湖南省長沙市長郡湘府中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期末檢測模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某學(xué)校創(chuàng)建綠色校園，如圖甲為新裝一批節(jié)能路燈，該路燈通過光控開關(guān)實現(xiàn)自動控制：電燈的亮度可自動隨周圍環(huán)境的亮度改變而改變．如圖乙為其內(nèi)部電路簡化原理圖，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，Rt為光敏電阻（光照強(qiáng)度增加時，其電阻值減小）．現(xiàn)增加光照強(qiáng)度，則下列判斷正確的是：（）A.電源路端電壓不變B.B燈變暗，A燈也變暗C.R0兩端電壓變小D.電源總功率不變2、真空中有兩個靜止的點電荷，若保持它們之間的距離不變，而把它們的電荷量都變變?yōu)樵瓉淼?倍，則兩電荷間的庫侖力將變?yōu)樵瓉淼亩嗌俦叮ǎ〢.2倍 B.4倍C.8倍 D.16倍3、如圖所示，一水平放置的N匝矩形線框面積為S，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向斜向上，與水平面成30°角，現(xiàn)若使矩形框以左邊的一條邊為軸轉(zhuǎn)到豎直的虛線位置，則此過程中磁通量的變化量的大小是（）A. B.C. D.4、如圖所示，線圈兩端與電阻和電容器相連構(gòu)成閉合回路，在線圈上方有一豎直放置的條形磁鐵，磁鐵的S極朝下．在將磁鐵的S極插入線圈的過程中（）A.通過電阻的感應(yīng)電流的方向由a到b,線圈與磁鐵相互排斥B.通過電阻的感應(yīng)電流的方向由b到a，線圈與磁鐵相互排斥C.電容器的B極板帶正電，線圈與磁鐵相互吸引D.電容器的B極板帶負(fù)電，線圈與磁鐵相互排斥5、如圖所示，用彈簧秤豎直向上拉水平地面上的物塊，物塊受到的重力為20N．若彈簧秤的示數(shù)為5N，則地面對物塊的彈力是（）A.15N，方向豎直向上B.15N，方向豎直向下C.20N，方向豎直向上D.20N，方向豎直向下6、圖甲中理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比n1:n2=5:1，電阻R=20Ω，L1、L2為規(guī)格相同的兩只小燈泡，S1為單刀雙擲開關(guān)．原線圈接正弦交變電源，輸入電壓u隨時間t的變化關(guān)系如圖乙所示．現(xiàn)將S1接l、S2閉合，此時L2正常發(fā)光．下列說法正確的A.輸入電壓u的表達(dá)式是B.只斷開S2后，L1、L1均正常發(fā)光C.只斷開S2后，原線圈的輸入功率增大D.若S1換接到2后，R消耗的電功率為0.8W二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列圖中，絕緣細(xì)繩一端固定在O點，另一端系一個質(zhì)量為m，帶電量為—q的小球。為了使小球能靜止在圖中所示位置，可以加一個與紙面平行的勻強(qiáng)電場，則所加電場方向符合要求的是（）A. B.C. D.8、如圖所示，已知電源的電動勢為12V、內(nèi)阻為0.5Ω，定值電阻R=1.5Ω，電動機(jī)M的內(nèi)阻為1Ω，開關(guān)閉合后，電流表的示數(shù)為2A。不計電流表的內(nèi)阻，則（）A.電動機(jī)兩端的電壓為8VB.電動機(jī)的輸出功率為16WC.電動機(jī)的發(fā)熱功率為4WD.電動機(jī)的效率為25%9、圖中虛線所圍的區(qū)域內(nèi)存在電場強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場和磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場．