2025屆內蒙古自治區包頭市二中物理高二上期中預測試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示的門電路符號，下列說法中正確的是()A．甲為“非”門、乙為“與”門、丙為“或”門B．甲為“與”門、乙為“或”門、丙為“非”門C．甲為“或”門、乙為“與”門、丙為“非”門D．甲為“非”門、乙為“或”門、丙為“與”門2、如圖所示，一帶電小球從A處豎直向上進入一水平方向的勻強電場中，進入電場時小球的動能為6J，運動到最高點B時小球的動能為8J，則小球運動到與A點在同一水平面上的C點（圖中未畫出）時的動能為多少（）A．38JB．30JC．24JD．14J3、已知磁敏電阻在沒有磁場時電阻很小，有磁場時電阻變大，并且磁場越強電阻值越大．為探測有無磁場和磁場強弱變化，利用磁敏電阻作為傳感器設計了如圖所示電路，電源的電動勢E和內阻r不變，在沒有磁場時調節變阻器R使電燈L發光．若某次探測裝置從無磁場區進入磁場區，則（）A．電容器C的電量減小 B．電燈L變暗C．電流表的示數減小 D．電流表的示數增大4、質量為60kg的人，站在升降機內的臺秤上，測得體重為480N，則升降機的運動可能是（）A．勻速上升B．加速上升C．減速上升D．減速下降5、河寬420m，船在靜水中速度為4m/s，水流速度是3m/s，則船過河的最短時間為（）A．105s B．140s C．84s D．100s6、如圖所示，把一重力不計的通電直導線水平放在蹄形磁鐵磁極的正上方，導線可以自由轉動和平動，當導線通入圖示方向的電流I時，從上往下看，導線的運動情況是（）A．順時針方向轉動，同時下降B．順時針方向轉動，同時上升C．逆時針方向轉動，同時下降D．逆時針方向轉動，同時上升二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一平行板電容器充電后與電源斷開，負極板接地。兩板間有一個正電荷固定在P點，如圖所示，以E表示兩板間的場強，U表示電容器兩板間的電壓，W表示正電荷在P點的電勢能，若保持負極板不動，將正極板向下移到圖示的虛線位置則（）A．U變小，E不變 B．E變小，W不變C．U變小，W不變 D．U不變，W不變8、如圖所示，在第二象限內有水平向右的勻強電場，電場強度為E，在第一象限內存在垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B，有一個帶電粒子（重力不計）以垂直于x軸的初速度v0從x軸上的P點進入勻強電場，恰好與y軸成45°射出電場，再經過一段時間又恰好垂直于x軸進入第四象限，已知OP之間的距離為dA．帶電正荷B．在電場中運動的時間為dC．在磁場中做圓周運動的半徑為2D．在磁場中運動半周9、某靜電場中的電場線如圖所示，帶電粒子在電場中僅受靜電力作用，由M點運動到N點，其運動軌跡如圖中虛線所示，以下說法正確的是A．粒子必定是負電荷B．粒子在M點的電勢能小于它在N點的電勢能C．粒子在M點的加速度小于它在N點的加速度D．粒子在M點的動能小于它在N點的動能10、關于加速度和速度，以下說法正確的是（）A．加速度大的物體速度變化快 B．加速度大的物體速度變化大C．加速度不為零，速度必然越來越大 D．加速度為零，物體的速度不一定為零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）現要較準確地測量量程為0～3V、內阻大約為3kΩ的電壓表V1的內阻RV，實驗室提供的器材如下：電流表A1（量程0～0.6A，內阻約0.1Ω）電流表A2（量程0～1mA，內阻約100Ω）電壓表V2（量程0～15V，內阻約15kΩ）定值電阻R1（阻值2kΩ）定值電阻R2（阻值10kΩ）滑動變阻器R3（最大阻值100Ω，最大電流1.5A）電源E1（電動勢15V，內阻約0.5Ω）電源E2（電動勢3V，內阻約0.5Ω）開關S，導線若干（1）選用上述的一些器材，甲、乙兩個同學分別設計了圖甲、乙兩個電路。在圖甲的電路中，電源選擇E1，則定值電阻R應該選擇_____；在圖乙的電路中，電源選擇E2，電流表應該選擇________。（填寫對應器材的符號）（2）根據圖甲電路，多次測量得到多組電手表V1和V2的讀數U1、U2，用描點法得到U1－U2圖象，若圖象的斜率為k1，定值電阻的阻值為R，則電壓表V1的內阻RV＝_______；根據圖乙電路，多次測量得到多組電壓表V1和電流表A的讀數U1、I，用描點法得到可U1－I圖象，若圖象的斜率為k2，則電壓表V1的內阻RV＝_______________。（用題中所給字母表示）12．（12分）(1)如圖為某同學“驗證機械能守恒定律”的實驗裝置圖，現有的器材：帶鐵夾的鐵架臺、電磁打點計時器、紙帶、帶夾子的重物、導線若干．為完成此實驗，除了所給的器材，還需要_____．(填選項前的字母)A．刻度尺B．秒表C．220V交流電源D．低壓交流電源（2）打點計時器的電源為交流電源（頻率為50Hz），如圖為打出紙帶的一部分，A、B、C為連續的三個點，用刻度尺量得，xAB=4.15cm，xBC=4.53cm，則可得到打B點時重物下落的速度大小vB=_______m/s．（結果保留三位有效數字）。（3）在如圖所示“探究加速度與力、質量的關系”的實驗中，可通過位移的測量來代替加速度的測量，即a1a2=x1x2使用這種方法需滿足的條件是兩小車_____________(填“質量”、“四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示的xoy平面上，以坐標原點O為圓心的四分之一圓形區域MON內分布著磁感應強度為B=2.0×10-3T的勻強磁場，其中M、N點距坐標原點O為m，磁場方向垂直紙面向里。坐標原點O處有一個粒子源，不斷地向xOy平面發射比荷為=5×107C/kg的帶正電粒子，它們的速度大小都是v=1×105m/s，與x軸正方向的夾角分布在0～90°范圍內。（1）求平行于x軸射入的粒子，出射點的位置及在磁場中的運動時間；（2）若粒子進入磁場前經加速使其動能增加為原來的2倍，仍從O點垂直磁場方向射入第一象限，求粒子在磁場中運動的時間t與射入時與x軸正向的夾角θ的關系．14．（16分）如圖，不計電阻的U形導軌水平放置，導軌寬l=0.5m，左端連接阻值為0.4的電阻R，在導軌上垂直于導軌放一電阻為0.1的導體棒MN，并用水平輕繩通過定滑輪吊著質量為m=2.4g的重物，圖中L=0.8m，開始重物與水平地面接觸并處于靜止，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中，磁感強度B0=0.5T，并且按=0.1（T/s）的規律增大，不計摩擦阻力，（g=10m/s2）求：（1）回路電流的大小及方向；（2）MN兩端的電勢差UMN；（3）至少經過多長時間才能將重物吊離地面?15．（12分）如圖所示是一組不知方向的勻強電場的電場線，把1.0×10－6C的負電荷從A點沿水平線移到B點，靜電力做了的功．A、B兩點間的距離為8cm，問：(1)勻強電場的場強為多大？方向如何？(2)A、B兩點間的電勢差為多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

