2025屆福建省福州市羅源第一中學物理高一第二學期期末復習檢測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、(本題9分)“兩個和尚抬水喝，三個和尚沒水喝”的故事同學們耳熟能詳，現在兩個和尚一起抬著重為G的桶水勻速前進，他們手臂的位力均為F，手臂之間的夾角為θ，則（）A．θ越大時，水桶受到的合力越小 B．θ越大時，F越小C．當時， D．當時，2、(本題9分)下列說法中正確的是（）A．做曲線運動的物體的速度一定是變化的B．做曲線運動的物體的動能一定是變化的C．物體在恒力作用下，不可能做機械能守恒的運動D．物體在變力作用下，不可能做機械能守恒的運動3、(本題9分)如圖所示，劈放在光滑水平桌面上，物體放在劈的光滑斜面頂端，由靜止開始沿斜面自由滑下的過程中，對做的功為，對做的功為，則下列關系中正確的是（）A．，B．，C．，D．，4、發射地球同步衛星時，先將衛星發射至近地圓軌道1，然后點火，使其沿橢圓軌道2運行，最后再次點火，將衛星送入同步圓軌道3，軌道1、2相切于Q點，軌道2、3相切于P點，如圖所示。衛星分別在1、2、3軌道上正常運行時，以下說法正確的是（）A．衛星在軌道3上運行的周期小于在軌道1上的周期B．衛星在軌道3上的機械能大于在軌道1上的機械能C．衛星在軌道2上經過Q點時的加速度大于它在軌道1上經過Q點時的加速度D．衛星在軌道2上由Q點運動至P點的過程中，速度增大，加速度減小5、(本題9分)皮帶傳動裝置中，小輪半徑為r，大輪半徑為2r。A和B分別是兩個輪邊緣上的質點，大輪中另一質點P到轉動軸的距離也為r，皮帶不打滑。則()A．A與P的角速度相同B．B與P的線速度相同C．A的向心加速度是B的D．P的向心加速度是A的6、(本題9分)質量為m的汽車在平直的公路上從靜止開始以恒定功率P啟動，最終以某一速度勻速直線運動．此過程中，車所受阻力大小恒為f，重力加速度為g，則A．汽車的速度最大值為 B．汽車的速度最大值為C．汽車的牽引力大小不變 D．汽車在做勻變速直線運動7、如圖所示，物體受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直線運動。監測到推力F、物體速度v隨時間t變化的規律如圖所示。取g=10m/s2，則（）A．第1s內推力做功為1J B．第2s內物體克服摩擦力做的功W=2.0JC．第1.5s時推力F的功率為3W D．第2s內推力F做功的平均功率1.5W8、如圖所示，豎直輕彈簧下端固定在水平地面上，質量為m的小球放在彈簧上端（與彈簧不連接）。彈簧處于壓縮狀態，用一條拉緊的細線系住，此時細線上的拉力F=3mg。已知彈簧的彈性勢能與彈簧形變量的平方成正比，且彈簧始終在彈性限度內，重力加速度為g。現剪斷細線，彈簧將小球向上彈起，經△t時間，小球上升到最高點，上升的最大高度為h。在此過程中，下列判斷正確的是（）A．小球速度最大時上升的高度小于B．地面對彈簧沖量的大小為mg△tC．剪斷細線前彈簧的彈性勢能為mghD．小球最大速度的大小為9、(本題9分)如圖所示，一鐵塊壓著一紙條放在水平桌面上，當以速度v抽出紙條后，鐵塊掉在地上的P點，若以2v速度抽出紙條，鐵塊仍掉落在地上，則（不計空氣阻力）A．落點仍在P點B．落點在P點左邊C．兩次下落時間不同D．兩次下落時間相同10、(本題9分)如右圖所示，a、b、c是地球大氣層外圓形軌道上運行的三顆人造地球衛星，a、b質量相同，且小于c的質量，則（）A．b所需向心力最大B．b、c周期相等，且大于a的周期C．b、c向心加速度相等，且大于a的向心加速度D．b、c的線速度大小相等，且小于a的線速度11、(本題9分)由下列哪一組物理量可以計算出地球的質量A．月球的軌道半徑和月球的公轉周期B．月球的半徑和月球的自轉周期C．人造衛星的質量和衛星的周期D．