課時跟蹤練29一、選擇題1．(2021·清遠鳳霞中學月考)下列說法錯誤的是()A．有機物燃燒后只生成CO2和H2O的物質不一定只含有碳、氫兩種元素B．質譜法、紅外光譜法和核磁共振氫譜法均能確定有機化合物的分子結構C．元素分析法和質譜法能分別確定有機物的實驗式和相對分子質量D．質譜圖中最右邊的譜線表示的數值為該有機物的相對分子質量解析：乙醇含有碳、氫、氧三種元素，燃燒生成的產物只有水和二氧化碳，故A項正確；質譜法只能確定有機物的相對分子質量，無法確定有機物的結構，故B項錯誤；元素分析法確定有機物的實驗式，質譜法可用于確定有機物的相對分子質量，故C項正確；質譜儀能記錄分子離子、碎片離子的相對質量，質譜圖中數值最大的即圖中最右邊的譜線是該分子的相對分子質量，故D項正確。答案：B2．(2021·廣州北大附中月考)下列分離或除雜方法不正確的是()A．利用密度與水大小的差異，用水分離苯和溴苯B．利用沸點差異，用蒸餾法分離苯和溴苯C．用降溫結晶法除去硝酸鉀中的氯化鈉雜質D．催化裂化不僅可以提高汽油的產量，而且可以提高汽油的質量，裂化汽油可使溴水褪色解析：苯與溴苯均不溶于水，雖然二者密度與水大小存在差異，但二者互溶，故不能用水分離苯和溴苯，應該用蒸餾的方法進行分離，A項錯誤；由A項分析可知，利用沸點差異，用蒸餾法分離苯和溴苯，B項正確；由于KNO3的溶解度隨溫度變化明顯，而NaCl的溶解度隨溫度變化不明顯，故用降溫結晶法除去硝酸鉀中的氯化鈉雜質，C項正確；催化裂化不僅可以提高汽油的產量，而且可以提高汽油的質量，裂化汽油中含有不飽和烴，故可使溴水褪色，D項正確。答案：A3．(2021·東莞莞美學校月考)下列有機物中互為同系物的是()A．CH3OCH2CH3和CH3CH2OCH2CH3B．CH3COCH2CH3和CH3CH2CHOC．CH3CH2CH2CH=CH2和D．HOOCCOOH和CH3OOCCOOCH3解析：CH3OCH2CH3和CH3CH2OCH2CH3結構相同，分子組成上相差一個“CH2”，二者互為同系物，A項選；CH3COCH2CH3和CH3CH2CHO結構不同，二者不是同系物，B項不選；CH3CH2CH2CH=CH2是戊烯，是環己烷，結構不同，二者不是同系物，C項不選；HOOCCOOH是羧酸，CH3OOCCOOCH3是酯，結構不同，二者不是同系物，D項不選。答案：A4．(2021·廣州執信中學月考)下列有關說法正確的是()A．順-2-丁烯和反-2-丁烯與氫氣加成的產物不同B．互為同系物C．利用核磁共振氫譜可區別乙醇與二甲醚D．用酸性KMnO4溶液鑒別CH3CH=CHCOOH和CH3CH2CH2CHO解析：順-2-丁烯和反-2-丁烯與氫氣加成的產物都是丁烷，因此產物相同，A項錯誤；的分子式是C6H6，的分子式是C10H8，的分子式是C14H10，它們結構不相似，分子式相差C4H2，不是CH2的整數倍，因此三種物質不能互為同系物，B項錯誤；乙醇分子中含有3種不同位置的H原子，個數比是3∶2∶1，而二甲醚只有一種位置的H原子，它們的核磁共振氫譜圖不同，因此可以利用核磁共振氫譜區別，C項正確；碳碳雙鍵和醛基都可以被酸性KMnO4溶液氧化而使KMnO4溶液褪色，二者現象相同，不能用酸性KMnO4溶液鑒別，D項錯誤。答案：C5．(2021·江門第二中學月考)有機物X的結構為。下列說法不正確的是()A．X的化學式為C8H8B．