江蘇省常州市“教學研究合作聯盟”2025屆高二物理第一學期期末監測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、電阻R和電動機M串聯接到電路時，如圖所示，已知電阻R跟電動機線圈電阻值相等，電鍵接通后，電動機正常工作．設電阻R和電動機M兩端的電壓分別為U1和U2，經過時間t，電流通過電阻R做功為W1，產生熱量Q1，電流通過電動機做功為W2，產生熱量為Q2，則有（）A.U1<U2，Q1=Q2B.U1=U2，Q1=Q2C.W1=W2，Q1>Q2D.W1<W2，Q1<Q22、地球是一個大磁體：①在地面上放置一個小磁鐵，小磁鐵的南極指向地磁場的南極；②地磁場的北極在地理南極附近；③赤道附近地磁場的方向和地面平行；④北半球地磁場方向相對地面是斜向上的；⑤地球上任何地方的地磁場方向都是和地面平行的．以上關于地磁場的描述正確的是（）A.①②④ B.②③④C.②③ D.①⑤3、在如圖所示的電路中，A1和A2是兩個相同的燈泡，線圈L的自感系數足夠大，電阻可以忽略不計，下列說法正確的是（）A.閉合開關S時，A1和A2同時亮B.斷開開關S時，A2閃亮一下再熄滅C.閉合開關S時，A2先亮，A1逐漸變亮D.斷開開關S時，流過A2的電流方向向左4、科學家在物理學的研究使用了許多研究方法，如控制變量法、等效法、類比法、理想模型法、微元法等等，這些方法對我們學好物理有很大幫助，以下關于所用物理學研究方法的敘述正確的是()A.在研究帶電體時滿足一定條件可以把帶電體當作點電荷，這利用了等效法B.在研究電場時，常用人為假設的電場線來描述真實的電場，這用的是微元法C.在探究電阻與材料、長度和橫截面積三者之間的關系時應用了控制變量法D.在電路中，可以用幾個合適的小電阻串聯來代替一個大電阻，這利用了類比法5、如圖所示，閉合時，一質量為、帶電荷量為的液滴，靜止在電容器的兩平行金屬板間．現保持閉合，將斷開，然后將板向下平移到圖中虛線位置，則下列說法正確的是A.電容器的電容增大B.液滴帶正電C.液滴將向下運動D.液滴的電勢能減小6、如圖所示甲、乙兩個電路，都是由一個靈敏電流計G和一個變阻器R組成的電表，關于這兩個電表的下列說法正確的是（）A.甲表是電流表，R增大時量程增大B.甲表是電流表，R增大時量程減小C.乙表是電流表，R增大時量程減小D.乙表是電流表，R增大時量程增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一根足夠長的水平滑桿上套有一質量為的光滑金屬圓環，在滑桿的正下方與其平行放置一足夠長的光滑水平的絕緣軌道，穿過金屬環的圓心．現使質量為的條形磁鐵以水平速度沿絕緣軌道向右運動，則()A.磁鐵穿過金屬環后，兩者將先后停下來B.磁鐵將不會穿越滑環運動C.磁鐵與圓環的最終速度為D.整個過程最多能產生熱量8、垂直紙面向外的正方形勻強磁場區域內，有一位于紙面的、電阻均勻的正方形導體框abcd，現將導體框分別向兩個方向以v、3v的速度勻速拉出磁場，如圖所示，則導體框從兩個方向移出磁場的過程中A.導體框中產生的焦耳熱相同B.導體框中產生的感應電流方向相同C.通過導體框某一截面的電荷量相同D.導體框cd邊兩端電勢差的絕對值相同9、如圖所示，光滑的水平桌面處在方向豎直向下的勻強磁場中，桌面上平放著一根一端開口、內壁光滑的絕緣細管，細管封閉端有一帶電小球，小球直徑略小于管的直徑，細管的中心軸線沿y軸方向。在水平拉力F作用下，試管沿x軸方向勻速運動，帶電小球能從細管口處飛出。帶電小球在離開細管前的運動過程中，關于小球運動的加速度a、沿y軸方向的速度vy、拉力F以及管壁對小球的彈力做功的功率P隨時間t變化的圖象分別如圖所示，其中正確的是（）A B.C. D.10、如圖所示，以直角三角形AOC為邊界的有界勻強磁場區域，磁感應強度為B，∠A＝60°，AO＝L，在O點放置一個粒子源，可以向各個方向發射某種帶負電粒子(不計重力作用)，粒子的比荷為q/m，發射速度大小都為v0，且滿足．粒子發射方向與OC邊的夾角為θ，對于粒子進入磁場后的運動，下列說法正確的是()A.粒子有可能打到A點B.以θ＝60°飛入的粒子在磁場中運動時間最短C.以θ<30°飛入的粒子在磁場中運動的時間都相等D.