根據題意可知：甲為甲為“非”門符號，乙為“或”門符號，丙為“與”符號。A.甲為“非”門、乙為“與”門、丙為“或”門，與分析結果不符，故A錯誤。B.甲為“與”門、乙為“或”門、丙為“非”門，與分析結果不符，故B錯誤。C.甲為“或”門、乙為“與”門、丙為“非”門，與分析結果不符，故C錯誤。D.甲為“非”門、乙為“或”門、丙為“與”門，與分析結果相符，故D正確。2、A【解析】豎直方向：粒子做豎直上拋運動，則運動時間；水平方向：粒子做初速度為零的勻加速直線運動．水平位移：x1=at12；上升的過程電場力做功：W1=qEx1

最高點時，豎直方向的速度為0，故小球的動能與電場力做的功相等，即：W1=8J

下降的過程中，豎直方向做自由落體運動，與豎直上拋是對稱的所以下降的時間：t2=t1

水平方向的總位移：x2=a（t1+t2）2=a?4t12=4x1；全過程中電場力做功：W2=qEx2=4qEx1=4W1=32J；全過程中，重力做功為0，根據動能定理：W2=EK末-EK初

所以：EK末=EK初+W2=38J．所以正確的選項是A．BCD錯誤；故選A.點睛：本題關鍵要根據豎直上拋和勻加速直線運動的特點即可解題，同時注意不一定求動能就把速度求出來，有時只需要知道速度之比即可．3、C【解析】

A．進入磁場時，磁敏電阻變大，電容器并聯在電源兩端，電壓不變，電容不變，所以電量也不變，A錯誤；B．由于電燈并聯在電池兩端，所以電燈的亮度不變，B錯誤；CD．電流表在干路上，由于磁敏電阻變大，磁敏電阻所在支路的電流減小，干路總電流減小，C正確，D錯誤。4、C【解析】

