2025屆安徽省滁州市第一中學物理高一第二學期期末綜合測試模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖所示，水平面上有一汽車A，通過定滑輪用繩子拉同一水平面的物體B，當拉至圖示位置時，兩繩子與水平面的夾角分別為α、β，二者速度分別為vA和vB，則（）A．vA：vB＝1：1 B．vA：vB＝sinα：sinβC．vA：vB＝cosβ：cosα D．vA：vB＝sinα：cosβ2、(本題9分)質量為2kg的物體（可視為質點）在水平外力F的作用下，從t＝0開始在平面直角坐標系xOy（未畫出）所決定的光滑水平面內運動．運動過程中，x方向的位移時間圖像如圖甲所示，y方向的速度時間圖象如圖乙所示．則下列說法正確的是（）A．在0～4s內，物體做勻減速直線運動B．t＝0時刻，物體的速度大小為10m/sC．2s末，物體的速度大小為5m/sD．2s末，克服外力F做功的功率為25W3、如圖所示的曲線是某質點在恒力作用下的一段運動軌跡質點從M點出發經P點到達N點，已知弧長MP大于弧長PN質點由M點運動到P點與由P點運動到N點所用的時間相等下列說法中正確的是A．質點從M到N過程中速度大小保持不變B．質點在這兩段時間內的速度變化率為一定值C．質點在這兩段時間內的速度變化量大小不相等，且方向也不相同D．質點在M、N間的運動是變加速曲線運動4、(本題9分)對于做勻速圓周運動的物體，下列說法正確的是（）A．其角速度與轉速成反比，與周期成正比B．運動的快慢可用線速度描述，也可用角速度來描述C．勻速圓周運動是勻速運動，因為其速度保持不變D．做勻速圓周運動的物體，所受合力為零5、(本題9分)用一根繩子豎直向上拉一個物塊，物塊從靜止開始運動，繩子拉力的功率按如圖所示規律變化，0～t0時間內物塊做勻加速直線運動，t0時刻后物體繼續加速，t1時刻物塊達到最大速度．已知物塊的質量為m，重力加速度為g，則下列說法正確的是()A．物塊始終做勻加速直線運動B．t1時刻物塊的速度大小為C．0～t0時間內物塊的加速度大小為D．0～t1時間內繩子拉力做的總功為6、(本題9分)質量為1.5×103kg的汽車以某一恒定功率啟動后沿平直路面行駛，且行駛過程中受到的阻力恒定，汽車能夠達到的最大速度為30m/s．若汽車的速度大小為10m/s時的加速度大小為4m/s2，則該恒定功率為A．90kW B．75kW C．60kW D．4kW7、(本題9分)光滑水平地面上，A、B兩物體質量都為m，A以速度v向右運動，B原來靜止，左端有一輕彈簧，如圖所示，當A撞上輕彈簧，輕彈簧被壓縮到最短時，下列說法正確的是()A．A、B系統總動量仍然為mvB．A的動量變為零C．B的動量達到最大值D．A、B的速度相等8、(本題9分)如圖所示，通過張緊的皮帶傳動的兩個輪子的邊緣分別有一質點A和B，則質點A和B的不相等的物理量是（）A．周期B．線速度大小C．角速度大小D．向心加速度大小9、(本題9分)一個空氣平行板電容器，極板間相距d，正對面積S，充以電荷量Q后，兩極板間電壓為U，為使電容器的電容加倍，可采用的辦法是()A．將電壓變為U/2B．將帶電荷量變為2QC．將極板間的距離變為d/2D．兩板間充滿介電常數為2的電介質10、如圖所示的電容式話筒就是一種電容式傳感器，其原理是：導電性振動膜片與固定電極構成了一個電容器，當振動膜片在聲壓的作用下振動時，兩個電極之間的電容發生變化，電路中電流隨之變化，這樣聲信號就變成了電信號．則當振動膜片向右振動時()A．電容器電容值增大B．電容器帶電荷量減小C．電容器兩極板間的場強增大D．電阻R上電流方向自左向右11、(本題9分)靜電噴涂是利用靜電現象制造的，其原理如圖所示．以下說法正確的是（）A．涂料微粒帶正電B．涂料微粒所受電場力的方向與電場方向相反C．電場力對涂料微粒做正功D．涂料微粒的電勢能變大12、(本題9分)“天宮一號”是我國第一個目標飛行器和空間實驗室.已知“天宮一號”繞地球的運動可看做是勻速圓周運動，轉一周所用的時間約為90分鐘.關于“天宮一號”，下列說法正確的是()A．“天宮一號”的線速度一定比靜止于赤道上的物體的線速度小B．“天宮一號”離地面的高度一定比地球同步衛星離地面的高度小C．“天宮一號”的角速度約為地球同步衛星角速度的16倍D．當宇航員站立于“天宮一號”內不動時，他所受的合力為零二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）用如圖所示的裝置，探究功與物體速度變化的關系．實驗時，先適當墊高木板，然后由靜止釋放小車，小車在橡皮條彈力的作用下被彈出，沿木板滑行．小車滑行過程中帶動通過打點計時器的紙帶，記錄運動情況．觀察發現紙帶前面部分點跡疏密不勻，后面部分點跡比較均勻，回答下列問題：(1)適當墊高木板是為了____________________________________________；(2)通過紙帶求小車速度時，應使用紙帶的________(填“全部”、“前面部分”或“后面部分”)；(3)若實驗做了n次，所用橡皮條分別為1根、2根…n根，通過紙帶求出小車的速度分別為v1、v2…vn，用W表示橡皮條對小車所做的功，作出的W－v2圖線是一條過坐標原點的直線，這說明W與v2的關系是_________．14、（10分）(本題9分)在“探究功與速度變化的關系”實驗中，某同學設計了如圖甲所示的實驗方案：使小物塊在橡皮筋的作用下沿水平桌面被彈出，第二次、第三次…操作時分別改用2根、3根、…同樣的橡皮筋將小物塊彈出，測出小物塊被彈出時速度，然后找到牽引力對小物塊做的功與小物塊速度的關系．（1）要測得小物塊被彈出后的水平速度，需要測量哪些物理量（填正確答案標號，g已知）______．A．小物塊的質量mB．橡皮筋的原長xC．橡皮筋的伸長量D．桌面到地面的高度hE．小物塊拋出點到落地點的水平距離L（2）用測量的物理量表示獲得速度大小的表達式________．（3）能夠實現橡皮筋對小物塊做功整數倍變化的是_______．A．增加相同橡皮盤的條數，使小物塊每次從同一位置釋放B．橡皮筋兩端固定，使橡皮筋的伸長量依次加倍C．橡皮筋兩端固定，使橡皮筋的長度依次加倍D．釋放小物塊的位置等間距的變化（4）根據實驗數據做出的圖象如圖乙所示，圖線不通過原點的原因是_________．三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）(本題9分)如圖所示，一輕質彈簧，下端與地面相連，上端與質量為m的物體A相連。彈簧的勁度系數為k，A處于靜止狀態，此時彈簧的彈性勢能為EP。一條不可伸長的輕繩繞過定滑輪，一端連接物體A，另一端連一輕鉤。開始時各段繩子都處于伸直狀態，A上方的一段繩子沿豎直方問。現在掛鉤上掛一質量為M的物體B并從靜止狀態釋放。則當彈簧向上變為原長時，物體A和B的速度大小分別為多少?

