…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華東師大版必修1物理上冊階段測試試卷597考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、16世紀末，伽利略用實驗和推理，推翻了已在歐洲流行了兩千年的亞里士多德關于力與運動的理論，開啟了物理學發展的新紀元。在以下說法中，與亞里士多德觀點相反的是（）A.四匹馬拉車比二匹馬拉車跑得快：這說明，物體受的力越大，速度就越大B.物體的自然狀態是靜止的，只有當它受到力的作用才會運動C.一小石塊與一片羽毛從同一高度同時自由落下，石塊比羽毛先落地D.一個物體維持勻速直線運動，不需要受力2、[四川成都七中2018屆二診]在平直公路上行駛的車和車，其位移一時間圖線分別為圖中直線和曲線由圖可知（）

A.車運動方向始終不變B.兩車相遇兩次C.時間內車的平均速度小于車D.時間內兩車的速度不可能在某時刻相同3、大風天氣時，貨場水平地面上質量為4.0kg的箱子在水平風力作用下做直線運動，截取1秒鐘監控視頻，通過影像分析軟件得到箱子速度與時間的關系圖像如圖所示。箱子與地面間動摩擦因數為0.55，重力加速度g取10由此推算木箱在這1s內受到的風力為（）

A.18NB.22NC.40ND.42N4、下列說法正確的是（）A.加速度增大，速度一定增大B.速度變化量越大，加速度就越大C.物體有加速度，速度就增大D.物體速度很大，加速度可能為零5、我國著名的田徑運動員劉翔多次在國際比賽中為國爭光。在110m欄的決賽中，終點處有一站在跑道側面的攝影記者用照相機給他拍攝最后沖刺的身影，攝影記者使用的照相機的光圈（控制進光量的多少）是16，快門（曝光時間）是得到照片后測得照片中劉翔的身高為h，胸部模糊部分的寬度為L，已知劉翔的身高為H．由以上數據可以知道劉翔的（）A.110m欄的成績B.沖刺到終點時的速度的大小C.110m內的平均速度大小D.110欄比賽過程中加速度的大小6、如圖所示，半圓球P的半徑為R，其被固定在水平面上，球心O1的正上方有一光滑的小定滑輪被固定在水平天花板上的A點，A點到P的最高點的距離為h，在P上放一個光滑的空心小球Q，Q內裝有細沙，其球心為O2，Q的半徑為r。將一根輕繩繞過定滑輪后系住Q；現用力拉動輕繩的另一端使Q緩慢上升，同時使細沙從Q底部的小孔緩慢均勻地流出。在以后的過程中，下列關于繩對Q的拉力和P對Q的彈力變化情況的說法，正確的是（）

A.繩對Q的拉力增大，P對Q的彈力增大B.繩對Q的拉力不變，P對Q的彈力減小C.繩對Q的拉力減小，P對Q的彈力增大D.繩對Q的拉力減小，P對Q的彈力減小7、如圖；在豎直立在水平面的輕彈簧上面固定一塊質量不計的薄板，將薄板上放一重物，并用手將重物往下壓，然后突然將手撤去，重物即被彈射出去，則在彈射過程中，（即重物與彈簧脫離之前），重物的運動情況是（??）

A.一直加速B.先減速，后加速C.先加速、后減速D.勻加速8、質量為m的通電細桿置于傾角為θ的光滑斜面上，桿中電流方向垂直于紙面向內。電流恒定，金屬桿長度不變。現加一勻強磁場，使桿能在斜面上靜止。所加磁場磁感應強度最小時，其方向為（）

A.水平向右B.豎直向下C.沿斜面向下D.垂直斜面向上9、一質量為0.8kg的球固定在支桿AB的上端，支桿AB的下端固定在升降機上，今用一段繩子水平拉球，使桿發生彎曲，如圖所示，已知繩的拉力為6N，重力加速度g取10m/s2；則以下說法正確的是。

A.若升降機是靜止狀態，則AB桿對球的作用力大小為6NB.若升降機是靜止狀態，則AB桿對球的作用力大小為8NC.若升降機是加速上升，加速度大小5m/s2，則AB桿對球的作用力大小為ND.若升降機是減速上升，加速度大小5m/s2，則AB桿對球的作用力大小為N評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、如圖所示，以8m/s勻速行駛的汽車即將通過路口，綠燈還有2s將熄滅，此時汽車距離停車線20m。該車加速時最大加速度大小為2m/s2，減速時最大加速度大小也為2m/s2.；此路段允許行駛的最大速度為10m/s，下列說法中正確的有（）