已知從左側(cè)水平射入的電子，在穿過該區(qū)域時未發(fā)生偏轉(zhuǎn)．不計重力，則在這個區(qū)域中的E和B的方向可能是A.E和B都沿水平方向，并與電子運(yùn)動方向相同B.E和B都沿水平方向，并與電子運(yùn)動的方向相反C.E豎直向上，B垂直紙面向外D.E豎直向上，B垂直紙面向里10、如圖所示，在水平勻強(qiáng)電場和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中，有一豎直足夠長固定絕緣桿MN，小球P套在桿上，已知P的質(zhì)量為m，電荷量為＋q，電場強(qiáng)度為E，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，P與桿間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g.小球由靜止開始下滑直到穩(wěn)定的過程中A.小球的加速度先減小后增大B.下滑加速度最大時速度C.下滑加速度為最大加速度一半時的速度可能是D.小球最終速度三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在探究小燈泡伏安特性實驗中，所用器材有：燈泡L、量程恰當(dāng)?shù)碾娏鞅鞟和電壓表V、直流電源E、滑動變阻器R、電鍵S等，要求燈泡兩端電壓從0V開始變化（1）實驗中滑動變阻器應(yīng)采用________接法（填“分壓式”或“限流式”）；（2）某同學(xué)已連接如圖所示的電路，在閉合開關(guān)前，應(yīng)將滑動變阻器觸頭置于最____端；（選“左”或“右”）（3）某電流表表頭內(nèi)阻Rg為200Ω，滿偏電流Ig為2mA，按如圖改裝成量程為3V和15V的電壓表，R1=____Ω，R2=_____Ω。12．（12分）丹麥物理學(xué)家、化學(xué)家、文學(xué)家___________，在一次講課中，他偶然地把導(dǎo)線沿南北方向放置在指南針的上方，當(dāng)導(dǎo)線通電時，發(fā)現(xiàn)指南針發(fā)生了轉(zhuǎn)動．這個實驗現(xiàn)象首次揭示了___________(填：磁與磁的聯(lián)系、電與電的聯(lián)系或電與磁的聯(lián)系)．為此，法拉第評價說：“他突然打開了科學(xué)中一個黑暗領(lǐng)域的大門，使其充滿光明．”四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩根電阻忽略不計、互相平行的光滑金屬導(dǎo)軌豎直放置，相距L=1m，在水平虛線間有與導(dǎo)軌所在平面垂直的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T，磁場區(qū)域的高度d=1m，導(dǎo)體棒a的質(zhì)量ma=0.2kg、電阻Ra=1Ω；導(dǎo)體棒b的質(zhì)量mb=0.1kg、電阻Rb=1.5Ω．它們分別從圖中M、N處同時由靜止開始在導(dǎo)軌上無摩擦向下滑動，b勻速穿過磁場區(qū)域，且當(dāng)b剛穿出磁場時a正好進(jìn)入磁場，重力加速度g=10m/s2，不計a、b棒之間的相互作用，導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直且與導(dǎo)軌接觸良好，求：（1）b棒穿過磁場區(qū)域過程中克服安培力所做的功；（2）a棒剛進(jìn)入磁場時兩端的電勢差；（3）保持a棒以進(jìn)入時的加速度做勻變速運(yùn)動，對a棒施加的外力隨時間的變化關(guān)系14．（16分）如圖所示，光滑絕緣體桿豎直放置，它與以正點電荷為圓心的某一圓交于B、C兩點，質(zhì)量為，帶電荷量為的有孔小球從桿上的A點無初速度下滑，已知遠(yuǎn)小于，，小球滑到B點時速度大小為，則（1）小球滑到C點速度大小為多少？