江西省撫州市名校2025屆九年級數學第一學期期末質量檢測模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題（每題4分，共48分）1．一條排水管的截面如圖所示，已知排水管的半徑，水面寬，則截面圓心到水面的距離是()A． B． C． D．2．下列方程中，是一元二次方程的是()A． B．C． D．3．如圖，四邊形ABCD是菱形，∠A=60°，AB=2，扇形BEF的半徑為2，圓心角為60°，則圖中陰影部分的面積是（）A． B． C． D．4．如圖，△ABC中，∠CAB=65°，在同一平面內，將△ABC繞點A旋轉到△AED的位置，使得DC∥AB，則∠BAE等于（）A．30° B．40° C．50° D．60°5．若，相似比為1:2，則與的面積的比為（）A．1:2 B．2:1 C．1:4 D．4:16．下列方程沒有實數根的是（）A．x2﹣x﹣1＝0 B．x2﹣6x+5＝0 C．x2﹣2x+3＝0 D．x2+x+1＝07．在平面直角坐標系中，反比例函數的圖象經過點(1,3)，則的值可以為A． B． C． D．8．下列事件中是必然發生的事件是（）A．投擲一枚質地均勻的骰子，擲得的點數是奇數；B．某種彩票中獎率是1%，則買這種彩票100張一定會中獎；C．擲一枚硬幣，正面朝上；D．任意畫一個三角形，其內角和是180°．9．如圖，已知，，，的長為（）A．4 B．6 C．8 D．1010．如圖，是等腰直角三角形，且，軸，點在函數的圖象上，若，則的值為()

A． B． C． D．11．已知是關于的一元二次方程的兩個根，且滿足，則的值為（）A．2 B． C．1 D．12．如圖，∠AOB是放置在正方形網格中的一個角,則tan∠AOB（）A． B． C．1 D．二、填空題（每題4分，共24分）13．如圖，是的直徑，點、在上，連結、、、，若，，則的度數為________.14．已知：二次函數y=ax2+bx+c圖象上部分點的橫坐標x與縱坐標y的對應值如表格所示，那么它的圖象與x軸的另一個交點坐標是_____．x…﹣1012…y…0343…15．已知：，且y≠4，那么=______．16．6與x的2倍的和是負數，用不等式表示為．17．如圖，，請補充—個條件：___________，使（只寫一個答案即可）．18．如圖所示，在平面直角坐標系中，正方形OABC的頂點O與原點重合，頂點A，C分別在x軸、y軸上，雙曲線y＝kx﹣1（k≠0，x＞0）與邊AB、BC分別交于點N、F，連接ON、OF、NF．若∠NOF＝45°，NF＝2，則點C的坐標為_____．三、解答題（共78分）19．（8分）如圖，AB是⊙O的直徑，C為⊙O上一點，AD⊥CD，（點D在⊙O外）AC平分∠BAD．（1）求證：CD是⊙O的切線；（2）若DC、AB的延長線相交于點E，且DE＝12，AD＝9，求BE的長．20．（8分）如圖1是超市的手推車，如圖2是其側面示意圖，已知前后車輪半徑均為5cm，兩個車輪的圓心的連線AB與地面平行，測得支架AC＝BC＝60cm，AC、CD所在直線與地面的夾角分別為30°、60°，CD＝50cm．（1）求扶手前端D到地面的距離；（2）手推車內裝有簡易寶寶椅，EF為小坐板，打開后，椅子的支點H到點C的距離為10cm，DF＝20cm，EF∥AB，∠EHD＝45°，求坐板EF的寬度．（本題答案均保留根號）21．（8分）如圖，在邊長為1的正方形組成的網格中，的頂點均在格點上，點，的坐標分別是，，繞點逆時針旋轉后得到．（1）畫出，直接寫出點，的坐標；（2）求在旋轉過程中，點經過的路徑的長；（3）求在旋轉過程中，線段所掃過的面積．22．