A.如果立即做勻加速運動，在綠燈熄滅前汽車恰好通過停車線B.如果立即做勻加速運動，在綠燈熄滅前汽車不可能通過停車線C.如果立即做勻減速運動，汽車剛好停在停車線D.如果距停車線16m處減速，汽車剛好停在停車線處11、如圖是一輛汽車做直線運動的x—t圖像，對線段OA、AB、BC、CD所表示的運動；下列說法正確的是（）

A.汽車在OA段運動得最快B.汽車在AB段靜止C.CD段表示汽車的運動方向與初始運動方向相同D.4h內汽車的位移大小為零12、如圖所示，時，質量為的物體從光滑斜面上的A點由靜止開始下滑，經過B點后進入水平面（經過B點前后速度大小不變），最后停在C點。每隔物體的瞬時速度記錄在下表中，重力加速度g取則下列說法正確的是（）

024608128A.的時刻物體恰好停在C點B.的時刻物體恰好經過B點C.A、B間與B、C間的距離之比為1∶2D.物體運動過程中的最大速度為13、甲、乙兩個物體沿同一直線同時做直線運動，其v-t圖象如圖所示；則。

A.2s時中和乙定相遇B.2s時甲的速度方向開始反向C.4s時乙的速度方向開始反向D.2～6s內甲相對乙做勻速直線運動14、2022年9月27日，“鯤龍”AG600M滅火機以全新消防涂裝在湖北荊門漳河機場成功完成12噸投汲水試驗。“鯤龍”AG600M滅火機在水面高速滑行15秒完成12噸汲水，隨即騰空而起。假設“鯤龍”AG600M滅火機在水平面上汲水的過程中做初速度為10m/s、加速度為的勻加速直線運動，則（）

A.“鯤龍”AG600M滅火機在第10s末的速度大小為20m/sB.“鯤龍”AG600M滅火機前10s通過的總位移為200m/sC.“鯤龍”AG600M滅火機在15s內的平均速度為15m/sD.“鯤龍”AG600M滅火機在15s內的中間位置的瞬時速度為15、隨著社會的發展，新能源汽車越來越現代化。某生產廠家在一平直的公路上對汽車進行了測試，新能源汽車a、b的速度分別滿足經時間兩新能源汽車剛好并排行駛。則下列說法正確的是（）A.計時瞬間b車在a車后方B.從計時開始經的時間兩新能源汽車共速C.從計時開始經的時間兩新能源汽車之間的距離為D.從第一次并排行駛到第二次并排行駛需要的時間16、如圖所示；為一物體運動的速度一時間圖象，下列說法正確的是（）

A.物體在0～1s內，a=4m/s2B.物體在2～3s內的加速度與在3～4s內的加速度相同C.物體在3～4s秒內的加速度與4～5s內的加速度相同D.物體在5s內總位移為4m17、如圖所示，疊放在一起的A、B兩物體放置在光滑水平地面上，A、B之間的水平接觸面是粗糙的，傾斜細線一端固定于A物體，另一端固定于M點，力F為水平恒力，A、B兩物體均處于靜止狀態現將細線的固定點由M點上移至N點，力F不變；兩物體仍處于靜止狀態.則（）

A.細線所受拉力增大B.物體所受支持力不變C.物體所受摩擦力減小D.水平地面所受壓力減小評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、如圖，質量為m，橫截面為直角三角形的物塊ABC，AB邊靠在豎直墻面上，與豎直墻面之間的動摩擦因數為現用方向垂直于斜面BC，大小為F的推力作用在物塊上，物塊靜止不動，重力加速度為g，則豎直墻面對物塊的摩擦力大小為____。若最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，要使物塊保持靜止，動摩擦因數應滿足____。

19、質點作勻加速直線運動，初速度是5m/s，加速度是1m/s2，那么在第4s末的瞬時速度是_____m/s，前4s的位移是_____m．20、如圖所示為某質點做直線運動的v—t圖象，在0~10s內該質點做____運動；在10~15s內該質點做____運動，加速度為____m/s2；前后兩段時間的加速度大小之比為___。

