2022-2023學年湖南省常德市蔣家嘴鎮中學高三物理知識點試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.已知地球質量大約是月球質量的81倍，地球半徑大約是月球半徑的4倍。不考慮地球、月球自轉的影響，由以上數據可推算出（

）A．地球的平均密度與月球的平均密度之比約為9：8B．地球表面重力加速度與月球表面重力加速度之比約為9：4C．靠近地球表面沿圓軌道運行的航天器的周期與靠近月球表面沿圓軌道運行的航天器的周期之比約為8：9D．靠近地球表面沿圓軌道運行的航天器線速度與靠近月球表面沿圓軌道運行的航天器線速度之比約為81：4參考答案：C2.放在水平地面上的一物塊，受到方向不變的水平推力F的作用，F的大小與時間t的關系和物塊速度v與時間t的關系如圖所示．取重力加速度g＝10m/s2．由此兩圖線可以求得物塊的質量m和物塊與地面之間的動摩擦因數μ分別為（

）A．m＝0.5kg，μ＝0.4

B．m＝1.5kg，μ＝C．m＝0.5kg，μ＝0.2

D．m＝1kg，μ＝0.2參考答案：A由v-t圖可知4-6s，物塊勻速運動，有Ff=F=2N．在2-4s內物塊做勻加速運動，加速度a=2m/s2，由牛頓第二定律得ma=F-Ff，將F=3N、Ff=2N及a代入解得m=0.5kg．由動摩擦力公式得

μ==0.4，所以A正確．故選A．3.用一水平力F拉靜止在水平面上的物體，在F從0開始逐漸增大的過程中，物體先靜止后又做變加速運動，其加速度a隨外力F變化的圖象如圖所示，g=10m／s2根據圖中所標出的數據可計算出

A．物體的質量

B．物體與水平面間的動摩擦因數

C．F為14N時，物體的速度大小

D．F為14N時，物體運動的位移參考答案：AB對物體受力分析知物體受重力、地面的支持力、向右的拉力和向左的摩擦力，根據牛頓第二定律得：F-μmg=ma解得：a=-μg

，由a與F圖線，得到0.5=-10μ

①4=-10μ

②

①②聯立得，m=2Kg，μ=0.3，故AB正確；

由于物體先靜止后又做變加速運動，無法利用勻變速直線運動規律求速度和位移，又F為變力無法求F得功，從而也無法根據動能定理求速度，故CD錯誤。4.如圖所示，小球用細繩系住放在傾角為θ的光滑斜面上，當細繩由水平方向逐漸向上偏移時，細繩上的拉力將：

A.逐漸增大

B.逐漸減小C.先增大后減小

D.先減小后增大參考答案：D5.（多選）如圖所示，離地H高處有一個質量為m的物體，給物體施加一個水平方向的作用力F，已知F隨時間的變化規律為：F=F0-kt（以向左為正，F0、k均為大于零的常數），物體與豎直絕緣墻壁間的動摩擦因數為，且F0>mg。時，物體從墻上靜止釋放，若物體所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，當物體下滑后脫離墻面，此時速度大小為，最終落在地面上。則下列關于物體的運動說法正確的是(

)A．當物體沿墻壁下滑時，物體先加速再做勻速直線運動B．物體從脫離墻壁到落地之前的運動軌跡是一段直線C．物體克服摩擦力所做的功D．物體與墻壁脫離的時刻為t=參考答案：CD解：A、豎直方向上，由牛頓第二定律有：mg-μF=ma，隨著F減小，加速度a逐漸增大，做變加速運動，當F=0時，加速度增大到重力加速度g，此后物塊脫離墻面，故A錯誤．B、物體脫離墻面時的速度向下，之后所受合外力與初速度不在同一條直線上，所以運動軌跡為曲線．故B錯誤．C、物體從開始運動到脫離墻面F一直不做功，由動能定理得，mg?W＝m()2，物體克服摩擦力所做的功W=mgH．故C正確．B、當物體與墻面脫離時F為零，所以F=F0-kt=0，解得時間t=．故D正確．故選：CD．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.《驗證牛頓第二定律實驗》中，（1）認為沙和沙桶的重力為拉小車運動的合力，除了要平衡摩擦力、沙和沙桶總質量遠小于小車及其上砝碼總質量外，還要求調節

