肇慶市2025屆高中畢業班第一次模擬考試

物理

本試題共6頁，考試時間75分鐘，滿分100分

注意事項：

L答題前，考生先將自己的信息填寫清楚、準確，將條形碼準確粘貼在條形碼粘貼處。

2.請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效。

3.答題時請按要求用筆，保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不得使用涂改液、修正帶、

刮紙刀。考試結束后，請將本試題及答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中只有一項

是符合題目要求的。

1.地鐵是一種“綠色”的公共交通工具.如圖，某次地鐵上連接左側圓環的拉繩呈豎直狀態，人拉著的右側圓環

的拉繩與豎直方向成一定角度，且處于繃緊狀態，人與地鐵車廂保持相對靜止.下列說法正確的是（）

A.由左側拉繩的狀態可知地鐵車廂處于靜止狀態

B.由右側拉繩的狀態可知地鐵車廂可能正在向右加速

C.人對圓環的拉力小于圓環對人的拉力

D.人受到車廂地面水平向左的摩擦力作用

2.2024年巴黎奧運會上，中國選手獲得了自由式小輪車女子公園賽冠軍.如圖，比賽中運動員騎行小輪車交替

通過水平路面和圓弧坡面，并在空中完成各種高難度動作.下列說法正確的是（）

A.運動員在圓弧面上的運動是勻變速運動

B.當運動員騎行速度變大時，其慣性也增大

C.在圓弧面騎行時運動員和車所受支持力可能大于其總重力

D.研究運動員在空中的動作時，可將運動員看作質點

3.港珠澳大橋海底隧道是世界上最長的公路沉管隧道，也是我國第一條外海沉管隧道，全長6.7km,隧道限

速90km/h,將沉管隧道簡化為直線，f=0時刻，甲、乙兩車同時由同一入口進入隧道，之后在隧道中運動

的速度隨時間變化的關系如圖所示.則經過多長時間乙車在隧道中追上甲車（）

A.5sB.lOsC.12sD.20s

4.如圖甲為一種名為“喊泉”的游樂設施，游客對著池邊的話筒大聲呼喊時，水池中的噴口就會有水傾斜噴出

（可認為水恰好從水面噴出）.如圖乙，某次呼喊時，水柱在空中的射高為11.25m,已知噴口與水面的夾角為

45°,重力加速度取lOm/sz,不計空氣阻力.下列說法正確的是（）

A.在最高點的水的速率不為零

B.在最高點的水的重力的瞬時功率不為零

C.水在空中運動時先超重后失重

D.水柱的水平射程為22.5m

5.如圖甲為小青設計的加速度計，一個質量為0.1kg的滑塊穿在一個光滑水平直滑桿上，兩根完全相同的彈簧

兩端分別與擋板和滑塊側面栓接.初始時，兩根彈簧均處于原長，然后將這個裝置沿運動方向水平固定在一輛

汽車上，當汽車以5m/s2的加速度做勻變速直線運動時，兩彈簧的形變量均為1cm,如圖乙，彈簧始終在彈

性限度內.下列說法正確的是（）

滑桿

擋板滑塊擋板

甲乙

A.此時單根彈簧的彈力大小為0.5NB.彈簧的勁度系數為25N/m

C.此時汽車一定向右做勻加速運動D.汽車在運動時，兩側彈簧的彈性勢能可能不相等

6.物體在引力場中具有的勢能稱為引力勢能,在無其他星體影響的情況下，若取距離地球無窮遠處的引力勢能

為零，則質量為，"的物體的引力勢能為E.=-也”，其中G為引力常量，M為地球的質量，廠為物體到地

r

心的距離。大于等于地球半徑R）.如圖，虛線圓I和II為人造地球衛星的兩個圓軌道，已知軌道I是近地軌

道，軌道n的半徑為軌道I半徑的2倍.關于質量為的人造地球衛星，下列說法正確的是（）

A.未發射的人造衛星位于赤道上時，其引力勢能為零

B.在軌道I上的動能是在軌道II上的動能的V2倍

C.在軌道I上的周期是在軌道II上的周期的工

4

D.從軌道I到軌道n需要的能量至少為色叫

4R

7.新能源汽車以其環保、智能等優勢受到廣大消費者的青睞.某款新能源汽車在f=0時刻沿平直公路由靜止開