21、如圖所示，為甲、乙兩質點做直線運動的速度一時間圖像，由圖中可以看出，甲比乙運動得快的時間段是________，甲的加速度比乙大的時間段是________。

22、方法一：利用牛頓第二定律。

先測量物體做自由落體運動的加速度g，再用天平測量物體的______，利用牛頓第二定律可得G＝______。23、如圖所示，質點由西向東運動，從A點出發到達C點再返回B點靜止．若AC＝100m，BC＝30m，以B點為原點，向東為正方向建立直線坐標系，則：出發點的位置為________m，B點位置為________m，C點的位置為________m，A到B位置變化為________m，方向________，C到B的位置變化為________m，方向________。

24、打點計時器是高中物理實驗中常用的實驗器材，使用的電源為___________（選填交流或直流）電源，當電源頻率是50Hz時，它每隔___________s打一次點。25、下圖表示某物體的v-t圖象，從圖象可知OA段的加速度是_____m/s2；AB段的加速度是______m/s2；BC段的加速度是_______m/s2；CD段的加速度是__________m/s2；物體在0-10s內的平均速度是__________m/s；位移是__________m．

26、一質點的速度圖像如圖所示，則t時刻的速度v的表達式為_____，t時刻的位移s的表達式為__．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)27、水平桌面上的重物受到50N的重力，用力的圖示法畫出重物的支持力。28、分別畫出下圖中A物體的受力示意圖。（圖中所有物體均靜止）

29、畫出圖中物體A，B所受的力；其中球面和豎直墻面是光滑的，其他接觸面粗糙。

評卷人得分五、解答題(共4題，共20分)30、如圖一個小球A的質量為m=2kg，兩根伸直的輕細繩b和c的一端連接于豎直墻上，另一端系在小球A上，在小球A上施加一個方向與水平線成θ=60°拉力F，重力加速度g取10m/s2；（以下計算結果均可含根號）

(1)若細繩b恰沒有拉力，求F的大小；

(2)若細繩c恰沒有拉力，求F的大小。

31、彈簧彈力隨其形變量變化的規律，還可用圖像來表示。一輕彈簧的彈力F大小與彈簧長度l的關系如圖所示。

(1)求該彈簧的原長和勁度系數；

(2)圖像中左邊圖線能否延長至與縱軸相交?請說明理由。

32、如圖所示，A、B兩物塊的質量分別為2m和m，靜止疊放在水平地面上。A、B間的動摩擦因數為μ，B與地面間的動摩擦因數為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g。現對A施加一水平拉力F；求：

（1）B的最大加速度；

（2）A、B不發生相對運動，F的最大拉力；

（3）當時；A的加速度大小。

33、有兩根相同的輕彈簧a和b，勁度系數均為k，現將它們按如圖甲所示連接，下掛質量均為m的兩個小物體，此時兩根輕彈簧總長為l．若將兩個物體按圖乙所示方法掛在兩輕彈簧上，則兩根輕彈簧的總長為多少？參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．兩匹馬拉車比一匹馬拉車跑得快；這說明物體受的力越大加速度就越大，是亞里士多德的觀點，A錯誤；

B．亞里士多德認為物體的自然狀態是靜止的；只有當它受到力的作用才會運動，伽利略認為力不是物體運動的原因，B錯誤；

C．一小塊石塊與一片羽毛從同一高度同時自由落下；則石塊比羽毛先落地，是亞里士多德的觀點，不考慮空氣阻力，一小塊石塊與一片羽毛從同一高度同時自由落下，做的是自由落體運動，高度相同，則時間相同，是伽利略用實驗得出的，C錯誤；