（10分）已知，如圖1，在中，對角線，，，如圖2，點從點出發，沿方向勻速運動，速度為，過點作交于點；將沿對角線剪開，從圖1的位置與點同時出發，沿射線方向勻速運動，速度為，當點停止運動時，也停止運動．設運動時間為，解答下列問題：（1）當為何值時，點在線段的垂直平分線上？（2）設四邊形的面積為，試確定與的函數關系式；（3）當為何值時，有最大值？（4）連接，試求當平分時，四邊形與四邊形面積之比．23．（10分）由我國完全自主設計、自主建造的首艘國產航母于2018年5月成功完成第一次海上試驗任務.如圖，航母由西向東航行，到達處時，測得小島位于它的北偏東方向，且與航母相距80海里，再航行一段時間后到達B處，測得小島位于它的北偏東方向.如果航母繼續航行至小島的正南方向的處，求還需航行的距離的長.（參考數據：，，，，，）24．（10分）如圖，某反比例函數圖象的一支經過點A（2，3）和點B（點B在點A的右側），作BC⊥y軸，垂足為點C，連結AB，AC．（1）求該反比例函數的解析式；（2）若△ABC的面積為6，求直線AB的表達式．25．（12分）某市政府高度重視教育工作，財政資金優先保障教育，2017年新校舍建設投入資金8億元，2019年新校舍建設投入資金11.52億元。求該市政府從2017年到2019年對校舍建設投入資金的年平均增長率.26．（1）計算：sin230°+cos245°（2）解方程：x（x+1）＝3

參考答案一、選擇題（每題4分，共48分）1、B【解析】根據垂徑定理求出，根據勾股定理求出即可．【詳解】解：，過圓心點，，在中，由勾股定理得：，故選：．【點睛】本題考查了勾股定理和垂徑定理的應用；由垂徑定理求出是解決問題的關鍵．2、B【解析】根據一元二次方程的定義進行判斷即可．【詳解】A.屬于多項式，錯誤；B.屬于一元二次方程，正確；C.未知數項的最高次數是2，但不屬于整式方程，錯誤；D.屬于整式方程，未知數項的最高次數是3，錯誤．故答案為：B．【點睛】本題考查了一元二次方程的性質以及定義，掌握一元二次方程的定義是解題的關鍵．3、B【分析】根據菱形的性質得出△DAB是等邊三角形，進而利用全等三角形的判定得出△ABG≌△DBH，得出四邊形GBHD的面積等于△ABD的面積，進而求出即可．【詳解】連接BD，∵四邊形ABCD是菱形，∠A=60°，∴∠ADC=120°，∴∠1=∠2=60°，∴△DAB是等邊三角形，∵AB=2，∴△ABD的高為，∵扇形BEF的半徑為2，圓心角為60°，∴∠4+∠5=60°，∠3+∠5=60°，∴∠3=∠4，設AD、BE相交于點G，設BF、DC相交于點H，在△ABG和△DBH中，，∴△ABG≌△DBH（ASA），∴四邊形GBHD的面積等于△ABD的面積，∴圖中陰影部分的面積是：S扇形EBF-S△ABD==．故選B．4、C【解析】試題分析：∵DC∥AB，∴∠DCA=∠CAB=65°.∵△ABC繞點A旋轉到△AED的位置，∴∠BAE=∠CAD，AC=AD.∴∠ADC=∠DCA="65°."∴∠CAD=180°﹣∠ADC﹣∠DCA="50°."∴∠BAE=50°．故選C．考點：1.面動旋轉問題；2.平行線的性質；3.旋轉的性質；4.等腰三角形的性質．5、C【解析】試題分析：直接根據相似三角形面積比等于相似比平方的性質.得出結論：∵，相似比為1:2，∴與的面積的比為1:4.故選C.考點：相似三角形的性質.6、D【解析】首先根據題意判斷上述四個方程的根的情況，只要看根的判別式△=-4ac的值的符號即可．【詳解】解：A、∵△＝b2﹣4ac＝1+4＝5＞0，∴方程有兩個不相等的實數根，故本選項錯誤；B、∵△＝b2﹣4ac＝36﹣20＝16＞0，∴方程有兩個不相等的實數根，故本選項錯誤；C、∵△＝b2﹣4ac＝12﹣12＝0，∴方程有兩個相等的實數根，故本選項錯誤；D、∵△＝b2﹣4ac＝1﹣4＝﹣3＜0，∴方程沒有實數根，故本選項正確．