人造衛星離地面的高度、衛星的周期和地球的半徑12、(本題9分)關于開普勒行星運動定律，下列說法正確的是（）A．所有行星圍繞太陽的運動軌道都是橢圓，太陽處在橢圓的一個焦點上B．對于任意一個行星來說，它與太陽的連線在相等的時間內掃過相等的面積C．行星在近日點的速率大于在遠日點的速率D．行星在近日點的速率小于在遠日點的速率二．填空題(每小題6分，共18分)13、某同學用如圖所示的裝置通過半徑（設為r）相同的A、B球（rA＞rB）的碰撞來驗證動量守恒定律．圖中CQ是斜槽，QR為水平槽．實驗時先使A球從斜槽上某一固定位置G由靜止開始滾下，圖中O點是水平槽末端R在記錄紙上的垂直投影點，米尺水平放置，且平行于G、R、O所在的平面，米尺的零刻度線與O點對齊．（1）這個實驗要驗證的結論是_____．A．mA=mA+mBB．mA=mA+mBC．mA（﹣2r）=mA（﹣2r）+mBD．mA（﹣2r）=mA（﹣2r）+mB（2）實驗中，對入射小球A在斜槽上釋放點的高低對實驗的影響，正確的是_____．A．釋放點越低，小球受阻力越小，入射小球速度越小，誤差越小B．釋放點越低，兩球碰后水平位移越小，水平位移測量的相對誤差越小C．釋放點越高，入射小球對被碰小球的作用力越大，軌道對被碰小球的阻力越小D．釋放點越高，兩球相碰時，相互作用的內力越大，誤差越小．14、(本題9分)在“驗證機械能守恒定律”的一次實驗中，質量m（已知量）的重物自由下落，在紙帶上打出一系列的點（下圖紙帶上的所有點均為計時點，相鄰計時點時間間隔為0.02s），那么：（1）實驗中下列物理量中需要直接測量的量有_____，（填字母序號）A．重錘質量B．重力加速度C．重錘下落的高度D．與下落高度相應的重錘的瞬時速度（2）從起點O到打下計時點B的過程中物體的重力勢能減少量△Ep=_____J，此過程中物體動能的增加量△Ek=_____J；（g取9.8m/s2，保留到小數點后兩位）（3）實驗的結論是：_____．15、(本題9分)在暗室中用圖示裝置做“測定重力加速度”的實驗實驗器材有：支架、漏斗、橡皮管、尖嘴玻璃管、螺絲夾接水鋁盒、一根熒光刻度的米尺、頻閃儀．具體實驗步驟如下：①在漏斗內盛滿清水，旋松螺絲夾子，水滴會以一定的頻率一滴滴的落下.②用頻閃儀發出的白閃光將水滴流照亮，由大到小逐漸調節頻閃儀的頻率直到第一次看到一串仿佛固定不動的水滴.③用豎直放置的米尺測得各個水滴所對應的刻度.④采集數據進行處理.（1）實驗中看到空間有一串仿佛固定不動的水滴時，頻閃儀的閃光頻率滿足的條件是：．（2）實驗中觀察到水滴“固定不動”時的閃光頻率為30Hz，某同學讀出其中比較圓的水滴到第一個水滴的距離如圖，根據數據測得當地重力加速度g=m/s2；第8個水滴此時的速度v8=m/s（結果都保留三位有效數字）.（3）該實驗存在的系統誤差可能有（答出一條即可）：．三．計算題(22分)16、（12分）(本題9分)民航客機機艙緊急出口的氣囊是一條連接出口與地面的斜面，若斜面高3.2m，斜面長6.5m，質量為60kg的人沿斜面滑下的阻力是240N，求人滑至底端時的速度。17、（10分）滑板運動是極限運動的鼻祖，許多極限運動項目均由滑板項目延伸而來。如圖所示是滑板運動的軌道，BC和DE是兩段光滑圓弧形軌道，BC段的圓心為O點、圓心角θ＝60°，半徑OC與水平軌道CD垂直，滑板與水平軌道CD間的動摩擦因數μ＝0.2。某運動員從軌道上的A點以v0＝3m/s的速度水平滑出，在B點剛好沿軌道的切線方向滑入圓弧軌道BC，經CD軌道后沖上DE軌道，到達E點時速度減為零，然后返回.已知運動員和滑板的總質量為m＝60kg，B、E兩點與水平軌道CD的豎直高度分別為h＝2m和H＝2.5m.求：(1)運動員從A點運動到B點過程中，到達B點時的速度大小vB；(2)水平軌道CD段的長度L；(3)通過計算說明，第一次返回時，運動員能否回到B點？如能，請求出回到B點時速度的大小；如不能，請求出最后停止的位置距C點的距離.