(已知重力加速度為g)16、（12分）(本題9分)如圖所示，四分之一光滑圓弧軌道AO通過水平軌道OB與光滑半圓形軌道BC平滑連接，B、C兩點在同一豎直線上，整個軌道固定于豎直平面內，以O點為坐標原點建立直角坐標系xOy。一質量m=1kg的小滑塊從四分之一光滑圓弧軌道最高點A的正上方E處由靜止釋放，A、E間的高度差h=2.7m，滑塊恰好從A點沿切線進入軌道，通過半圓形軌道BC的最高點C時對軌道的壓力F=150N，最終落到軌道上的D點(圖中未畫出)。已知四分之一圓弧軌道AO的半徑R=1.5m，半圓軌道BC的半徑r=0.4m，水平軌道OB長l=0.4m，重力加速度g=10m/s2。求：(1)小滑塊運動到C點時的速度大小；(2)小滑塊與水平軌道OB間的動摩擦因數；(3)D點的位置坐標.17、（12分）如圖所示，光滑水平面AB與豎直面內粗糙半圓形軌道在B點平滑相接，半圓形軌道半徑為R，一質量為m的物塊(可視為質點)將彈簧壓縮至A點后由靜止釋放，獲得向右速度后脫離彈簧，經過B點進入半圓形軌道后瞬間對軌道的壓力大小為其重力的8倍，之后沿圓周運動，到達C點時對軌道的壓力恰好為0.求：(1)釋放物塊時彈簧的彈性勢能；(2)物塊從B點運動到C點過程中克服摩擦力做的功；(3)物塊離開C點后落回水平面時，重力的瞬時功率大小.

