正確．

C．在波的傳播過程中；介質中的質點只在平衡位置附近振動，并不隨波的傳播方向遷移，故C錯誤．

D．質點的振動周期為2s；由圖乙所示圖線可知，質點的振幅：A=0.2m，在0～1s時間內質點P的位移為零，路程：s=2A=2×0.2=0.4m，故D正確；

E．由于該波的波長為4m，所以該波在傳播過程中若遇到直徑為3m的球，能發生明顯的衍射現象，故E正確．12、B:C【分析】試題分析：設向右為正方向；則碰前總動量為：p="mAvA-mBvB=2"kg?m/s，方向向右，選項A錯誤，B正確；假如碰后B球向左運動，則A球也必然向左運動，兩球的總動量向左，故不可能；假如碰后B球靜止，則A球也必然向左運動，兩球的總動量向左，也不可能；故碰撞后B小球必然向右運動，選項C正確，D錯誤．

考點：動量守恒定律的應用．13、A:C:E【分析】【詳解】

A．密立根通過油滴實驗測出了基本電荷的數值為選項A正確；

B．貝克勒爾通過對天然放射性研究發現了原子具有復雜的結構；中子是查德威克發現的，選項B錯誤；

C．居里夫婦從瀝青鈾礦中分離出了釙（PO）和鐳（Ra）兩種新元素；選項C正確；

D．盧瑟福通過α粒子散射實驗；得出了原子的核式結構理論，選項D錯誤；

E．湯姆孫通過對陰極射線在電場及在磁場中偏轉的實驗；發現了陰極射線是由帶負電的粒子組成，并測定了粒子的比荷，選項E正確。

故選ACE。14、A:D【分析】【詳解】

A．設截止頻率為則=故A正確；

B．該金屬的逸出功故B錯誤；

C．該金屬的截止頻率只與材料本身有關；與入射光的頻率沒有關系，故C錯誤；

D．根據增大入射光的頻率，該金屬的遏止電壓增大，故D正確．

故選：AD．三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【詳解】

[1]在a→b過程中，理想氣體等溫變化，內能保持不變，氣體體積變大對外做功，由熱力學第一定律可得，a→b過程中從外界吸收熱量；

[2]根據理想氣體狀態方程可知

整理得

根據V-T圖像斜率的大小可知氣體在狀態c的壓強小于狀態e的壓強。【解析】吸熱小于16、略

【分析】【分析】

【詳解】

如圖所示。

小球第一次碰撞后與角的另一邊的夾角為15°；如下圖所示；

第二次碰后與角的另一邊夾角為25°；可得每一次碰撞后下一次碰與角的一邊的夾角為增加10°，碰撞第8次和第9次，如下圖所示。

可得第9次后與角的邊的夾角為85°；第10次碰后如下圖所示。

可得碰后與角的邊的夾角為75°；每碰撞一次，角度減少10°，當碰撞16次后，如下圖所示。

小碰撞第17次后，路徑沿水平向右，不會再發生碰撞，所以則球與擋板一共會發生17次碰撞。【解析】1717、略

【分析】【詳解】

[1]由題意知量程時，由

得

[2]量程為時，由

得【解析】4500##5000##18、略

【分析】【分析】

【詳解】

質子和α粒子以相同的動能垂直進入同一勻強磁場中，均做勻速圓周運動．洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：動能：EK=mv2，則軌跡的半徑為：因質子的質量數是1，α粒子的質量數是4，所以：mα=4mP，質子帶1個單位的正電荷，α粒子帶兩個單位的正電荷，則：粒子在磁場中做圓周運動的周期：【解析】1:11:219、略

【分析】【詳解】

如圖，從正向最大位移處開始計時，振動方程的表達式為為：x=Acosωt；其中振幅A=2cm；

據題可得：T=4×0.1s=0.4s，則ω==5πrad/s

則振動方程的表達式為為：x=2cos5πtcm．【解析】0.42cos5πt20、略

【分析】【詳解】

質子的電荷數為1，質量數為1，中子的電荷數為0，質量數為1．根據電荷數守恒、質量數守恒，X的質子數為1+13-0=14，質量數為1+27-1=27．因為質量數等于質子數和中子數之和，則新核的中子數為27-14=13。【解析】141321、略

【分析】【詳解】

(1)從紙帶上可以看到，每兩個計數點之間還有1個點，所以相鄰兩計數點之間的時間間隔為0.04s，根據勻變速直線運動的推論

可以粗略的得到，小車運動的加速度大小

根據牛頓第二定律可知，在外力F一定的情況下，以a為縱坐標，為橫坐標，繪制出的圖象，在原理上應該是一條過原點的正比例函數圖像，呈現一種很好的線性規律，所以乙同學的說法更為合理；甲同學的圖象分析相對復雜；不好尋找規律；

（2）題目所給電流表A的量程太大，無法準確測量待測電流表的滿偏電流，而電壓表V的滿偏電流是1000能符合題目要求，所以電表x處應選C；電壓表．

本實驗的研究方法：①在閉合開關之前，先將滑動變阻器劃片滑到最右端，使得測量電路的電壓為零；②閉合開關，移動滑動變阻器劃片P，使待測電流表指針在半偏附近，記錄此時待測電流表指針所指的格數n和電壓表讀數U；所以每一格對應的電流故滿偏電流．【解析】3.19乙CU為電壓表讀數，Rv為電壓表內阻四、作圖題(共3題，共6分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的