有機物X與互為同分異構體C．該有機物一氯代物有三種D．X能使酸性高錳酸鉀溶液褪色解析：由題中結構可知，有機物X分子中含有8個C原子、8個H原子，故有機物X的分子式為C8H8，故A項正確；有機物X的分子式為C8H8，的分子式也是C8H8，它們的分子式相同、結構不同，二者互為同分異構體，故B項正確；該有機物存在高度對稱，分子中有2種化學環境不同的氫，該有機物一氯代物有2種，故C項錯誤；該有機物含碳碳雙鍵，能使酸性高錳酸鉀溶液褪色，故D項正確。答案：C6．(2021·順德一中月考)某有機物的分子結構如圖所示(圖中鍵線可表示單鍵、雙鍵或三鍵)，下列說法不正確的是()A．該物質的分子式為C4H6O3B．該有機物的官能團為醛基和羧基C．該物質能發生銀鏡反應D．核磁共振氫譜顯示3組峰解析：題圖中黑色球為C原子，白色小球為H原子，灰色大球為O原子，由結構可知，該產品的結構簡式為OHCCH(CH3)COOH，根據結構簡式可知，該物質的分子式為C4H6O3，故A項正確；該物質含有醛基和羧基官能團，故B項正確；含醛基，能發生銀鏡反應，故C項正確；該物質有4種H，核磁共振氫譜顯示4組峰，故D項錯誤。答案：D7．(2021·惠州惠陽實驗中學月考)常溫下，乙酰苯胺是一種具有解熱鎮痛作用的白色晶體，20℃時在乙醇中的溶解度為36.9g，在水中的溶解度如下表(注：氯化鈉可分散在醇中形成膠體)。某種乙酰苯胺樣品中混入了少量氯化鈉雜質，下列提純乙酰苯胺的方法正確的是()溫度/℃255080100溶解度/g0.560.843.55.5A．用水溶解后分液B．用乙醇溶解后過濾C．用水作溶劑進行重結晶D．用乙醇作溶劑進行重結晶解析：乙酰苯胺、氯化鈉都是能溶于水的固體，溶于水后不分層，故不選A；氯化鈉可分散在醇中形成膠體，不能用過濾的方法分離，故不選B；氯化鈉在水中的溶解度隨溫度變化基本不變，根據表中數據，乙酰苯胺在水中的溶解度隨溫度降低而降低，所以可選用重結晶方法，先用水溶解加熱形成乙酰苯胺的熱飽和溶液，然后降溫結晶讓大量的乙酰苯胺析出晶體，故選C；20℃時乙酰苯胺在乙醇中的溶解度為36.9g，氯化鈉可分散在醇中形成膠體，不能用重結晶法提純乙酰苯胺，故不選D。答案：C8．(2021·東莞翰林實驗學校月考)對下列兩種化合物的結構或性質描述正確的是()A．不是同分異構體B．分子中共平面的碳原子數相同C．均能與氫氣反應D．可用紅外光譜區分，但不能用核磁共振氫譜區分解析：兩種化合物分子式均為C10H14O，且結構不同，所以互為同分異構體，A項錯誤；中苯環上6個碳原子共面，且與苯環直接相連的兩個碳原子也與苯環共面，所以該分子一定共平面的有8個碳原子；中1號和2號C各形成4個單鍵，與之相連的4個原子形成四面體，所以分子中一定共平面的是1個碳碳雙鍵上的2個碳原子和與之直接相連的2個碳原子，共4個碳原子，B項錯誤；中苯環與氫氣能夠發生加成反應，中碳碳雙鍵與氫氣能夠發生加成反應，C項正確；觀察兩化合物的結構簡式，根據對稱特點可知左邊化合物存在7種氫原子，其比例關系為1∶1∶1∶1∶1∶3∶6；右邊化合物存在7種氫原子，其比例關系為1∶1∶2∶2∶1∶1∶6，能用核磁共振氫譜區分，D項錯誤。答案：C9．(2021·韶關新豐一中月考)用如圖所示實驗裝置可以測定有機物中碳元素和氫元素含量：取4.6g某烴的含氧衍生物樣品A置于氧氣流中，用氧化銅作催化劑，在760℃左右樣品A全部被氧化為二氧化碳和水，實驗結束后測得裝置a增重5.4g，裝置b增重8.8g。