由題：人的質量為60kg，重力約為588N，升降機內的臺秤的讀數是480N，小于人的重力，其加速度必定豎直向下，則人處于失重狀態，可能加速下降，也可能減速上升，故選項C正確，ABD錯誤。5、A【解析】河寬420m，船在靜水中速度為4m/s，當船頭垂直河岸過河時，船過河的時間最短，則船過河的最短時間t=dvs=420點睛：運動的獨立性原理又稱運動的疊加性原理，是指一個物體同時參與幾種運動，各分運動都可看成獨立進行的，互不影響，物體的合運動則視為幾個相互獨立分運動疊加的結果．知道最小位移、最短時間對應的物理模型．6、A【解析】

在導線兩側取兩小段，左邊一小段所受的安培力方向垂直紙面向里，右側一小段所受安培力的方向垂直紙面向外，從上往下看，知導線順時針轉動，當轉動90度時，導線所受的安培力方向向下，所以導線的運動情況為，順時針轉動，同時下降。故A正確，BCD錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

平行板電容器充電后與電源斷開所帶電量不變，當極板距離減小時，根據電容決定式知，d減小，則電容C增大；根據知，U減小。電場強度，知電場強度不變，所以P與負極板間的電勢差不變，則P點的電勢Φ不變，電勢能W不變。

A．U變小，E不變，與結論相符，選項A正確；B．E變小，W不變，與結論不相符，選項B錯誤；C．U變小，W不變，與結論相符，選項C正確；D．U不變，W不變，與結論不相符，選項D錯誤；8、AC【解析】

根據題意結合粒子在電場中偏轉的分析判斷出粒子的電性；作出粒子的運動軌跡，粒子進入電場后做類平拋運動，從x軸上的P點進入勻強電場，恰好與y軸成45°角射出電場，求出末速度，利用運動學公式，即可求得y軸時的坐標與粒子在電場中一定是的時間；

在磁場中，粒子做勻速圓周運動，在圖中畫出半徑，根據幾何關系求出半徑；根據運動的軌跡判斷出是否是半個周期。【詳解】根據題意作出粒子的運動軌跡，如圖所示：粒子進入電場后做類平拋運動，從x軸上的P點進入勻強電場，恰好與y軸成45°角射出電場所以v=vvx=v0tan45°=v0沿x軸方向有：x=1所以xyOM=2·A項：由于正電荷偏轉的方向沿電場線的方向，所以粒子帶正電。故A正確；B項：粒子在垂直電場方向做勻速運動，所以在電場中運動的時間：t=OMv0C項：圖中MC為在磁場中運動的軌道半徑，根據幾何關系可知：MC=MOsinD項：由圖可得，粒子在磁場中運動的時間不是半個周期。故D錯誤。故應選：AC。【點睛】本題是帶電粒子在組合場中運動的問題，粒子在電場中偏轉做類平拋運動，在磁場中做勻速圓周運動，要求同學們能畫出粒子運動的軌跡，結合幾何關系求解。9、CD【解析】

A．由電荷的運動軌跡可以知道，電荷的受力沿著電場線的方向，所以電荷為正電荷,所以A錯誤.B．正電荷沿著電場的方向運動,所以電場力做正功,電荷的電勢能減小,所以粒子在M點的電勢能大于它在N點的電勢能,所以B錯誤.C．電場線密的地方電場的強度大,電場線疏的地方電場的強度小,由圖可知N點的場強大于M點的場強的大小，在N點的受力大于在M的受力，所以粒子在M點的加速度小于它在N點的加速度,所以C正確.D．正電荷沿著電場的方向運動，所以電場力做正功，電荷的電勢能減小，動能增加，所以粒子在M點的動能小于它在N點的動能，所以D正確.10、AD【解析】

加速度是描述速度變化快慢的物理量，，加速度大的物體速度變化快，A對加速度大的物體速度變化大（時間不確定所以加速度大小未知），B錯．加速度跟速度同向速度才會變大，C錯．加速度為零，物體的速度不一定為零，D對三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、R2A2k2【解析】

(1)[1]在甲圖的電路中，由于電源電動勢為6V，電阻R起到串聯分壓的作用，且電壓表量程為3V，所以應選和電壓表內阻差不多的電阻，故選R2；[2]電流表中最大電流為所以電流表應該選擇量程為量程0～1mA電流表A2；(2)[3]在圖甲的電路中，電阻R兩端電壓為通過電阻R的電流為根據歐姆定律得即又解得[4]在圖乙的電路中，根據歐姆定律得又圖象中圖象的斜率為，則12、（1）AD（2）2.17（3）運動時間【解析】

根據實驗需要測量的物理量確定所需的器材；根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出B點的瞬時速度;加速度；根據位移與時間的關系來判斷加速度與位移之比；【詳解】（1）打點計時器可以測