.（2）作出（m為小車及其上砝碼總質量）如圖，直線不過原點則有關原因說法是：

.參考答案：（1）定滑輪高度使細繩與長木板平形

（2）平衡摩擦力時傾角太小（沒有平衡摩擦力、摩擦力太大了）7.在“探究彈力和彈簧伸長的關系”時，某同學把兩根彈簧如圖甲連接起來研究。(1)某次通過毫米刻度尺讀數如圖乙所示，指針示數為

_____

cm。(2)在彈性限度內，將50g的鉤碼逐個掛在彈簧下端，得到指針A、B的示數LA和下表。用表中數據計算彈簧I的勁度系數為_____N/m(結果保留三位有效數字，取g=l0m·s-2)。由表中數據________

（填"能"或"不能"）計算出彈簧Ⅱ的勁度系數。參考答案：

(1).25.85

(2).12.5（12.3-12.7）

(3).能【詳解】（1）指針示數為25.85cm.（2）由表格中的數據可知，當彈力的變化量△F=0.5N時，彈簧形變量的變化量為△x=4.00cm，根據胡克定律知：．

結合L1和L2示數的變化，可以得出彈簧Ⅱ形變量的變化量，結合彈力變化量，根據胡克定律能求出彈簧Ⅱ的勁度系數．8.交流電流表是一種能夠測量交變電流有效值的儀表，使用時，只要將電流表串聯進電路即可．擴大交流電流表量程可以給它并聯一個分流電阻．還可以給它配接一只變壓器，同樣也能起到擴大電流表量程的作用．如圖所示，變壓器a、b兩個接線端子之間線圈的匝數n1，c、d兩個接線端子之間線圈的匝數n2，并且已知n1＞n2，若將電流表的“0～3A”量程擴大，應該將交流電流表的接線柱的“0”“3A”分別與變壓器的接線端子

相連（選填“a、b”或“c、d”）；這時，電流表的量程為

A．參考答案：a、b，【考點】變壓器的構造和原理．【分析】理想變壓器的工作原理是原線圈輸入變化的電流時，導致副線圈的磁通量發生變化，從而導致副線圈中產生感應電動勢．而副線圈中的感應電流的變化，又導致在原線圈中產生感應電動勢．串聯在電路中的是電流互感器，并聯在電路中的是電壓互感器．【解答】解：由題意可知，該處的變壓器起到的作用是先將大電流轉化為小電流，然后再將小電流連接電流表進行測量．所以電流表接電流小的線圈．根據變壓器中電流與匝數的關系式：，電流與匝數成反比，所以電流表接匝數比較多的線圈，所以要接在a、b端；電壓表原來的量程為3V，則接變壓器后的量程：A故答案為：a、b，9.如圖所示是兩列相干波的干涉圖樣，實線表示波峰，虛線表示波谷，兩列波的振幅都為10cm，波速和波長分別為1m/s和0.2m，C點為AB連線的中點。則圖示時刻C點的振動方向_______（選填“向上”或“向下”），從圖示時刻再經過0.25s時，A點經過的路程為_________cm。參考答案：向下，10010.科技館里有一個展品，該展品放在暗處，頂部有一個不斷均勻向下噴射水滴的裝置，在頻閃光源的照射下，可以看到水滴好像靜止在空中固定的位置不動，如圖所示．某同學為計算該裝置噴射水滴的時間間隔，用最小刻度為毫米的刻度尺測量了空中幾滴水間的距離，由此可計算出該裝置噴射水滴的時間間隔為（g取10m/s2）

s，圖中第2點速度為

m/s.參考答案：第1滴水滴與第2滴水滴的間距為，第2滴與第3滴的間距為，所以相鄰水滴間距之差為根據公式可知，該裝置噴射水滴的時間間隔為，第二點速度。11.在“用單擺測定重力加速度”的實驗中,當單擺做簡諧運動時,用秒表測出單擺做n次(一般為30次~50次)全振動所用的時間t,算出周期;用米尺量出懸線的長度l,用游標卡尺測量擺球的直徑d,則重力加速度g=

(用題中所給的字母表達).參考答案：12.一個物體從斜面上高h處由靜止滑下并緊接著在水平面上滑行一段距離后停止，測得停止處相對開始運動處的水平距離為S，如圖，不考慮物體滑至斜面底端的碰撞作用，并設斜面與水平面對物體的動摩擦因數相同．則動摩擦因數μ為．參考答案：

h/μ

13.⑵如圖，一定質量的理想氣體由狀態a沿abc變化到狀態c，吸收了340J的熱量，并對外做功120J。若該氣體由狀態a沿adc變化到狀態c時，對外做功40J，則這一過程中氣體