下列有關說法錯誤的是()A．裝置a、b中依次盛放的試劑可以為無水氯化鈣和堿石灰B．由實驗數據只能確定A的最簡式，無法確定A的分子式C．開始加熱前、停止加熱后均需通入一段時間O2D．采用核磁共振氫譜法可確定A的結構式解析：氧化銅作催化劑，在760℃左右使有機物在氧氣流中全部氧化為CO2和H2O，通過測定生成的CO2、H2O的量確定實驗式，用氯化鈣吸收水蒸氣，用堿石灰吸收二氧化碳，由于堿石灰會同時吸收水蒸氣和二氧化碳，故先用氯化鈣吸收水蒸氣，再用堿石灰吸收二氧化碳；計算生成水、二氧化碳的物質的量，根據質量守恒判斷是否含有O元素，若含有O元素，計算原子物質的量；根據原子數目之比確定有機物最簡式，再確定分子式，最后根據有機物A的核磁共振氫譜確定結構簡式。由分析可知，裝置a、b中依次盛放的試劑可以為無水氯化鈣和堿石灰，作用分別為吸收水和二氧化碳，故A項正確；生成水物質的量為eq\f(5.4g,18g·mol－1)＝0.3mol，H原子物質的量為0.6mol，生成二氧化碳為eq\f(8.8g,44g·mol－1)＝0.2mol，碳原子物質的量為0.2mol，C、H原子質量和為0.6mol×1g·mol－1＋0.2mol×12g·mol－1＝3g，所以O原子的質量為4.6g－3g＝1.6g，氧原子物質的量為＝eq\f(1.6g,16g·mol－1)＝0.1mol，則有機＝2∶6∶1，H原子已經飽和碳的四價結構，所以有機物分子式為C2H6O，故B項錯誤；開始加熱前通入一段時間O2，趕走裝置中的水和二氧化碳，停止加熱后通入一段時間O2，使反應生成的水和二氧化碳分別被無水氯化鈣和堿石灰吸收，使測量結果更準確，故C項正確；采用核磁共振氫譜法得出A中氫原子的種類，可確定A的結構式，故D項正確。答案：B10．(2021·嫩江第一中學校月考)下列物質的核磁共振氫譜圖中，有5個吸收峰的是()解析：甲基上的H原子與亞甲基上的H原子，所處化學環境不同，所以含有2種H原子，核磁共振氫譜有2個吸收峰，故A項錯誤；結構不對稱，4個碳上的氫原子所處化學環境不同，所以含有4種H原子，核磁共振氫譜有4個吸收峰，故B項錯誤；甲基上的H原子與亞甲基上的H原子、苯環上與取代基的鄰位、間位和對位的氫所處化學環境不同，所以含有5種H原子，核磁共振氫譜有5個吸收峰，故C項正確；甲基上的H原子與苯環上取代基的鄰位、間位和對位的氫所處化學環境不同，所以含有4種H原子，核磁共振氫譜有4個吸收峰，故D項錯誤。答案：C11．(2021·東莞長安中學月考)將6.8g的X完全燃燒生成3.6g的H2O和8.96L(標準狀況)的CO2。X的核磁共振氫譜有4個峰且面積之比為3∶2∶2∶1。X分子中只含1個苯環且苯環上只有1個取代基，其質譜圖、核磁共振氫譜與紅外光譜如圖。關于X的下列敘述正確的是()A．化合物X的相對分子質量為106B．X分子中所有的原子在同一個平面上C．符合題中X分子結構特征的有機物有3種D．