始以恒定加速度啟動，發動機在0時刻達到額定功率，然后保持功率不變繼續加速，時刻達到最大速度后勻

速行駛.假設汽車所受的阻力大小恒定，則此過程中汽車的加速度。、動量p、牽引力尸、功率P隨時間，的變

化規律正確的是（）

二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中有多項符

合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

8.如圖，老虎車是一種很實用的搬運工具，老虎車平面與擋板垂直，某一次在運貨時老虎車平面與水平地面的

夾角為a,貨物與老虎車保持相對靜止，忽略貨物與車平面之間的摩擦力.g取lOm/s?,sin37°=0.6,

cos37°=0.8,下列說法正確的是（）

A.無論老虎車怎么運動，老虎車對貨物的作用力方向總是豎直向上

B.老虎車停止時，若a由37°緩慢增大到90。，則老虎車對貨物的作用力不變

C.若a=37。不變時，車平面對貨物的作用力總是大于擋板對貨物的作用力

D.若a=37。不變時，為使貨物不離開擋板，老虎車水平向右的加速度不能超過7.5m/s2

9.如圖為一種魚蝦自動分離裝置的示意圖，魚和蝦均從一個靠近傳送帶的出料口掉落到轉動的傳送帶上，魚和

蝦就會自動分別向兩端運動.下列說法正確的是（）

出料W哨魚收

次一箱

蝦收.11

集箱一一一

O

A.傳送帶的轉動方向是順時針方向

B.魚在傳送帶上運動時，內能增加，機械能減小

C.傳送帶速度越大，蝦到達下端蝦收集箱的用時越短

D.魚和傳送帶間的動摩擦因數一定大于蝦和傳送帶間的動摩擦因數

10.如圖，某同學練習排球墊球，雙手在。位置墊擊（過程時間極短）排球，使球以初速度％豎直向上運動,

當球落回到。位置時速度大小為匕，此時再次墊擊排球使其仍以速度%豎直向上運動，假設排球質量為相，

空氣阻力大小恒定，重力加速度為g.下列說法正確的是（）

A.從墊起到落回的過程中，排球的最大加速度為g

B.排球墊起后向上運動的最大高度為出士工

4g

C.再次墊擊排球的過程中，手對排球的沖量大小為機％+"/

D.從墊起到最大高度的過程中，排球克服空氣阻力做的功為絲亞

4

三、非選擇題：本題共5小題，共54分。

11.（6分）下列是《普通高中物理課程標準》中列出的兩個必做實驗的部分步驟，請完成實驗操作和計算.

單位：cm

（1）圖甲是“探究加速度與物體受力、物體質量的關系”實驗裝置示意圖.若本實驗中用力傳感器精確測量小

車受到的拉力，則（填“需要”或“不需要”）平衡摩擦力，（填“需要”或“不需要”）滿足砂

和砂桶的質量遠小于小車的質量；圖乙是實驗得到的紙帶的一部分，每相鄰兩計數點間還有一個點未標出.打

點計時器電源頻率為50Hz,則小車的加速度大小為m/s2（結果保留1位小數）.

（2）如圖丙所示，在“探究兩個互成角度的力的合成規律”的實驗中，一個彈簧測力計的示數如圖丁所示，

則該彈簧測力計的讀數為N.為了使實驗能夠順利進行，且盡量減小誤差，下列說法正確的是（填

正確答案標號）.

A.OB、OC兩根細繩長度必須相等

B.測量時，橡皮條、細繩和彈簧測力計應貼近并平行于木板

C.用彈簧測力計拉兩個細繩套時，兩拉力的夾角越大越好

12.（10分）某物理興趣小組在伽利略斜面實驗思想的啟發下，設計了如圖甲所示的實驗裝置探究物體沿斜面

下滑的運動規律.

操作步驟如下：

①讓滑塊從距離擋板L處由靜止下滑，同時打開水箱閥門，讓水均勻穩定地流到量筒中;

②當滑塊碰到擋板時關閉閥門；

③記錄量筒收集的水量V；

④改變L重復以上操作：

（1）該實驗利用量筒中收集的水量V來表示（填正確答案標號）.

A.水箱中水的體積

B.水從水箱中流出的速度

C.滑塊下滑的時間

D.滑塊下滑的位移

（2）若保持傾角，和L不變，增大滑塊質量，則量筒中收集的水量V將（填“增大”“不變”或“減

小”）；若保持滑塊質量和L不變，增大傾角。，則量筒中收集的水量V將（填''增大”“不變”或“減

小”).