故選：D．【點睛】本題考查根的判別式．一元二次方程的根與△=-4ac有如下關系：（1)△>0?方程有兩個不相等的實數根；(2)△=0?方程有兩個相等的實數根；(3)△<0?方程沒有實數根．7、B【分析】把點(1,3)代入中即可求得k值.【詳解】解：把x=1，y=3代入中得，∴k=3.故選：B.【點睛】本題考查了用待定系數法求反比例函數的解析式，能理解把已知點的坐標代入解析式是解題關鍵.8、D【分析】直接利用隨機事件以及概率的意義分別分析得出答案．【詳解】解:A、投擲一枚質地均勻的骰子,擲得的點數是奇數,是隨機事件,不合題意;B、某種彩票中獎率是1%,則買這種彩票100張有可能會中獎,不合題意;C、擲一枚硬幣,正面朝上,是隨機事件,不合題意;D、任意畫一個三角形,其內角和是180°,是必然事件,符合題意．故選D．【點睛】本題主要考查了概率的意義以及隨機事件,解決本題的關鍵是要正確區分各事件的意義.9、D【分析】根據平行線分線段成比例得到，即，可計算出.【詳解】解：，即，解得.故選D【點睛】本題主要考查平行線段分線段成比例定理，熟練掌握并靈活運用定理是解題的關系.10、B【分析】根據題意可以求得OA和AC的長，從而可以求得點C的坐標，進而求得k的值，本題得以解決．【詳解】解：∵三角形ABC是等腰直角三角形，∠ABC=90°，CA⊥x軸，AB=1，

∴∠BAC=∠BAO=45°，

∴OA=OB=∴點C的坐標為∵點C在函數（x＞0）的圖象上，∴k==1.故選：B．【點睛】本題考查反比例函數圖象上點的坐標特征、等腰直角三角形，解答本題的關鍵是明確題意，利用數形結合的思想解答．11、B【分析】根據根與系數的關系，即韋達定理可得，易求,從而可得,解可求,再利用根的判別式求出符合題意的.【詳解】由題意可得，a=1，b=k，c=-1，∵滿足，∴①根據韋達定理②把②式代入①式，可得：k=-2故選B.【點睛】此題主要考查了根與系數的關系，將根與系數的關系與代數式變形相結合進行解題.12、C【分析】連接AB，分別利用勾股定理求出△AOB的各邊邊長，再利用勾股定理逆定理求得△ABO是直角三角形，再求tan∠AOB的值即可．【詳解】解：連接AB如圖，利用勾股定理得，，∵，,∴∴利用勾股定理逆定理得，△AOB是直角三角形∴tan∠AOB==故選C【點睛】本題考查了在正方形網格中，勾股定理及勾股定理逆定理的應用.二、填空題（每題4分，共24分）13、°【分析】先由直徑所對的圓周角為90°，可得：∠ADB=90°，根據同圓或等圓中，弦相等得到弧相等得到圓周角相等，得到∠A的度數，根據直角三角形的性質得到∠ABD的度數，即可得出結論．【詳解】∵AB是⊙O的直徑，∴∠ADB=90°，∴∠A+∠ABD=90°．∵BD=CD，∴弧BD=弧CD，∴∠A=∠DBC=20°，∴∠ABD=90°-20°=70°，∴∠ABC=∠ABD-∠DBC=70°-20°=50°．故答案為：50°．【點睛】本題考查了圓周角定理，關鍵是掌握圓周角定理：在同圓或等圓中，同弧或等弧所對的圓周角相等，都等于這條弧所對的圓心角的一半，直徑所對的圓周角為90°．14、（3，0）．【解析】分析：根據（0，3）、（2，3）兩點求得對稱軸，再利用對稱性解答即可．詳解：∵拋物線y=ax2+bx+c經過（0，3）、（2，3）兩點，∴對稱軸x==1；點（﹣1，0）關于對稱軸對稱點為（3，0），因此它的圖象與x軸的另一個交點坐標是（3，0）．故答案為（3，0）．點睛：本題考查了拋物線與x軸的交點，關鍵是熟練掌握二次函數的對稱性．15、【分析】由分式的性質和等比性質，即可得到答案.【詳解】解：∵，∴，由等比性質，得：；故答案為：.