（2）若取A點電勢為零，求B點電勢15．（12分）用如圖甲所示的多用電表測量電阻，要用到選擇開關(guān)K和兩個部件S、T．請根據(jù)下列步驟完成電阻測量（請將你的答案相應(yīng)的字母或文字）填寫在空格內(nèi)：（1）旋動部件________，使指針對準(zhǔn)電流的“0”刻線；（2）將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×100”的位置；（3）將插入“＋”“－”插孔的表筆短接，旋動部件________，使指針對準(zhǔn)電阻的________（填“0刻線”或“∞刻線”）；（4）將兩表筆分別與待測電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過小．為了得到比較準(zhǔn)確的測量結(jié)果，請從下列選項中挑出合理的步驟，并按____________的順序進(jìn)行操作，再完成讀數(shù)測量A．將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×1k”的位置B．將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×10”的位置C．將兩表筆的金屬部分分別與被測電阻的兩根引線相接D．將兩表筆短接，旋動合適部件，對電表進(jìn)行校準(zhǔn)（5）將紅、黑筆表分別與待測電路兩端相接觸，若電表的讀數(shù)如圖乙所示，則該電阻的阻值讀數(shù)應(yīng)為________Ω（6）測量完畢后，要將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到________位置

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】光照增強(qiáng)時，Rt阻值變小，干路電流變大，內(nèi)電壓變大，外電壓變小，故A燈變暗．由于，變大，變小，故變大．由于變大，變小，由，可知變小，故B燈變暗，綜上分析，B正確2、B【解析】根據(jù)庫侖定理可得保持它們之間的距離不變，而把它們的電荷量都變變?yōu)樵瓉淼?倍，則故選B。3、B【解析】矩形線圈abcd如圖所示放置，勻強(qiáng)磁場方向向左上方，平面水平放置時通過線圈的磁通量為Φ1=BSsinθ=BSsin30°＝BS．當(dāng)規(guī)定此時穿過線圈為正面，則當(dāng)線圈繞ad軸轉(zhuǎn)90°角時，穿過線圈反面，則其的磁通量Φ2=-BScosθ′=?BScos30°＝?BS．因此穿過線圈平面的磁通量的變化量為△Φ＝Φ2?Φ1＝?．故選B【點睛】對于勻強(qiáng)磁場中磁通量的求解，可以根據(jù)一般的計算公式Φ=BSsinθ（θ是線圈平面與磁場方向的夾角）來分析線圈平面與磁場方向垂直、平行兩個特殊情況．注意夾角θ不是磁場與線圈平面的夾角，同時理解磁通量不是矢量，但注意分清正面還是反面通過線圈4、B【解析】AB、當(dāng)磁鐵向下運(yùn)動時，穿過線圈的磁通量變大，原磁場方向向上，所以感應(yīng)磁場方向向下，根據(jù)右手螺旋定則，拇指表示感應(yīng)磁場的方向，四指彎曲的方向表示感應(yīng)電流的方向，即通過電阻的電流方向為b→a．