,1

（3）改變滑塊下滑的初始位置，測出多組位移乙以及對應的V,以(填“V?”或“五”）為橫坐標,

以L為縱坐標，得到如圖乙所示的圖像，由此可得滑塊沿斜面做勻變速直線運動.若該圖像斜率為上水箱單位

時間內流出水的體積為％,則滑塊沿木板下滑的加速度大小為（用晨乂表示）.

乙

（4）下列說法中不屬于該實驗誤差來源的是（填正確答案標號）.

A.水箱中流出的水流不夠穩定

B.滑塊開始下滑和水箱開始流水不同步

C.選用的斜面不夠光滑

D.選用了內徑較大的量筒

13.（9分）如圖為某高速收費站的標識牌.一輛汽車正沿直線向收費站駛來，如果這輛汽車過ETC（電子不停

車收費）通道，則需要在車輛識別裝置前*=16m處減速至匕=4m/s,勻速到達車輛識別裝置后再以

%=3m/S?的加速度加速至6=28m/s行駛，假設汽車制動過程中所受阻力與其重力的比值上=0.2,且制

動時間％=8s,汽車進、出收費站的運動可視為水平面上的直線運動，g取lOm/sz.求：

（1）汽車減速前的速度大小%;

（2）汽車到達車輛識別裝置后加速運動的位移大小52；

（3）汽車從開始減速到加速結束的平均速度大小，.

14.（13分）如圖甲，在雜技表演中，表演者平躺在水平地面上，腹部上平放一塊石板，助手用鐵錘猛擊石板，

石板裂開而表演者沒有受傷（危險節目，請勿模仿）.其原理可簡化為圖乙所示：質量為機的鐵錘從石板上方

高/7處由靜止自由落下，豎直砸中石板，鐵錘與石板瞬間達到共同速度，之后，鐵錘與石板一起向下運動距離

d后速度減為零，該過程中彈性氣囊A對石板的作用力F隨石板向下運動的距離x的變化規律近似如圖丙所

示，已知石板的質量為鐵錘質量的左倍，不計空氣阻力，重力加速度為g.求：

（1）鐵錘與石板碰撞后的共同速度大小v,及碰撞過程中系統機械能的損失量AE；

（2）鐵錘與石板向下運動的過程中，彈性氣囊A對石板作用力的最大值工,.

15.（16分）如圖為某款大型彈珠機的簡化模型，長乙=8.0m的水平軌道的右側有一固定的彈射裝置，左

側與固定在豎直平面內半徑r=1.8m的半圓軌道在B點平滑連接；長。=1.2m的水平擋板與半圓軌道的圓心

O等高，且左端與圓心。相距4=2.4m.將質量加=0.2kg的彈珠擠壓彈簧后由靜止釋放，彈珠在水平軌道

上受到的阻力f=0.2N,其余位置阻力不計，彈珠可視為質點，g^lOm/s2.

（1）若彈珠經過B點時對軌道的壓力是其重力的9倍，求彈珠在8點時的速度大小；

（2）求第（1）問中彈珠釋放時彈簧的彈性勢能ER；

（3）若彈珠經半圓軌道最高點C飛出后能擊中水平擋板，求彈珠釋放時彈簧彈性勢能的取值范圍.

肇慶市2025屆高中畢業班第一次模擬考試

答案及評分標準（參考）物理

一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中只有一項

是符合題目要求的。

題號1234567

答案DCBABDB

二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中有多項符

合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

題號8910

答案BDADBC

三、非選擇題：本題共5小題，共54分。

11.（6分）（1）需要（1分）不需要（1分）2.8（2分）

（2）3.70（1分）B（1分）

12.（10分）（1）C（2分）

（2）不變（1分）減小（1分）

（3）V2（2分）22Q分）

（4）C（2分）

13.（9分）解：（1）設減速過程加速度大小為外,

由牛頓第二定律，有kmg=ma。.................................（1分）

由運動學規律，有％―%%=匕........................（1分）

代入數據解得%=20m/s........................（1分）

（2）由運動學規律，有2s2........................（1分）

代入數據解得§2=128m........................（1分）

（3）加速過程的時間=殳』=8s........................（1分）

%

勻速過程的時間：=.=4s........................（1分）

匕

減速過程的位移大小50=%%—；即；=96m........................（1分）

平均速度大小v=+”=12m/s.................................................