【點睛】本題考查了比例的性質，以及分式的性質，解題的關鍵是熟練掌握等比性質.16、6+2x＜1【解析】試題分析：6與x的2倍的和為2x+6；和是負數，那么前面所得的結果小于1．解：x的2倍為2x，6與x的2倍的和寫為6+2x，和是負數，∴6+2x＜1，故答案為6+2x＜1．17、∠D=∠B或∠AED=∠C或AD：AB=AE：AC或AD?AC=AB?AE（填一個即可）．【分析】根據相似三角形的判定方法，已知一組角相等則再添加一組相等的角或夾該角的兩個邊對應成比例即可推出兩三角形相似．【詳解】∵∠DAB=∠CAE，∴∠DAE=∠BAC，∴當∠D=∠B或∠AED=∠C或AD：AB=AE：AC或AD?AC=AB?AE時兩三角形相似．故答案為：∠D=∠B或∠AED=∠C或AD：AB=AE：AC或AD?AC=AB?AE(填一個即可)．【點睛】本題考查了相似三角形的判定：①如果兩個三角形的三組對應邊的比相等，那么這兩個三角形相似；②如果兩個三角形的兩條對應邊的比相等，且夾角相等，那么這兩個三角形相似；③如果兩個三角形的兩個對應角相等，那么這兩個三角形相似．平行于三角形一邊的直線截另兩邊或另兩邊的延長線所組成的三角形與原三角形相似．18、(0，+1)【分析】將△OAN繞點O逆時針旋轉90°，點N對應N′，點A對應A′，由旋轉和正方形的性質即可得出點A′與點C重合，以及F、C、N′共線，通過角的計算即可得出∠N'OF＝∠NOF＝45°，結合ON′＝ON、OF＝OF即可證出△N'OF≌△NOF（SAS），由此即可得出N′M＝NF＝1，再由△OCF≌△OAN即可得出CF＝N，通過邊與邊之間的關系即可得出BN＝BF，利用勾股定理即可得出BN＝BF＝，設OC＝a，則N′F＝1CF＝1（a﹣），由此即可得出關于a的一元一次方程，解方程即可得出點C的坐標．【詳解】將△OAN繞點O逆時針旋轉90°，點N對應N′，點A對應A′，如圖所示．∵OA＝OC，∴OA′與OC重合，點A′與點C重合．∵∠OCN′+∠OCF＝180°，∴F、C、N′共線．∵∠COA＝90°，∠FON＝45°，∴∠COF+∠NOA＝45°．∵△OAN旋轉得到△OCN′，∴∠NOA＝∠N′OC，∴∠COF+∠CON'＝45°，∴∠N'OF＝∠NOF＝45°．在△N'OF與△NOF中，，∴△N′OF≌△NOF（SAS），∴NF＝N'F＝1．∵△OCF≌△OAN，∴CF＝AN．又∵BC＝BA，∴BF＝BN．又∠B＝90°，∴BF1+BN1＝NF1，∴BF＝BN＝．設OC＝a，則CF＝AN＝a﹣．∵△OAN旋轉得到△OCN′，∴AN＝CN'＝a﹣，∴N'F＝1（a﹣），又∵N'F＝1，∴1（a﹣）＝1，解得：a＝+1，∴C（0，+1）．故答案是：（0，+1）．【點睛】本題考查了反比例函數綜合題，涉及到了全等三角形的判定與性質、旋轉的性質以及勾股定理，解題的關鍵是找出關于a的一元一次方程．本題屬于中檔題，難度不大，解決該題型題目時，根據全等三角形的性質找出相等的邊角關系是關鍵．三、解答題（共78分）19、（1）證明見解析；（2）BE的長是【分析】（1）連接OC，根據條件先證明OC∥AD，然后證出OC⊥CD即可；（2）先利用勾股定理求出AE的長，再根據條件證明△ECO∽△EDA，然后利用對應邊成比例求出OC的長，再根據BE=AE﹣2OC計算即可．【詳解】（1）連接OC，∵AC平分∠DAB，∴∠DAC=∠CAB，∵OC=OA，∴∠OAC=∠OCA，∴∠DAC=∠OCA，∴OC∥AD，∵AD⊥CD，∴OC⊥CD，∵OC為⊙O半徑，∴CD是⊙O的切線．（2）在Rt△ADE中，由勾股定理得：AE==15，∵OC∥AD，∴△ECO∽△EDA，∴∴解得：OC=，∴BE=AE﹣2OC=15﹣2×=，答：BE的長是．