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】

A.兩個和尚一起抬著重為G的桶水勻速前進，水桶受到的合力總為零，故A錯誤；B.根據對稱性可知，兩人對水桶的拉力大小相等，則根據平衡條件得：解得：，θ越大時，F越大，故B錯誤；C.當θ=60°時，故C正確；D.當θ為120°時有：故D錯誤．2、A【解析】

曲線運動物體的速度方向是該點的切線方向，時刻在變化，是變速運動；物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上．只有重力或彈簧彈力做功時，物體機械能守恒．【詳解】曲線運動物體的速度方向是該點的切線方向，時刻在變化，是變速運動，故A正確；物體做勻速圓周運動時速度的大小不變，故動能不變，故B錯誤；物體在恒力作用下，可能機械能守恒也可能不守恒的．若恒力是重力，則守恒，故C錯誤；物體在變力作用下，但只有重力做功，則機械能守恒，故D錯誤；故選A．【點睛】曲線運動一定是變速運動，可以是速度大小變，也可方向變，也可大小方向均變．機械能守恒條件是只有重力做功，物體有時受恒力，有時受變力，但僅有重力做功，則機械能守恒．3、C【解析】

滑塊和斜面體系統機械能守恒，總動量也守恒；根據動量守恒可知，b向左下滑時，a具有向右的速度，向右運動，物體的位移如圖所示滑塊受重力、支持力，斜面受重力、支持力和壓力，對斜面體a，受到的壓力垂直斜面向下，水平向右方向有分力，a向右有位移，由W=FScosθ知．壓力做正功，故，滑塊和斜面體系統機械能守恒，故斜面體a增加的機械能等于滑塊b減小的機械能，故支持力對滑塊b做負功，即，故C正確．4、B【解析】

A、據萬有引力提供圓周運動向心力可得衛星的周期，可知，軌道3的半徑大于軌道1的軌道半徑，故軌道3上的周期大于軌道1上的周期，A錯誤；B、衛星要從軌道1變軌到軌道3，需要在Q點加速后沿軌道2運動，在軌道2上經過P點時再加速，最后在軌道3上運動，所以衛星在軌道3上的機械能大于在軌道1上的機械能，B正確；C、同在Q點，萬有引力產生的加速度相同，與衛星所在的軌道無關，C錯誤；D、衛星在軌道2上由Q點運動至P點過程中，引力對衛星做正功，衛星的速度越來越大，衛星離地球越來越近，萬有引力產生的加速度越來越大，D錯誤。5、D【解析】

A．A，B兩點線速度相等，B，P兩點角速度相等，A，B的半徑不等，則A，B的角速度不等，則A，P的角速度不同，故A錯誤；B．B，P的角速度相等，半徑不等，根據，B，P的線速度不同，故B錯誤；C．A，B的線速度相等，根據知，A的向心加速度是B的2倍，故C錯誤；D．P、B角速度相等，根據知B的向心加速度是P的2倍，A的向心加速度是B的2倍，則P的向心加速度是A的，故D正確。故選D。【點睛】解決本題的關鍵知道靠傳送帶傳動輪子邊緣上的點線速度相等，共軸轉動的點，角速度相等，以及掌握線速度與角速度的關系，向心加速度與線速度、角速度的關系．6、A【解析】汽車在平直的公路上從靜止開始以恒定功率P啟動，由P=Fv可知，P不變，當牽引力等于阻力，加速度等于0，此時速度最大，即：，故A正確，B錯誤；根據P=Fv知，發動機的功率恒定，速度增大，根據P=Fv，牽引力減小，根據牛頓第二定律：，可知，加速度減小，故CD錯誤．所以A正確，BCD錯誤．7、BC【解析】