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、C【解析】

對A物體的速度沿著繩子方向與垂直繩子方向進行分解，則有沿著繩子方向的速度大小為；對B物體的速度沿著繩子方向與垂直繩子方向進行分解，則有沿著繩子方向的速度大小為，由于沿著繩子方向速度大小相等，所以則有，因此ABD錯誤，C正確；故選C．【點睛】考查學會對物體進行運動的分解，涉及到平行四邊形定則與三角函數知識，同時本題的突破口是沿著繩子的方向速度大小相等．2、D【解析】由圖甲圖得到物體在x方向做勻速直線運動，速度大小為，y方向做勻減速運動，故0-4s內物體做曲線運動，選項A錯誤；t=0時刻，y方向物體的分速度為vy=10m/s，物體的速度大小為．故B錯誤．2s末，物體的y方向的速度大小為5m/s，則速度為，選項C錯誤；由乙圖的斜率等于加速度，得到物體的加速度大小為；所受外力F的大小為F=ma=5N．2s末，外力的功率P=Fvy=5×5W=25W．故D正確．故選D.點睛：本題知道x、y兩個方向的分運動，運用運動的合成法求解合運動的情況．對于位移圖象與速度圖象的斜率意義不同，不能混淆：位移圖象的斜率等于速度，而速度圖象的斜率等于加速度.3、B【解析】

因質點在恒力作用下運動，由牛頓第二定律可知，質點做勻變速曲線運動，加速度不變：A、從M到N過程中，根據v=sBC、因加速度不變，故速度變化率為一定值，則質點在這兩段時間內的速度變化量大小相等，方向相同，故B符合題意，C不符合題意；D、在MN間的運動是勻變速曲線運動，故D不符合題意。4、B【解析】

A.根據可知角速度與轉速成正比；由可知角速度與周期成反比，故選項A不符合題意

B.角速度描述物體繞圓心轉動快慢的物理量，線速度表示單位時間內轉過的弧長，描述物體沿圓周運動的快慢的物理量，故選項B符合題意

C.勻速圓周運動其軌跡是曲線，速度方向一定改變，不是勻速運動，故選項C不符合題意

D.勻速圓周運動是變速運動，受到的合外力不等于0，故選項D不符合題意

5、B【解析】

A．0-t0時間內物塊做勻加速直線運動，t0時刻后功率保持不變，根據P=Fv知v增大，F減小，物塊做加速度減小的加速運動，當加速度減小到零，物體做勻速直線運動，故A錯誤；B．在t1時刻速度達到最大，F=mg，則速度故B正確；C．根據P0=Fv=Fat，F=mg+ma得P=（mg+ma）at可知圖線的斜率可知，故C錯誤；D．P-t圖線圍成的面積表示牽引力做功的大小故D錯誤。故選B。6、A【解析】