根據(jù)楞次定律“來拒去留”可判斷線圈對磁鐵的作用是阻礙作用，故磁鐵與線圈相互排斥；綜上所述：線圈中感應(yīng)電流的方向為電阻的電流方向為b→a，磁鐵與線圈相互排斥，故A錯誤，B正確；CD、由上分析可知，B板帶正電，且線圈與磁鐵相互排斥，故CD錯誤；故選B5、A【解析】根據(jù)題目要求地面對物塊的彈力可知，要對P受力分析，考查的是受力分析以及平衡條件的應(yīng)用，對P進(jìn)行受力分析，P受重力、支持力及拉力三力；根據(jù)平衡條件求解支持力的大小【詳解】對P受力分析，P受重力、地面支持力、彈簧秤的拉力三個力的作用；根據(jù)平衡條件：N+F＝mg；得：N＝mg﹣F＝20﹣5＝15N，方向豎直向上【點睛】正確地對物體受力分析和應(yīng)用平衡條件，恰當(dāng)?shù)剡x用采用整體法和隔離法對物體進(jìn)行受力分析是關(guān)鍵6、D【解析】電壓最大值為，周期是0.02s，則，所以輸入電壓u表達(dá)式應(yīng)為u=20sin（100πt）V，A錯誤；原先L1短路，只有L2工作，只斷開S2后，負(fù)載電阻變大為原來的2倍，電壓不變，副線圈電流變小為原來的一半，L1、L2的功率均變?yōu)轭~定功率的四分之一，均無法正常發(fā)光，原線圈的輸入功率等于副線圈的功率都減小，BC錯誤；副線圈兩端的電壓有效值為，若S1換接到2后，R消耗的電功率為，D正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A．當(dāng)電場方向向下時，帶電小球所受的電場力方向向下，重力方向也向下，根據(jù)共點力的平衡條件，小球不能靜止在圖中位置，A錯誤；B．當(dāng)電場方向向上時，帶電小球所受的電場力方向上，當(dāng)細(xì)線可以無拉力，小球可以靜止在如圖位置，B正確；C．當(dāng)電場方向水平向左，帶電小球所受的電場力方向向左，重力方向向下，根據(jù)共點力的平衡條件，小球不能靜止在圖中位置，C錯誤；D．當(dāng)電場方向水平向右，帶電小球所受的電場力水平向右，重力方向向下，根據(jù)共點力的平衡條件，小球可以靜止在如圖位置，D正確。故選BD。8、AC【解析】A．電動機(jī)兩端電壓為：VA正確；BC．電動機(jī)的發(fā)熱功率為：W電動機(jī)的輸出功率為：WB錯誤，C正確；D．電動機(jī)的效率為：D錯誤。故選AC。9、ABC【解析】A、若E和B都沿水平方向，并與電子運(yùn)動方向相同，則有電子所受電場力方向與運(yùn)動方向相反，而由于電子運(yùn)動方向與B方向相互平行，所以不受磁場力，因此穿過此區(qū)域不會發(fā)生偏轉(zhuǎn)．故A正確；B、若E和B都沿水平方向，并與電子運(yùn)動方向相反，則有電子所受電場力方向與運(yùn)動方向相同，而由于電子運(yùn)動方向與B方向在一條直線上，所以不受磁場力，因此穿過此區(qū)域不會發(fā)生偏轉(zhuǎn)．故B正確；C、若E豎直向上，B垂直于紙面向外，則有電場力豎直向下，而磁場力由左手定則可得方向豎直向上，所以當(dāng)兩力大小相等時，電子穿過此區(qū)域不會發(fā)生偏轉(zhuǎn)．故C正確；D、若E豎直向上，B垂直于紙面向里，則有電場力方向豎直向下，而磁場力方向由左手定則可得豎直向下，所以兩力不能使電子做直線運(yùn)動，故D錯誤；10、BCD【解析】對小球進(jìn)行受力分析，再根據(jù)洛倫茲力的變化，分析各力的變化，可以找出合力及加速度的變化；即可以找出小球最大速度及最大加速度的狀態(tài)【詳解】小球靜止時只受電場力、重力、支持力及摩擦力，電場力水平向左，摩擦力豎直向上；開始時，小球的加速度應(yīng)為；開始下滑后，小球速度將增大，受到水平向右的洛侖茲力，則桿對小球的支持力將減小，摩擦力減小，合力增大，加速度增大；當(dāng)洛倫茲力等于電場力時，支持力為零，摩擦力為零．此后小球繼續(xù)加速度，洛倫茲力將大于電場力，桿對小球的支持力變?yōu)樗较蜃螅S著速度增大，洛侖茲力增大，則桿對小球的支持力將增大，摩擦力隨之增大，小球的合力減小，加速度減小，所以小球的加速度先增大后減小．當(dāng)加速度減小為零，即a=0時，速度達(dá)到最大，則有