▲

（填“吸收”或“放出”）

▲

J熱量。參考答案：吸收

260J三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（10分）如圖所示，氣缸放置在水平臺上，活塞質量為5kg，面積為25cm2，厚度不計，氣缸全長25cm，大氣壓強為1×105pa，當溫度為27℃時，活塞封閉的氣柱長10cm，若保持氣體溫度不變，將氣缸緩慢豎起倒置．g取10m/s2．

（1）氣缸倒置過程中，下列說法正確的是__________A．單位時間內氣缸單位面積上氣體分子撞擊次數增多B．單位時間內氣缸單位面積上氣體分子撞擊次數減少C．吸收熱量，對外做功D．外界氣體對缸內氣體做功，放出熱量（2）求氣缸倒置后氣柱長度；（3）氣缸倒置后，溫度升至多高時，活塞剛好接觸平臺(活塞摩擦不計)?參考答案：(1)BC(2)15cm(3)227℃15.如圖為一塊直角三棱鏡，頂角A為30°．一束激光沿平行于BC邊的方向射向直角邊AB，并從AC邊射出，出射光線與AC邊夾角也為30°．則該激光在棱鏡中的傳播速度為多少？(結果保留兩位有效數字)參考答案：1.7×108m/s解：光路圖如圖：

由幾何關系得：α=∠A=30°，β=90°-30°=60°

折射率

激光在棱鏡中傳播速【點睛】幾何光學要正確作出光路圖，由幾何知識找出入射角和折射角是關鍵．知道光速和折射率的關系.四、計算題：本題共3小題，共計47分16.質量為M=2.5kg的一只長方體形鐵箱在水平拉力F作用下沿水平面向右勻加速運動，鐵箱與水平面間的動摩擦因數為μ1=0.50。這時鐵箱內一個質量為m=0.5kg的木塊恰好能靜止在后壁上(如圖所示)，木塊與鐵箱內壁間的動摩擦因數為μ2=0.25。設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取g=10m/s2。求：(1)木塊對鐵箱的壓力；(2)水平拉力F的大小。(3)緩慢減小拉力F，經過一段時間，木塊落底后不反彈，某時刻當箱的速度為v=6m/s時撤去拉力，經1s時間木塊從左側到達右側，則鐵箱長度是多少？參考答案：（1）對木塊：在豎直方向：由相對靜止得

mg=Ff=μ2FN

∴FN=mg/μ2=5/0.25=20N

由牛頓第三定律得：木塊對鐵箱的壓力FN/=－FN=－20N

方向水平向左。-----------2分

（2）對木塊：在水平方向：FN=ma

∴a=20/0.5=40m/s2

對鐵箱和木塊整體：F－μ1(M+m)g=(M+m)a

故水平拉力F=(M+m)(a+μ1g)=135N-----------------2分

（3）撤去拉力F時，箱和木塊的速度均為v=6m/s,

因μ1>μ2,以后木塊相對箱滑動，木塊加速度a2=μ2g=2.5m/s2

又鐵箱加速度：

鐵箱減速時間為t0=v/a1=1.1s>1s,故木塊到達箱右端時，箱未能停止。

則經t=1s木塊比鐵箱向右多移動距離L即鐵箱長。

即有：L=(vt－a2t2/2)－(vt－a1t2/2)=(a1－a-2)t2/2

解得：L=1.5m----------------------------------------------------------5分

17.如圖所示，兩根相距為L的金屬軌道固定于水平面上，導軌電阻不計。—根質量為m、長為L、電阻為R的金屬棒兩端放于導軌上，導軌與金屬棒間的動摩擦因數為，棒與導軌的接觸電阻不計。導軌左端連有阻值為2的電阻，在電阻兩端接有電壓傳感器并與計算機相連。軌道平面上有n段豎直向下的寬度為a間距為b的勻強磁場（a>b），磁感應強度為B金屬棒初始位于OO'處，與第一段磁場相距2a。(1)若金屬棒在OO'處有向右的初速度，為使金屬棒保持的速度一直向右穿過各磁場，需對金屬棒施加—個水平向右的拉力。求：金屬棒進入磁場前拉力的大小和進入磁場后拉力的大小。(2)在(l)的情況下，求金屬棒從OO'運動到剛離開第n段磁場過程中，拉力所做的功(3)若金屬棒在OO'處初度為零，現對其施以水平向右的恒定拉力F，使捧穿過各段磁場，從金屬棒進入第一段磁場汁時，發現計算顯示出的電壓隨時間以固定的周期做周期性變化，求：金屬棒從OO'