在AC邊界上只有一半區域有粒子射出三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某興趣小組通過實驗測量澧水河水的電阻率，現備有一根均勻長的玻璃管（兩端各有一個圓形電極，可裝入樣品水，接觸電阻不計）電壓表（量程12V、內阻約為1000Ω），電流表（量程100μA、內阻約為5Ω），滑動變阻器（10Ω、1A），電池組（電動勢為12V，內阻不計），開關，導線，游標卡尺，螺旋測微器，待測樣品水（電阻約為200kΩ）。請回答下列問題：（1）如下圖所示，用游標卡尺測量樣品水的長度L=_____mm，螺旋測微器測出直徑d=_____mm。（2）為了精確測量，測量電路圖應選_____A.B.C.D.12．（12分）在利用碰撞做“驗證動量守恒定律”的實驗中，實驗裝置如圖甲所示，圖中斜槽部分與水平槽部分平滑連接，按要求安裝好儀器后開始實驗．圖中設計有一個支柱（通過調整，可使兩球的球心在同一水平線上，上面的小球被碰離開后，支柱立即倒下）．先不放被碰小球，讓入射小球從擋板C處由靜止滾下，重復若干次；然后把被碰小球放到支柱上，有重復若干次．在白紙上記錄下掛于槽口的重錘線在記錄紙上的豎直投影點和各次實驗時小球落點的平均位置，從左至右依次為O、M、P、N點，兩小球直徑相等，并用刻度尺測出OM、OP、ON的長度．入射小球和被碰小球的質量分別為m1、m2．則（1）入射小球的質量m1和被碰小球的質量m2應該滿足m2_____m1（填“>”或“<”）（2）用螺旋測微器測量小球的直徑如圖乙所示，則小球的直徑d=___________mm（3）當所測的物理量滿足表達式_____________________（用所測物理量的字母表示）時，即說明兩球的碰撞遵守動量守恒定律（4）某次實驗得到入射小球的落點M、P到O距離如圖丙所示，假設兩球的碰撞是彈性正碰，則被碰小球的落點N到O的距離ON=_________cm．（保留2位小數）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖1所示，寬度為d的豎直狹長區域內（邊界為L1、L2），存在垂直紙面向里的勻強磁場和豎直方向上的周期性變化的電場（如圖2所示），電場強度的大小為E0，E>0表示電場方向豎直向上．t=0時，一帶正電、質量為m的微粒從左邊界上的N1點以水平速度v射入該區域，沿直線運動到Q點后，做一次完整的圓周運動，再沿直線運動到右邊界上的N2點．Q為線段N1N2的中點，重力加速度為g．上述d、E0、m、v、g為已知量（1）求微粒所帶電荷量q和磁感應強度B的大小；（2）求電場變化的周期T；14．（16分）如圖所示，在磁感應強度為的水平勻強磁場中，有一豎直放置的光滑的平行金屬導軌，導軌平面與磁場垂直，導軌間距為，頂端接有阻值為的電阻。將一根金屬棒從導軌上的處以速度豎直向上拋出，棒到達處后返回，回到出發點時棒的速度為拋出時的一半。已知棒的長度為，質量為，電阻為。金屬棒始終在磁場中運動，處于水平且與導軌接觸良好，忽略導軌的電阻．重力加速度為。（1）金屬棒從點被拋出至落回點的整個過程中，求：a．電阻消耗的電能；b．金屬棒運動的時間。（2）經典物理學認為，金屬的電阻源于定向運動的自由電子與金屬離子的碰撞。已知元電荷為，求當金屬棒向下運動達到穩定狀態時，棒中金屬離子對一個自由電子沿棒方向的平均作用力大小。15．（12分）如圖所示，電源電動勢，內阻，電阻，，，電容器的電容，開關S原來斷開，現在合上開關S到電路穩定，試問這一過程中通過電流表的電量是多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】設開關接通后，電路中電流為I對于電阻R，由歐姆定律得U1=IR對于電動機，U2＞IR，則U1＜U2根據焦耳定律得Q1=I2Rt，Q2=I2Rt，則Q1=Q2因W1=Q1W2=Q2+E機械則W1<W2A．U1<U2，Q1=Q2，與結論相符，選項A正確；B．U1=U2，Q1=Q2，與結論不相符，選項B錯誤；C．W1=W2，Q1>Q2，與結論不相符，選項C錯誤；D．W1<W2，Q1<Q2，與結論不相符，選項D錯誤；2、C【解析】由于地磁的北極在地理的南極附近，在磁體的外部磁感線從N極指向S極，故磁感線有個向北的分量，而小磁針靜止的時候N極的方向就是磁感線的方向，所以小磁針由于受到地磁場的作用靜止時N極指向地理的北方．