mg=μ（qvmB-qE），最大速度即穩(wěn)定時的速度為，故A錯誤，D正確．當(dāng)洛侖茲力等于電場力時，摩擦力為零，此時加速度為g達(dá)最大；此時qvB=qE，所以：v=E/B，故B正確；由此分析知，小球的最大加速度出現(xiàn)在洛倫茲力等于電場力的狀態(tài)，且最大加速度為g．下滑加速度為最大加速度一半有兩種情況：一種情況：在洛侖茲力小于電場力時，另一種在洛侖茲力大于電場力時．在洛侖茲力小于電場力時，有，解得，；在洛侖茲力大于電場力時，有，解得，．故C正確．故選BCD【點睛】本題的關(guān)鍵要正確分析小球的受力情況，抓住洛倫茲力的變化，引起其他力的變化，來分析合力的變化，從而判斷小球的運(yùn)動情況．要明確加速度為零時速度最大，但加速度最大時速度不為零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.分壓式②.右③.1300④.6000【解析】(1)[1]探究小燈泡的伏安特性曲線要求電壓從0到額定電壓變化，所以滑動變阻器必須采用分壓接法；(2)[2]閉合開關(guān)前，應(yīng)使滑動變阻器接入電路中的電阻最大，所以應(yīng)將滑動變阻器的滑片P置于右端；(3)[3][4]表頭滿刻度電壓值為：Ug=Ig×Rg=200×2×10-3V=0.4V，量程為3V時，在電阻R1兩端的電壓應(yīng)為：3-0.4=2.6V，電阻：，同理可得：。12、(1).奧斯特(2).電與磁的聯(lián)系【解析】[1][2]丹麥物理學(xué)家、化學(xué)家、文學(xué)家奧斯特，在一次講課中，他偶然地把導(dǎo)線沿南北方向放置在指南針的上方，當(dāng)導(dǎo)線通電時，發(fā)現(xiàn)指南針發(fā)生了轉(zhuǎn)動。這個實驗現(xiàn)象首次揭示了電與磁的聯(lián)系。為此，法拉第評價說：“他突然打開了科學(xué)中一個黑暗領(lǐng)域的大門，使其充滿光明。”四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）b棒穿過磁場區(qū)域過程中克服安培力所做的功為1J；（2）a棒剛進(jìn)入磁場時兩端的電勢差為3.3V；（3）保持a棒以進(jìn)入時的加速度做勻變速運(yùn)動，對a棒施加的外力隨時間的變化關(guān)系為F=0.45t﹣1.1【解析】（1）b在磁場中勻速運(yùn)動，其安培力等于重力，根據(jù)重力做功情況求出b棒克服安培力分別做的功（2）b進(jìn)入磁場做勻速直線運(yùn)動，受重力和安培力平衡，根據(jù)平衡條件，結(jié)合閉合電路歐姆定律和切割產(chǎn)生感應(yīng)電動勢大小公式，求出b做勻速直線運(yùn)動的速度大小．a(chǎn)、b都在磁場外運(yùn)動時，速度總是相等，b棒進(jìn)入磁場后，a棒繼續(xù)加速運(yùn)動而進(jìn)入磁場，根據(jù)運(yùn)動學(xué)速度時間公式求解出a進(jìn)入磁場時的速度大小，由E=BLv求出a棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，即可求得a棒剛進(jìn)入磁場時兩端的電勢差（3）根據(jù)牛頓第二定律求出a棒剛進(jìn)入磁場時的加速度，再根據(jù)牛頓第二定律求出保持a棒以進(jìn)入時的加速度做勻變速運(yùn)動時外力與時間的關(guān)系式【詳解】（1）b棒穿過磁場做勻速運(yùn)動，安培力等于重力，則有：BI1L=mbg，克服安培力做功為：W=BI1Ld=mbgd=0.1×10×1=1J（2）b棒在磁場中勻速運(yùn)動的速度為v1，重力和安培力平衡，根據(jù)平衡條件，結(jié)合閉合電路歐姆定律得：=mbg,vb===10m/s，b棒在磁場中勻速運(yùn)動的時間為t1，d=vbt1，t1===0.1s,a、b都在磁場外運(yùn)動時，速度總是相等的，b棒進(jìn)入磁場后，a棒繼續(xù)加速