化合物X分子中含有官能團的名稱為酯基解析：由質譜圖數據可知，X的相對分子質量為136，有機物X的物質的量為n(X)＝eq\f(6.8g,136g·mol－1)＝0.05mol，完全燃燒后生成水的物質的量為n(H2O)＝eq\f(3.6g,18g·mol－1)＝0.2mol，氫原子的物質的量為n(H)＝0.2mol×2＝0.4mol，CO2的物質的量為n(CO2)＝eq\f(8.96L,22.4L·mol－1)＝0.4mol，碳原子的物質的量為n(C)＝0.4mol，則1個有機物A分子中含有8個碳原子、8個氫原子，O原子個數為eq\f(136－8×12－8×1,16)＝2，所以該有機物的分子式為C8H8O2，不飽和度為eq\f(2×8＋2－8,2)＝5，X分子中只含1個苯環且苯環上只有1個取代基，其核磁共振氫譜有4個＝1∶2∶2∶3，結合紅外光譜可知，分子中存在酯基等基團，故有機物X的結構簡式為。據此分析解答。由上述分析可知，化合物X的相對分子質量為136，故A項錯誤；化合物X的結構簡式為，分子中甲基上的原子一定不共平面，故B項錯誤；根據上述，化合物X的結構簡式為，苯環是正六邊形，因此只有1種結構，故C項錯誤；化合物X的結構簡式為，含有的官能團為酯基，故D項正確。答案：D12．(2021·深圳高級中學月考)用KMnO4氧化甲苯制備苯甲酸。苯甲酸的熔點為122.13℃，微溶于水，易溶于酒精。實驗方法：將甲苯和KMnO4溶液在100℃反應一段時間后停止反應，過濾，將含有苯甲酸鉀(C6H5COOK)和甲苯的濾液按如下流程分離苯甲酸并回收未反應的甲苯。下列說法正確的是()A．無色液體A是苯甲酸，白色固體B是甲苯B．操作Ⅰ的名稱為蒸餾，操作Ⅱ的名稱為分液C．為了得到更多的白色固體B，冷卻結晶時溫度越低越好D．加入濃鹽酸酸化的目的是為了將苯甲酸鉀轉化為產物苯甲酸解析：一定量的甲苯和適量的KMnO4溶液在100℃反應一段時間后停止反應，按如圖流程分離出苯甲酸和回收未反應的甲苯，苯甲酸能溶于水，甲苯不溶于水，互不相溶的液體采用分液方法分離，從而得到有機層和水層，有機層中含有甲苯、水層中含有苯甲酸；有機層中的甲苯采用蒸餾方法得到無色液體A，A是甲苯；將水層加入濃鹽酸酸化后，冷卻結晶、過濾得到白色固體苯甲酸。據此分析解答。無色液體A是甲苯，白色固體B是苯甲酸，故A項錯誤；由分析知，操作Ⅰ的名稱為分液，操作Ⅱ的名稱為蒸餾，故B項錯誤；溫度太低雜質溶解度降低，可析出雜質，導致產物純度降低，故C項錯誤；根據強酸制取弱酸原理，加入濃鹽酸將轉化成溶解度較小的苯甲酸，故D項正確。答案：D二、非選擇題13．(2021·茂名電白一中月考)尼泊金甲酯和香蘭素在食品、化妝品行業有廣泛用途。它們的結構簡式如下。請回答下列問題：(1)尼泊金甲酯中顯酸性的官能團是______(填名稱)。(2)下列說法正確的是____________(填字母)。A．尼泊金甲酯和香蘭素分子式都是C8H8O3B．尼泊金甲酯和香蘭素都能發生水解反應C．1mol尼泊金甲酯或香蘭素均能與4molH2發生加成反應D．利用銀氨溶液可以鑒別尼泊金甲酯和香蘭素(3)大茴香酸與香蘭素互為同分異構體，它是一種羧酸，且具備以下3個特點，大茴香酸的結構簡式為__________________________。a．分子中含有甲基；b．遇FeCl3溶液不顯紫色；c．苯環上的一氯代物只有兩種。(4)以丁香油酚為原料，通過下列路線合成香蘭素。注：分離方法和其他產物已經略去；乙酸酐的結構簡式為。①由和ClCH2CH=CH2合成丁香油酚的反應類型屬于__________。