（1分）

'o?It]

14.（13分）解：（1）假設鐵錘與石板碰撞前的速度為%,

則Vg=2gh（1分）

鐵錘與石板碰撞，由動量守恒定律，有in%=（m+km）v.................................................（2分）

聯立解得八獸

（1分）

系統損失的機械能為AE=＜機￡_；（%加+根）/........................（2分）

解得AE=也蚣.................................................（1分）

k+1

（2）彈性氣囊A對石板的作用力F做的功為F-x圖像與橫軸圍成的面積，.......（1分）

則叫—一^^〃........................（2分）

從鐵錘與石板共速到兩者速度減為0的過程，根據動能定理得

2（分）

gd+WF=+v2

解得%端+（左+2）mg

（1分）

15.（16分）解：（1）由牛頓第三定律得，彈珠在5點時軌道對彈珠的支持力方的大小為9Mg...........（1分）

彈珠在半圓軌道最低點8時，由牛頓第二定律有既-冽g=加上........................（1分）

r

解得VB=12HI/S.................................................（1分）

（2）方法一：

彈珠從靜止釋放到3點的過程，由動能定理得

19

~f'1[=~加Vg—0.................................................（2分）

根據功能關系可得，%=約1—0.................................................（1分）

解得約i=16J.................................................（1分）

方法二：

彈珠從靜止釋放到B點的過程，由能量守恒定律得Epi=gm謂+f4........................（3分）

解得Epi=16J.................................................（1分）

（3）彈珠經半圓軌道最高點C飛出后做平拋運動，落到擋板上時，

1,

在豎直方向上有廠=—g/，解得r=o.6s......................（1分）

2

若彈珠恰好打到擋板左端點，則/2=卬，解得％=4m/s......................（1分）

若彈珠恰好打到擋板右端點，則4+4=嶺/，解得嶺=6m/s......................（1分）

2

若彈珠恰好過半圓軌道最高點，則mg=〃z也，解得匕=而=3V2m/s......................（1分）

r

綜上，彈珠在最高點C的速度％應滿足30m/sW%46m/s......................（1分）

彈珠從靜止釋放到c點的過程，

由能量守恒定律得約+fmg-2r......................（2分）

將嶺代入%得約2=3J,將匕代入%得Ep3=10.6J......................（1分）

綜上，彈珠釋放時彈簧彈性勢能的取值范圍為10.6J<Ep<12.4J......................（1分）

答案詳解

1.答案：D

解析：分析左側圓環可知，左側圓環所受的重力（豎直向下）與拉繩對它的拉力（豎直向上）平衡，圓環所受

合外力為零，處于平衡狀態，可能為靜止或勻速直線運動狀態，表明車廂可能處在靜止或勻速直線運動狀態,

A、B均錯誤；由牛頓第三定律可知：人對圓環的拉力大小等于圓環對人的拉力大小，C錯誤；以人和右側圓

環為研究對象，由題可知人拉著圓環與地鐵車廂保持相對靜止，即人和圓環處于平衡狀態，由于它們受到拉繩

斜向右上方的拉力，該拉力產生水平向右的分力，表明人受到車廂地面水平向左的靜摩擦力作用，D正確.

2.答案：C

解析：運動員在圓弧面上的運動是變加速曲線運動，A錯誤；物體慣性的大小只與質量有關，與速度大小無關，

所以慣性應該不變，B錯誤；運動員在圓弧面上運動時支持力與重力垂直于圓弧面的分力的合力提供向心力,

支持力可能大于重力，C正確；研究運動員在空中的動作時，不能將其看成質點，D錯誤.

3.答案：B

22-10,,25-5o1

解析：由題圖可知，與=——―-m/s2=lm/s2,。乙m/s-=2m/s2,貝ijs甲=10/+］。甲?廣，

1,

s乙=+乙?廣，當乙車追上甲車時，s甲=s乙，解得/'=105,B正確.