赤道附近地磁場的方向和地面平行，北半球地磁場方向相對地面是斜下的，南半球地磁場方向相對地面是斜向上的，①在地面上放置一個小磁針，小磁針的南極指向地理的南極，故①錯誤；②地磁場的北極在地理南極附近，故②正確；③赤道附近地磁場的方向和地面平行，故③正確；④北半球地磁場方向相對地面是斜下的，故④錯誤；⑤赤道附近地磁場的方向和地面平行，不是任何地方的地磁場方向都是和地面平行的，故⑤錯誤。故選C。3、C【解析】燈A1與電源串聯，當電鍵S閉合時，燈A2立即發光．通過線圈L的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，根據楞次定律線圈產生的感應電動勢與原來電流方向相反，阻礙電流的增大，電路的電流只能逐漸增大，A1逐漸亮起來．所以A2比A1先亮．由于線圈直流電阻忽略不計，當電流逐漸穩定時，線圈不產生感應電動勢，兩燈電流相等，亮度相同．故A錯誤，C正確；穩定后當電鍵K斷開后，由于自感，線圈中的電流只能慢慢減小，其相當于電源，與燈泡A1、A2構成閉合回路放電，兩燈都過一會兒熄滅，由于穩定后兩個支路的電流是相等的，所以A2不會閃亮一下．故B錯誤；斷開開關S時，流過L的電流逐漸減小，方向不變，所以流過A2的電流方向與開始相反，方向向右．故D錯誤．故選C.4、C【解析】A.在研究帶電體時滿足一定條件可以把帶電體當作點電荷，這利用了建立理想模型法，故A錯誤B.在研究電場時，常用人為假設的電場線來描述真實的電場，這用的是假設法，故B錯誤C.在探究電阻與材料、長度和橫截面積三者之間的關系時應用了控制變量法，故C正確D.在電路中，可以用幾個合適的小電阻串聯來代替一個大電阻，這利用了等效法．故D錯誤5、D【解析】在電容器的電量不變的情況下，將B板下移，則導致電容變化，電壓變化，根據、與相結合可得，從而確定電場強度是否變化，進而分析液滴如何運動，再根據電荷帶電性可確定電勢能增加與否；【詳解】A、將B板向下平移，電容器板間距離增大，根據知，電容器的電容變小，故A錯誤；BD、根據電場力與重力平衡可知，液滴帶負電，由于B板的移動，導致液滴的電勢升高，所以其電勢能減小，故D正確，B錯誤；C、根據、與相結合可得，由于電容器的帶電量、正對面積不變，所以板間電場強度也不變，液滴所受的電場力不變，則液滴仍保持靜止，故C錯誤；故選D6、B【解析】AB．由甲圖所示可知，與電阻并聯，該是電流表，增大，的分流較小，電流表量程減小，故A錯誤，B正確；CD．由乙圖所示可知，，與電阻串聯，該表是電壓表，增大時，變阻器分擔電壓增大，電壓表量程增大，故C、D錯誤；故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】金屬圓環光滑，一足夠長的水平的絕緣軌道光滑，所以圓環與磁鐵組成的系統水平方向受到的合力為0，滿足動量守恒，根據動量守恒定律與能量的轉化與守恒定律即可解答【詳解】A．金屬環是光滑的，足夠長的水平的絕緣軌道是光滑的，在磁鐵穿過金屬環后，二者由于不受摩擦力的作用，兩者將不會停下來，A錯誤；B．磁鐵在靠近金屬環的過程中金屬環的感應電流方向產生的磁場與原磁場的方向相反，所以磁鐵受到阻力的作用，同理，在離開金屬環的過程中金屬環的感應電流方向產生的磁場與原磁場的方向相同，也是受到阻力的作用，但是由于不知道初速度以及環與磁鐵的質量之間的關系，所以不能判斷出磁鐵是否能夠會穿越滑環運動，B錯誤；C．選取磁鐵與圓環組成的系統為研究的系統，系統在水平方向受到的合力為0，滿足動量守恒；選取磁鐵M運動的方向為正方向，則最終可能到達共同速度時得C正確；D．磁鐵若能穿過金屬環，運動的過程中系統的產生的熱量等于系統損失的動能，二者的末速度相等時損失的動能最大，為D正確【點睛】本題為結合楞次定律考查動量守恒定律應用，要注意選取的研究對象是磁鐵與圓環組成的系統，可根據楞次定律的表現來判斷物體運動狀態的變化8、BC【解析】感應電流大小先由和歐姆定律分析，根據焦耳定律分析產生的熱；感應電流方向根據楞次定律判斷；由分析通過導體框截面的電量關系，根據歐姆定律和電路的連接關系，分析邊兩端電勢差關系【詳解】A．設磁感應強度為，線框邊長為，電阻為，則：又：得到，則，當速度為時產生的焦耳熱多，故A錯誤；B．