②步驟Ⅱ中，反應的化學方程式為___________________________________________________________________________________________________________________。③W的結構簡式為____________________。解析：(1)尼泊金甲酯中有酚羥基和酯基，其中顯酸性的官能團為酚羥基。(2)A項，尼泊金甲酯和香蘭素分子式都是C8H8O3，正確；B項，尼泊金甲酯能發生水解反應，而香蘭素有羥基和醛基和醚鍵，都不能水解，錯誤；C項，1mol尼泊金甲酯和3mol氫氣發生加成反應，而1mol香蘭素能與4molH2發生加成反應，錯誤；D項，因為尼泊金甲酯中沒有醛基，而香蘭素有醛基，所以可以利用銀氨溶液鑒別尼泊金甲酯和香蘭素；故答案選AD。(3)因為一氯代物只有兩種，所以說明苯環上有處于對位的兩個取代基，取代基中包括有羧基和甲基，所以還有一個氧原子，可以形成醚鍵，所以結構為。(4)①因為反應物中苯環上的氫被其他原子團代替，所以反應為取代反應。②反應過程中酚羥基變成酯基，所以乙酸酐中碳氧鍵斷開，發生取代反應，生成乙酸，所以反應的方程式為→＋CH3COOH。③因為酚羥基極易被氧化，轉化為香蘭素應先氧化碳碳雙鍵成醛基，再反應生成酚羥基，所以W的結構為。答案：(1)酚羥基(2)AD(3)(4)①取代反應②→＋CH3COOH③14．(2021·汕頭金山中學月考)茉莉醛被廣泛應用于食品、化妝品和洗滌劑中。實驗室制備茉莉醛的反應為有關數據如下表：物質相對分子質量密度/(g·cm－3)沸點/℃苯甲醛1061.04179庚醛1140.85153茉莉醛2020.97287實驗室制備茉莉醛的裝置示意圖如下：實驗步驟：在a中加入5.30mL苯甲醛、5mL95%乙醇、12mL10%KOH溶液，在c中加入6.84g庚醛。攪拌并加熱至60～65℃，打開c向a中緩慢滴加庚醛。保溫攪拌反應3h。反應待冷卻后，靜置分層，分出有機層，水層用20mL二氯甲烷分兩次萃取，萃取分液后與有機層合并，有機層再用10mL水洗滌3次，洗滌后加入無水Na2SO4。蒸餾，收集287～290℃餾分，餾分用柱色譜法進行分離，得純凈的茉莉醛4.04g。已知：柱色譜分離中，先將液體樣品從柱頂加入，流經吸附柱時，即被吸附在柱的上端，然后從柱頂加入洗脫劑，由于吸附劑對各組分吸附能力不同，各組分以不同速度沿柱下移，從而達到分離的效果。回答下列問題：(1)儀器a的名稱是__________，實驗中應采取的加熱方法是__________。(2)在洗滌操作中，用水洗滌的主要目的是___________________________________，加入無水Na2SO4的目的是________________________________________________。(3)用二氯甲烷萃取分液時，水層在______(填“上”或“下”)層。(4)柱色譜法分離中使用的吸附劑為硅膠或碳酸鈣，除此之外，還可以使用________(填序號)。①活性炭②氯化鈉③氧化鋁④碳酸鉀(5)柱色譜法分離過程中，如果洗脫劑加入速度太快，會使產品產率________(填“偏高”“不變”或“偏低”)。(6)本實驗所得茉莉醛產率為______%。解析：本實驗的目的是制備茉莉醛，在三頸燒瓶中利用苯甲醛、庚醛在堿性環境、水浴加熱的條件下制備茉莉醛，乙醇主要是作反應溶劑；之后靜置分層，分離出有機層，之后用二氯甲烷兩次萃取水層中溶解的少量有機物，并將分液后的有機層與產物中的有機層合并，之后用水洗滌，除去混有的乙醇，加入無水硫酸鈉進行干燥，此時產品中的雜質主要為未反應的苯甲醛和庚醛，蒸餾分離得到茉莉醛。