4.答案：A

解析：水噴出后做的是斜拋運動，豎直方向上做豎直上拋運動，由/z=gg『可求得從射出到最高點的過程用

時1.5s，射出時水在豎直方向的分速度大小匕,=gf=15m/s,在水平方向的分速度大小

V

匕=——=15m/s,A正確；在最高點時速度沿水平方向，與重力方向垂直，其重力的瞬時功率為零，B

xtan45°

錯誤；水在空中的加速度一直向下，所以一直處于失重狀態，c錯誤；根據斜拋運動的對稱性可知水柱在空中

的運動時間為3s,所以水平射程為》=丫總=45m,D錯誤.

5.答案：B

解析：由題圖乙可知汽車的加速度方向水平向右，據牛頓第二定律可得2觀5=由。，代入數據解得

攵=25N/m,單根彈簧的彈力大小為歹=』ma=0.25N,B正確，A錯誤；由圖乙可知汽車的加速度方向

2

水平向右，運動方向無法判斷，汽車可能向左做勻減速直線運動也可能向右做勻加速直線運動，C錯誤；無論

什么情況，左右兩側彈簧的形變量都是相同的，兩個彈簧的彈性勢能一定相等，D錯誤.

6.答案：D

解析：由題意可知，位于赤道上的衛星的萬勢能為=一旦細，A錯誤；設衛星繞地球做圓周運動的半徑

PR

為r,根據萬有引力提供向心力，有空出二叫,匕=外加二解得，在半徑為廠的軌道上運行的衛星具有的

rrT

一小「17GMm，周期T=2?J/一，因為軌道II的半徑為軌道I半徑的2倍，所以該衛星在軌

動艙紇=可=丁a

\GM

道I上的動能是在軌道II上的動能的2倍，B錯誤；該衛星在軌道I上的周期是在軌道n上的周期的」產，

2V2

c錯誤；由能量守恒定律可知，從軌道I到軌道n需要的能量為機械能的增加量，衛星在軌道I上的機械能為

GMmGMm

衛星在軌道H上的機械能為E2=Eh+Ep2=J^，從軌道I到軌道II需要

2R4R

的能量至少為AE=E2—&=—色蛆出—（―色蛆出］=9蛆出，D正確.

2147?2R）47?

7.答案：B

解析：汽車在0?％時間內做勻加速運動，則加速度a不變，速度均勻增加，牽引力F保持不變，根據

p=Fv=Fat,可知功率隨時間均勻增加，D錯誤；%?與時間內，功率保持不變，根據￡-/=機。可知,

v

隨速度的增加，加速度a減小，牽引力F減小，時刻后勻速行駛，速度不變，牽引力等于阻力不變，C錯

誤；因為動量P=77叱，所以動量隨時間的變化規律和速度隨時間的變化規律一樣，B正確；;時刻后速度增

加得越來越慢，所以加速度變化也應該越來越慢，時刻加速度變為零，A錯誤.

8.答案：BD

解析：加速運動時，貨物所受合外力不為零，老虎車對貨物的作用力方向不是豎直向上，A錯誤；若夾角a由

37。緩慢增大到0。，老虎車對貨物的作用力大小與貨物重力大小相等，方向豎直向上，因此老虎車對貨物的作

用力不變，B正確；加速向左運動時，有心cosa-耳sina=〃3，由于加速度未知，故老虎車平面對貨物的

作用力與擋板對貨物作用力的大小無法比較，C錯誤；為使貨物不離開擋板，臨界狀態時有機gtana=機。，

得a=7.5m/s2,故老虎車向右的加速度不能超過7.5m/s2,D正確.

9.答案：AD

解析：魚和蝦在傳送帶上受重力、支持力和沿傳送帶向上的摩擦力，故傳送帶沿順時針方向轉動，A正確；對

魚有Mgsin，＜cos，，向上運動，摩擦力對魚做正功，機械能增大，對蝦有兒（？5111，＜〃2兒（？以）5，，

向下運動，從一定大于〃2,B錯誤，D正確；傳送帶沿順時針方向轉動，無論速度為多少，對蝦的摩擦力大

小和方向均不變，蝦下滑的時間與傳送帶的速度無關，C錯誤.

10.答案:BC

解析：排球向上運動時，根據牛頓第二定律有加g+/=^a,可知排球剛墊起時的加速度最大，為g+工，A

m

錯誤；對排球上升和下降過程分別列運動學公式，有噂=21g+工］〃，v^=2（g-工,解得力=正土21，

Vm）\m）4g

B正確；再次墊擊排球過程中，根據動量定理，手對排球的沖