D．伽利略用實驗和推理；證明了力不是維持物體運動的原因，與亞里士多德的觀點相反，D正確。

故選D。2、B【分析】【詳解】

A項：x-t圖象斜率的正負，表示速度方向，由圖可知，b車運動方向在t2時刻改變；故A錯誤；

B項：由圖可知，在t1，t2時刻兩車的位置相同；即兩車相遇，故B正確；

C項：t1到t2時間內兩車的位移相同，時間相同，由公式可知；平均速度相同，故C錯誤；

D項：x-t圖象斜率表示速度，由圖可知，t1到t2時間內兩圖象的斜率有相同的時刻；故D錯誤．

故應選B．3、C【分析】【詳解】

根據題圖可知木箱的加速度

根據牛頓第二定律

解得

故選C。4、D【分析】【詳解】

A．加速度增大；當加速度方向與速度方向相反時，物體做減速運動，A錯誤；

B．根據

速度變化量大；如果花費很長的時間，加速度不一定大，B錯誤；

C．物體有加速度；當加速度方向與速度方向相反時，物體做減速運動，C錯誤；

D．物體做速度很大的勻速直線運動；加速度為零，D正確。

故選D。5、B【分析】【詳解】

AC．因為不知道110m跨欄整個過程中的總時間；所以無法求解過程中的平均速度，故AC錯誤；

B．根據比例關系，運動員沖刺時t秒內的位移

故沖線速度為

故B正確；

D．根據題給條件無法求出比賽過程中的加速度；D錯誤。

故選B。6、D【分析】【詳解】

對Q受力分析如圖所示；

設其重力為mg，由于有一部分細沙緩慢流出而減小，繩對Q的拉力F和P對Q的彈力N在Q緩慢上移時兩者均發生改變，兩力方向間的夾角也發生改變，Q的重心雖然在變，但重心一定在過O2的豎直線上，滿足相似三角形的條件。設小滑輪右側的繩長為x，作出Q受力的力學“矢量三角形”，如圖所示，發現該“矢量三角形”與幾何三角形AO1O2相似，則

式中的（h+R）、(R+r）均不變，重力mg減小，則當緩慢拉動Q時，繩對Q的拉力F減小，P對Q的彈力N減小。

故選D。7、C【分析】【詳解】

將手撤去彈力大于重力；但是彈力逐漸減小，故物體做加速度逐漸減小的加速運動，當彈力等于重力時，速度達到最大值，其后彈力繼續減小，物體開始做加速度逐漸增大的減速運動，故物體先加速，后減速。

故選C。8、D【分析】【詳解】

如圖。

桿受重力；支持力和安培力的作用；當安培力與支持力垂直時，安培力最小，磁感應強度最小，根據安培定則，磁場方向為垂直斜面向上。

故選D。9、C【分析】【分析】

【詳解】

AB．A、B若升降機是靜止的，球靜止，處于平衡狀態，由平衡條件可知，桿的作用力大小：

故AB錯誤；

C．若升降機加速上升，對球，在豎直方向，由牛頓第二定律得

解得

在水平方向，由平衡條件得

桿對球的作用力大小

故C正確；

D．若升降機減速上升，對球，在豎直方向，由牛頓第二定律得

解得

在水平方向，由平衡條件得

桿對球的作用力大小

故D錯誤；

故選C。

【名師點睛】

本題考查了求桿的作用力大小，根據球的運動狀態，應用平衡條件與牛頓第二定律可以解題；解題時注意力的合成與分解的應用．球受到重力、繩子拉力與桿的作用力，球靜止時處于平衡狀態，應用平衡條件求出桿的作用力；球做勻變速直線運動時，應用牛頓第二定律與力的合成方法求出桿的作用力．二、多選題(共8題，共16分)10、A:D【分析】【詳解】