20、（1）35＋；（2）坐板EF的寬度為（）cm．【分析】（1）如圖，構造直角三角形Rt△AMC、Rt△CGD然后利用解直角三角形分段求解扶手前端D到地面的距離即可；（2）由已知求出△EFH中∠EFH＝60°，∠EHD＝45°，然后由HQ＋FQ＝FH＝20cm解三角形即可求解.【詳解】解：（1）如圖2，過C作CM⊥AB，垂足為M，又過D作DN⊥AB，垂足為N，過C作CG⊥DN，垂足為G，則∠DCG＝60°，∵AC＝BC＝60cm，AC、CD所在直線與地面的夾角分別為30°、60°，∴∠A＝∠B＝30°，則在Rt△AMC中，CM＝＝30cm．∵在Rt△CGD中，sin∠DCG＝，CD＝50cm，∴DG＝CDsin∠DCG＝50sin60°＝＝，又GN＝CM＝30cm，前后車輪半徑均為5cm，∴扶手前端D到地面的距離為DG＋GN＋5＝＋30＋5＝35＋（cm）．（2）∵EF∥CG∥AB，∴∠EFH＝∠DCG＝60°，∵CD＝50cm，椅子的支點H到點C的距離為10cm，DF＝20cm，∴FH＝20cm，如圖2，過E作EQ⊥FH，垂足為Q，設FQ＝x，在Rt△EQF中，∠EFH＝60°，∴EF＝2FQ＝2x，EQ＝，在Rt△EQH中，∠EHD＝45°，∴HQ＝EQ＝，∵HQ＋FQ＝FH＝20cm，∴＋x＝20，解得x＝，∴EF＝2（）＝．答：坐板EF的寬度為（）cm．【點睛】本題考查了解直角三角形的應用，解題的難點在于從實際問題中抽象出數學基本圖形構造適當的直角三角形，難度較大．21、（1）見解析，；（2）；（3）【分析】（1）根據網格結構找出點A、B繞點O逆時針旋轉90°后的對應點A1、B1的位置，然后順次連接即可，再根據平面直角坐標系寫出各點的坐標；

（2）利用勾股定理列式求出OB的長，再利用弧長公式列式計算即可得解；

（3）根據AB掃過的面積等于以OA、OB為半徑的兩個扇形的面積的差列式計算即可得解．【詳解】解：（1）△A1OB1如圖所示，

A1（-3，3），B1（-2，1）；（2）由勾股定理得，∴弧BB1的長=（3）由勾股定理得，∴∴∴線段AB所掃過的面積為：【點睛】本題考查利用旋轉變換作圖，弧長計算，扇形的面積，熟練掌握網格結構，準確找出對應點的位置是解題的關鍵，（3）判斷出AB掃過的面積等于兩個扇形的面積的差是解題的關鍵．22、（1），（2）四邊形AHGD（3）當四邊形的面積最大，最大面積為（4）【分析】（1）由題意得：利用垂直平分線的性質得到：列方程求解即可，（2）四邊形AHGD分別求出各圖形的面積，代入計算即可得到答案，（3）利用（2）中解析式，結合二次函數的性質求最大面積即可，（4）連接過作于從而求解此時時間，分別求解四邊形EGFD和四邊形AHGE的面積，即可得到答案．【詳解】解：（1）如圖，由題意得：及平移的性質，點在線段的垂直平分線上，當時，點在線段的垂直平分線上．（2），，,又點在上，四邊形AHGD（）（3）四邊形AHGD且拋物線的對稱軸是：時，隨的增大而增大，當四邊形的面積最大，最大面積為：（4）如圖，連接過作于平分此時：由四邊形EGFD四邊形ABGE四邊形AHGE.四邊形EGFD:四邊形AHGE【點睛】本題考查的是平行四邊形中幾何動態問題，考查了線段的垂直平分線的性質，圖形面積的計算，二次函數的性質，掌握以上知識是解題的關鍵．23、還需要航行的距離的長為20.4海里.【解析】分析：根據題意得：∠ACD=70°，∠BCD=37°，AC=80海里，在直角三角形ACD中，由三角函數得出CD=27.2海里，在直角三角形BCD中，得出BD，即可得出答案．詳解：由題知：，，.在中，，，（海里）.在中，，，（海里）.答：還需要航行的距離的長為20.4海里.點睛：此題考查了解直