據此分析解答。(1)根據儀器a的結構特點可知其為三頸燒瓶；反應所需溫度為60～65℃，不超過100℃，所以可以用水浴加熱。(2)水洗可以除去某些水溶性雜質，有機層中溶有乙醇雜質，乙醇和水可以互溶，所以用水洗滌的主要目的是除去有機物中的乙醇；無水硫酸鈉可以吸收有機層中殘留的水分，即目的為干燥。(3)二氯甲烷的密度比水大，所以分液時水層在上層。(4)柱色譜法是利用混合物各組分在某一物質中的吸附或溶解性的不同進行物質分離提純的一種方法，使用的吸附劑一般表面積比較大，且不與分離物發生反應的物質，故可以使用碳酸鈣、硅膠、氧化鋁、活性炭等，所以答案選①③。(5)柱色譜法分離過程中，如果洗脫劑加入速度太快，會導致得到的茉莉醛不純，從而使測得的產品產率偏高。(6)加入的苯甲醛的物質的量為eq\f(5.30mL×1.04g·mL－1,106g·mol－1)＝0.052mol，庚醛的物質的量為eq\f(6.84g,114g·mol－1)＝0.06mol，所以庚醛過量，理論上生成茉莉醛為0.052mol，所以產率為eq\f(4.04g,0.052mol×202g·mol－1)×100%＝38.5%。答案：(1)三頸燒瓶水浴加熱(2)除去有機產物中的乙醇干燥(3)上(4)①③(5)偏高(6)38.515．常溫下，青蒿素是一種無色針狀晶體，易溶于有機溶劑，難溶于水，熔點約為156.5℃，易受濕、熱的影響而分解。某實驗小組對青蒿素的提取和組成進行了探究。請回答下列問題：Ⅰ.提取流程：(1)“破碎”的目的是_________________________________________________________。(2)操作a和操作b的名稱分別是________、________。(3)操作a用到的玻璃儀器有玻璃棒、___________________________________________。(4)操作a所用青蒿必須干燥且不宜加熱，原因是________________________________________________________________________________________________________。Ⅱ.燃燒法測定最簡式：實驗室用下圖所示裝置測定青蒿素(烴的含氧衍生物)中氧元素的質量分數。(5)實驗前至少稱量________個質量數據。(6)裝置D中所盛固體可以是____(填字母)，F的作用是____________________________。a．生石灰b．CaCl2c．CuSO4d．堿石灰(7)A中固體分別用MnO2、KMnO4時產生等量O2，消耗H2O2的物質的量之比為______。(生成的O2全部放出，與KMnO4反應的H2O2經過酸化)(8)燃燒mg青蒿素，圖中D、E的質量分別增重ag、bg，則青蒿素中氧元素的質量分數可表示為____________________________(只寫計算式，用含有m、a、b的式子表示，不化簡)。解析：Ⅰ.根據乙醚浸取法的流程可知，對青蒿進行干燥破碎，可以增大青蒿與乙醚的接觸面積，提高青蒿素的浸取率，用乙醚對青蒿素進行浸取后，過濾，可得濾液和濾渣，提取液經過蒸餾后可得青蒿素的粗品，對粗品加95%的乙醇，濃縮、結晶、過濾可得精品。