AB．如果立即做勻加速直線運動，t1=2s內的位移

所以如果立即做勻加速運動；在綠燈熄滅前汽車恰好到達停車線，故Ｂ正確；Ａ錯誤；

CD．如果做勻減速運動，速度減為零需要時間

此過程通過的位移為

即剎車距離為16m，如果立即做勻減速運動，汽車不會剛好停在停車線；如果距停車線16m處減速，汽車剛好停在停車線處，故D正確，C錯誤。11、B:D【分析】【詳解】

A．由于該圖為輛汽車做直線運動的x—t圖像，圖像的斜率代表速度，由圖可看出CD段的斜率最大；則汽車在該段的速度最大，運動得最快，A錯誤；

B．由于該圖為輛汽車做直線運動的x—t圖像，圖像的斜率代表速度，由圖可看出AB段的斜率為0；則汽車在該段的速度為0，汽車靜止，B正確；

C．由于該圖為輛汽車做直線運動的x—t圖像，圖像的斜率代表速度，由圖可看出CD段的斜率為負；則汽車在該段的速度為負，汽車的運動方向與初始運動方向相反，C錯誤；

D．由于該圖為輛汽車做直線運動的x—t圖像，由圖像可看出在4h內汽車的位移為零；D正確。

故選BD。12、A:C【分析】【詳解】

物體在斜面上做加速運動，在水平面上做減速運動。從表格數據可以判斷，物體在0～2s一定在AB段，根據加速度的定義可得

如果2～4s物體仍在AB段，那么2～4s加速度應該與0～2s相同，但是從表中數據可以看出，2～4s加速度與0～2s不同，因此2～4s之間，物體從斜面運動到水平面。故4～6s，物體在水平面上運動，加速度

B．設物體t時刻經過B點，根據運動學規律有vA+a1t=vB-a2×（6-t）

解得

故B錯誤；

A．6s時，物體的速度為8，設再過t1后速度減為零0=8+a2t1

解得t1=4s

因此10s后，物體恰好停在C點；故A正確；

D．由上分析可知時，物體運動到B點速度最大

故D錯誤；

C．根據速度位移公式可得

可得

故C正確。

故選AC。13、C:D【分析】【詳解】

A．v-t圖像的面積等于位移；由圖看出，2s時甲乙位移相同，但是由于不知道甲乙初始時是否從相同點出發，則不能確定是否相遇，選項A錯誤；

B．甲的速度圖象一直在時間軸的上方；始終為正，沒有改變方向，故B錯誤；

C．4s時乙的速度由正變負；即方向開始反向，選項C正確；

D．2-6s內甲乙圖象的斜率相同，所以甲乙的加速度相同，則甲相對乙做勻速直線運動，故D正確．14、B:D【分析】【詳解】

A．“鯤龍”滅火機在第末的速度大小

故A錯誤；

B．前10s通過的總位移

故B正確；

C．“鯤龍”滅火機在15s內的位移

則在15s內的平均速度

故C錯誤；

D．設“鯤龍”滅火機發生位移時的速度為則根據

帶入數據解得

故D正確。

故選BD。15、B:C【分析】【詳解】

A．由兩車的速度表達式可知a車做勻加速直線運動的初速度是0，加速度為10m/s2；b車做勻加速直線運動的初速度是10m/s，加速度為5m/s2；根據題意知：t=1s時兩車相遇，由

可知在0～1s內，a車的位移為

b車的位移為

所以計時瞬間b車在a車后方=12.5m-5m=7.

故A錯誤；

B．從計時開始經的時間兩車的速度分別為

兩車速度相等；故B正確；

C．在2s內，a車的位移為

b車的位移為

結合A項分析可知，在2s時兩車相距

故C正確；

D．在3s內，a車的位移為

b車的位移為

結合A項分析可知，從第一次并排行駛到第二次并排行駛需要的時間；故D正確。

故選BCD。16、A:B:D【分析】【詳解】

A．速度時間圖象的斜率等于加速度，所以物體在0-1s的加速度為

故A正確；

B．根據速度圖象的斜率等于加速度；直線的斜率不變，則物體在2～3s內的加速度與在3～4s內的加速度相同．故B正確；

C．物體在3～4s秒內的加速度與4～5s內的加速度大小相等；方向相反；所以加速度不同，故C錯誤；

D．根據圖線與t軸所圍的面積表示位移，所以5s內的位移

故D正確；

故選ABD．17、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AD．把AB看成一個整體；對整體受力分析，如圖所示：