將導體框從兩個方向移出磁場的兩個過程中，磁通量均減小，而磁場方向都垂直紙面向外，根據楞次定律判斷知，導體框中產生的感應電流方向均沿逆時針方向，故B正確；C．根據：可知磁通量的變化量相同，電阻相等，則通過導體框截面的電量相同，故C正確；D．水平向右拉出時導體框邊兩端電勢差公式為：水平向上拉出時導體框邊兩端電勢差公式為：導體框邊兩端電勢差的絕對值不相同，故D錯誤【點睛】本題主要是考查了法拉第電磁感應定律、楞次定律和閉合電路歐姆定律；對于導體切割磁感應線產生的感應電動勢，可以根據來計算9、AD【解析】A．在x軸方向上的速度不變，則在y軸方向上受到大小一定的洛倫茲力，根據牛頓第二定律，小球的加速度不變。故A正確。B．在y軸方向做勻加速直線運動，速度均勻增大。故B錯誤。C．管子在水平方向受到拉力和球對管子的彈力，球對管子的彈力大小等于球在x軸方向受到的洛倫茲力大小，在y軸方向的速度逐漸增大，則在x軸方向的洛倫茲力逐漸增大，所以F隨時間逐漸增大。故C錯誤。D．管壁對小球的彈力等于小球在x軸方向受到的洛倫茲力，大小隨時間均勻增大，根據P=Fv，知彈力做功的功率P隨時間t均勻增大。故D正確。故選AD。10、AD【解析】A．根據，又v0＝qBL/m，可得，又OA=L，所以當θ=60o時，粒子經過A點，所以A正確；B．根據粒子運動的時間，圓心角越大，時間越長，粒子以θ＝60°飛入磁場中時，粒子從A點飛出，軌跡圓心角等于60o，圓心角最大，運動的時間最長，所以B錯誤；CD．當粒子沿θ=0°飛入磁場中，粒子恰好從AC中點飛出，在磁場中運動時間也恰好是，θ從0°到60°在磁場中運動時間先減小后增大，在AC邊上有一半區域有粒子飛出，所以C錯誤；D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.70.60②.6.580③.D【解析】（1）[1][2]．用游標卡尺測量樣品水的長度L=70mm+0.05mm×12=70.60mm；螺旋測微器測出直徑d=6.5mm+0.01mm×8.0mm=6.580mm。（2）[3]．比較待測水樣的電阻、電壓表的內阻和電流表的內阻可知，待測水樣的電阻遠大于電流表的內阻，則應該采用電流表內接；滑動變阻器用分壓電路，則電路圖D正確；12、①.<②.12.803（12.802-12.804）③.m1OP=m1OM+m2（ON-d）④.36.28【解析】（1）為防止入射球反彈，入射小球的質量要大于被碰小球的質量；（2）螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀．（3）根據動量守恒定律求出實驗需要驗證的表達式，然后根據表達式分析答題；（4）根據動量守恒定律以及機械能守恒定律列式，聯立即可求得速度關系，從而求出OM、ON以及OP之間的關系【詳解】（1）為防止入射球反彈，入射小球的質量m1和被碰小球的質量m2應該滿足m2<m1；（2）螺旋測微器的固定刻度讀數為12.5mm，可動刻度讀數為0.01×30.3mm=0.303mm，所以最終讀數為：d=12.5mm+0.303mm=12.803mm（3）由動量守恒定律可知，如果動量守恒，則應保證：m1v=m1v1+m2v2；因為平拋運動的時間相等，則水平位移可以代表速度，OP是A球不與B球碰撞平拋運動的位移，該位移可以代表A球碰撞前的速度，OM是A球碰撞后平拋運動的位移，該位移可以代表碰撞后A球的速度，（ON-d）是碰撞后B球的水平位移，該位移可以代表碰撞后B球的速度，當所測物理量滿足表達式m1?OP=m1?OM+m2?（ON-d），說明兩球碰撞遵守動量守恒定律；（4）設入射小球質量為m1，被碰小球質量為m2．碰撞前入射球速度為v0，碰撞后兩球速度分別為v1、v2．根據動量守恒得和機械守恒定律得：m1v0=m1v1+m2v2m1v02=m1v12+m2v22聯立解得：v0+v1=v2三球平拋運動時間相同，則得到：OP+OM=ON′=ON-d故：ON=OP+OM+d=25cm+10cm+1.28cm=36.28cm【點睛】本題主要考查了“驗證動量守恒定律”的實驗的原理及要求以及數據處理等基礎知識，掌握實驗原理、應用動量守恒定律求出實驗需要驗證的表達式即可正確解題．注意小球2平拋的起點在水平面上的投影在O點后相距d處四、計算題：本題共