Ⅱ.由題中實驗裝置圖可知，裝置A為用過氧化氫制備氧氣的裝置，裝置B中濃硫酸用來干燥反應生成的氧氣，裝置C中青蒿素在電爐中與氧氣反應，裝置中氧化銅的目的是保證碳元素完全轉化為二氧化碳，減少實驗誤差，裝置D中應盛放CaCl2吸收測定水的質量，裝置E中盛放堿石灰吸收測定二氧化碳的質量，裝置F的作用是防止外界空氣中CO2和H2O進入E裝置，影響測定結果。據此分析解答。(1)根據乙醚浸取法的流程可知，對青蒿素進行干燥破碎，可以增大青蒿素與乙醚的接觸面積，提高青蒿素的浸取率。(2)根據流程可知，操作a為過濾，操作b的名稱是蒸餾。(3)操作a為過濾，需要的玻璃儀器主要有燒杯、漏斗、玻璃棒。(4)由題意可知青蒿素易受濕、熱的影響而分解，所以操作a所用青蒿必須干燥且不宜加熱。(5)測定青蒿素(烴的含氧衍生物)中氧元素的質量分數，應該知道樣品的質量、反應生成二氧化碳和水的質量，則實驗前至少稱量樣品、裝置D(測定水的質量)和裝置E(測定二氧化碳的質量)的質量，故答案為3。(6)因二氧化碳吸收需用到堿石灰固體，所以吸收水的試劑一定不能與二氧化碳反應，則裝置D中應盛放CaCl2吸收測定水的質量，裝置E中盛放堿石灰吸收測定二氧化碳的質量，裝置F的作用是防止外界空氣中CO2和H2O進入E裝置，影響測定結果。(7)H2O2在二氧化錳催化作用下分解的化學方程式為2H2O2eq\o(=,\s\up17(MnO2))2H2O＋O2↑，由化學方程式可知，生成1molO2消耗2molH2O2，高錳酸鉀與過氧化氫發生氧化還原反應的化學方程式為2KMnO4＋5H2O2＋3H2SO4=K2SO4＋2MnSO4＋5O2↑＋8H2O，由化學方程式可知，生成1molO2消耗1molH2O2，則產生等量O2，消耗H2O2的物質的量之比為2∶1。(8)由題意可知，燃燒mg青蒿素生成ag水、bg二氧化碳，由原子×12g·mol－1，則O的質量為m－eq\f(2a,18)－eq\f(12b,44)，氧元素的質量分數為eq\f(m－\f(2a,18)－\f(12b,44),m)×100%。答案：Ⅰ.(1)擴大接觸面積，便于青蒿素被乙醚浸出(2)過濾蒸餾(3)漏斗、燒杯(4)青蒿素易受濕、熱的影響而分解Ⅱ.(5)3(6)b防止空氣中的H2O和CO2被E吸收而影響實驗結果(7)2∶1(8)eq\f(m－\f(2a,18)－\f(12b,44),m)×100%16．(2019·天津卷)我國化學家首次實現了膦催化的(3＋2)環加成反應，并依據該反應，發展了一條合成中草藥活性成分茅蒼術醇的有效路線。已知(3＋2)環加成反應：CH3C≡C－E1＋E2－CH=CH2eq\o(→,\s\up17(膦催化劑),\s\do18())(E1、E2可以是—COR或—COOR)。回答下列問題：(1)茅蒼術醇的分子式為________，所含官能團名稱為________，分子中手性碳原子(連有四個不同的原子或原子團)的數目為________。(2)化合物B滿足以下條件的同分異構體(不考慮手性異構)數目為________；寫出其中一種碳碳三鍵和乙酯基直接相連的同分異構體的結構簡式：________________________________。①分子中含有碳碳三鍵和乙酯基(－COOCH2CH3)；②分子中有連續4個碳原子在一條直線上。