整體受力平衡，合力為零，水平方向有Tcosθ=F

將細線的固定點由M點上移至N點，θ變大，則cosθ變小，F不變，則T變大，豎直方向有N+Tsinθ=（M+m）g

則有

T變大，F不變，則N變小；根據牛頓第三定律可知，水平地面所受壓力將減小，故A；D正確；

B．對A受力分析，A受到重力，繩子拉力、支持力以及靜摩擦力作用，處于平衡狀態，則

T變大，F不變，則N′變小f=Tcosθ=F

不會變化；故B；C錯誤。

故選AD。三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】【詳解】

[1]對物塊受力分析，受推力F、重力G、支持力N和向上的靜摩擦力f；如圖。

由于物塊保持靜止，根據共點力平衡條件，有x方向

y方向

由以上兩式，解得

[2]豎直方向上合力為零，有

又f=μN，要使物塊保持靜止，動摩擦因數應滿足【解析】19、略

【分析】【分析】

根據速度公式v=v0+at可求解速度；，然后求解4秒內的位移．

【詳解】

質點作勻加速直線運動，初速度是5m/s，加速度是1m/s2；根據速度公式，第4秒末的瞬時速度是：

v4=v0+at4=5+1×4=9m/s

前4s的位移為：

．

【點睛】

本題關鍵是根據速度時間關系公式、平均速度公式列式求解，同時要明確平均速度等于中間時刻的瞬時速度．【解析】92820、略

【分析】【詳解】

[1]由圖象可知；在0~10s內該質點做勻加速直線運動；

[2]由圖象可知；在10~15s內該質點做勻減速直線運動；

[3]該質點在10~15s內的加速度為

[4]根據斜率等于加速度，該質點在0~10s內的加速度為

可得得前后兩段時間的加速度大小之比為1：2。【解析】勻加速直線勻減速直線-21：221、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]圖像中，縱坐標表示速度，由圖可知，甲比乙運動得快的時間段是以后；

[2]圖像中，圖線的斜率表示加速度，由圖可知，在和以后的時間甲的加速度比乙的加速度大。【解析】以后和以后22、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.質量m②.mg23、略

【分析】【分析】

【詳解】

質點由西向東運動，從A點出發到達C點再返回B點靜止。如圖所示，若AC=100m，BC=30m，以B點為原點，向東為正方向建立直線坐標，則：出發點A的位置為－70m，B點位置是0m，C點位置為30m，A到B位置變化為70m，方向由西向東，C到B位置變化為－30m，方向由東向西。【解析】－7003070由西向東－30由東向西24、略

【分析】【詳解】

[1][2]打點計時器應使用交流電源。電源頻率是50Hz，打點的時間間隔為【解析】交流0.02s25、略

【分析】【詳解】

斜率表示物體的加速度；圖線與坐標軸圍成的面積表示物體的位移.

[1]OA段的加速度：

[2]AB段的加速度：

[3]BC段的加速度：

[4]CD段的加速度：

[5][6]0-10s內的位移等于梯形OABC的面積：

故0-10s內的平均速度：【解析】10-2-0.52.82826、略

【分析】【分析】

由題中“一質點的速度圖像如圖所示”可知，本題考查v-t圖，根據v-t圖規律可以解答本題．

【詳解】

[1]從圖中可知初速度為20m/s，根據加速度公式

可得

所以根據公式

可得速度表達式為

[2]根據公式

可得位移表達式為【解析】四、作圖題(共3題，共18分)27、略

【分析】【分析】

【詳解】

靜止在水平桌面上的物體；重力與支持力是一對平衡力。因此支持力的大小為50N，方向豎直向上，作用在物體與桌面的接觸面上。如圖所示。

【解析】見解析28、略

【分析】【分析】

【詳解】

第1個圖：物體A受到重力和彈力；

第2個圖：A受到重力；推力、摩擦力以及墻壁的彈力；

第3個圖：物體A受到重力和彈力；

第4個圖：物體A受到重力、容器對A豎直向上的支持力、豎直墻對A垂直向右的支持力和B對A的彈力。

【解析】見解析29、略

【分析】【詳解】

圖1中，A受到重力G、球體對其的支持力FN1、地面對其的支持力FN2以及地面對其的摩擦力Ff，其中G豎直向下，FN1垂直于球體與A的接觸面斜向右上，FN2垂直于地面豎直向上，Ff沿地面向左；如答圖1所示。

答圖1圖2中，A受到重力G、繩子的拉力FT以及球體對其的支持力FN，其中G豎直向下，FT沿繩子斜向左上，FN沿兩球體中心連線斜向右上；如答圖2所示。

答圖2圖3中，A受到重力G、斜墻對其的支持力FN1以及墻角對其的支持力FN2，其中G豎直向下，FN1垂直于斜墻面斜向左上，FN2沿A的中心與墻角連線斜向右上；如答圖3所示。

答圖3圖4中，A受到重力G、容器側壁對其的支持力FN1以及另一個