汽車以恒定的功率啟動，由牛頓第二定律和功率聯立可得，當速度為10m/s時的加速度大小為4m/s2，即：；而汽車達到最大速度時加速度為零，有：；聯立兩式解得：.A．90kW與計算結果相符；故A項正確.B．75kW與計算結果不相符；故B項錯誤.C．60kW與計算結果不相符；故C項錯誤.D．4kW與計算結果不相符；故D項錯誤.7、AD【解析】A、B組成的系統所受的外力之和為零，動量守恒，總動量為mv，則彈簧壓縮最短時，A、B系統總動量仍然為mv，故A正確．彈簧壓縮到最短時，A、B速度相等，則A的動量不為零．故B錯誤，D正確．A在壓縮彈簧的過程中，B做加速運動，A做減速運動，彈簧壓縮量最大時，速度相等，然后B繼續加速，A繼續減速．所以彈簧壓縮最短時，B的動量未達到最大值．故C錯誤．故選AD．點睛：解決本題的關鍵知道動量守恒定律的條件，通過分析兩個物體運動的物理過程，分析兩物體的距離變化，知道速度相等時，彈簧壓縮量最大．8、ACD【解析】

AB．由于皮帶不打滑，B與皮帶的速度大小，A也與皮帶的速度大小相等，所以A、B兩點線速度大小相等．由公式可知，v相等，r不同，則周期不等．故A正確，B錯誤．C．由v=ωr可知，v相等，r不等，則角速度ω不等．故C正確．D．由可知，v相等，r不等，向心加速度a不等．故D正確．故選ACD．【點睛】本題是傳動帶問題，研究兩輪邊緣各物理量的關系時，關鍵抓住線速度大小相等.9、CD【解析】

電容器的電容反映電容器容納電荷的本領大小，由電容器本身決定，與極板間的電壓和所帶電荷量無關，所以改變電容器的電壓和帶電量不會改變電容器的電容，故AB錯誤．由電容器的決定式可知，要使電容器的電容加倍，可采取的方式是：①將極板間的距離變為；②將電解質換為介電常數為原來的介電常數為2的電介質；故CD正確.【點睛】改變電容器的電壓和帶電量不會改變電容器的電容，由電容器的決定式我們可以知道通過改變正對面積S，介電質常數，極板間的距離d來改變電容．10、AC【解析】

則當振動膜片向右振動時板間距離減小，根據公式，所以電容增大，又因為電路接通所以電壓不變，據可知電荷量增加，電容被充電，則電阻R上電流方向自右向左，電容器兩極板間的場強增大，故AC正確，BD錯誤．故選AC．11、BC【解析】

由于在噴槍噴嘴與被噴涂工作之間形成了強電場，工作時涂料微粒會向帶正電的被噴涂工件高速運動，則涂料微粒帶負電，微粒所受電場力的方向與電場方向相反．故A錯誤，B正確；因粒子帶負電，在庫侖引力的作用下做正功，則電勢能減小，故C正確，D錯誤．故選BC．12、BC【解析】

根據萬有引力提供向心力GMmr2=mv2r，解得：v=GMr，由此可知，軌道半徑越大，速度越小，同步衛星的軌道半徑遠大于天宮一號的軌道半徑，所以“天宮一號”的線速度比地球同步衛星的線速度大，由v=rω二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、(1)平衡摩擦力；(1)后面部分；(3)W與v1成正比【解析】

第一空.實驗時將木板放有打點計時器的一端墊高，小車不連橡皮筋，尾部固定一紙帶，輕推小車使小車沿木板向下運動，如果紙帶上打出的點間距是均勻的，說明紙帶的運動是勻速直線運動，小車重力沿斜面方向的分力剛好平衡了小車所受的摩擦力．適當墊高木板是為了平衡摩擦力；第二空.橡皮筋拉力對小車所做的功全部完成后，打出來的點才能反映物體的速度．所以應使用紙帶的后面部分．第三空.W-v1圖線是一條過坐標原點的直線，根據數學知識可確定W與速度v的平方成正比．即：W=kv1．14、(1)DE;(2);(3)A;(4)物體在桌面上運動時要克服摩擦力做功【解析】（1）物塊離開桌面后做平拋運動，豎直方向：，水平方向：，解得：，要測物被彈出時的速度，需要測量：桌面到地面的高度h，小物塊拋出點到落地點的水平距離L，故選DE；（2）由（1）可知用測量的物理量表示獲得速度大小