A.從速度時間圖像中可知物體在第1s內速度為零，即處于靜止狀態，所以推力做功為零，故A錯誤；B.速度時間圖像與坐標軸圍成的面積表示位移，所以第2s內的位移為由速度時間圖象可以知道在2-3s的時間內，物體勻速運動，處于受力平衡狀態，所以滑動摩擦力的大小為2N，故摩擦力做功為所以克服摩擦力做功2.0J，故B正確；C.第1．5s速度為1m/s，故第1．5s時推力的功率為故C正確；D.F在第二秒做功，F的功為：所以第2內推力F做功的平均功率為：故D錯誤．8、ABC【解析】

A.設初始時彈簧的壓縮量為，由能量的轉化與守恒可知：初始由平衡條件可得：速度最大時，彈簧的壓縮量為：當速度最大時，小球上升的高度為：由以上方程解得：，，故A正確。B.以球和彈簧為研究對象，向上的方向為正方向，由動量定理可得：解得地面對彈簧的沖量為，故B正確。C.在整個過程中，彈簧的彈性勢能全部轉化為小球的重力勢能，即彈簧的彈性勢能為，故C正確。D.由初始狀態到小球的速度最大的過程，彈簧釋放的彈性勢能為：由能量的轉化與守恒可得：以上方程解得：，故D錯誤。9、BD【解析】抽出紙帶的過程中，鐵塊受到向前的摩擦力作用而加速運動，若紙帶以2v的速度抽出，則紙帶與鐵塊相互作用時間變短，因此鐵塊加速時間變短，做平拋時的初速度減小，平拋時間不變，因此鐵塊將落在P點的左邊，故B、D正確，A、C錯誤；故選BD．【點睛】解答本題的關鍵是正確分析鐵塊在紙條上的運動過程，求出鐵塊與紙帶分離時速度的大小，根據平拋運動規律即可判斷鐵塊的落地點．10、BD【解析】

A．因衛星運行的向心力就是它們所受的萬有引力可知b所受的引力最小，故A錯誤．B．由可知半徑r越大周期越大，所以b，c的周期相等且大于a的周期，故B正確；C．由可知半徑r越大則加速度越小，所以b，c的向心加速度大小相等，且小于a的向心加速度，故C錯誤；D．由可知半徑r越大則線速度越小，所以b，c的線速度大小相等，且小于a的線速度，故D正確。故選BD。11、AD【解析】只要知道天體的一顆衛星或行星的周期和軌道半徑，利用公式就可以計算出中心天體的質量，故AD正確．選AD.12、ABC【解析】

A．第一定律的內容為：所有行星分別沿不同大小的橢圓軌道繞太陽運動，太陽處于橢圓的一個焦點上，故A正確；B．第二定律內容為：所有行星與太陽的連線在相等的時間內掃過相等的面積，故B正確；CD．由“對每一個行星而言，太陽行星的連線在相同時間內掃過的面積相等”可知行星在近日點的速率大于在遠日點的速率，故C正確，D錯誤．故選ABC．點晴：熟記理解開普勒的行星運動三定律：第一定律：所有的行星圍繞太陽運動的軌道都是橢圓，太陽處在所有橢圓的一個焦點上第二定律：對每一個行星而言，太陽行星的連線在相同時間內掃過的面積相等第三定律：所有行星的軌道的半長軸的三次方跟公轉周期的二次方的比值都相等．二．填空題(每小題6分，共18分)13、（1）A（2）D【解析】（1）根據實驗原理可得：mAv0=mAv1+mBv2

又因兩小球均做平拋運動，下落時間相同，即可求得：mAv0t=mAv1t+mBv2t，

由圖可知，對應的表達式應為：mA=mA+mB，故選A.

（2）釋放點越低，入射小球速度小，兩球碰后水平位移越小，水平位移測量的相對讀數的相對誤差大，故A、B錯誤；釋放點越高，入射小球對被碰小球的作用力越大，支柱對被碰小球的阻力不變，阻力的影響相對越小，可以較好地滿足動量守恒的條件，也有利于減小測量水平位移時的相對誤差，從而使實驗的誤差減小，故C錯誤，D正確．故選D．

點睛：本題考查驗證動量守恒的實驗，要注意掌握兩球平拋的水平射程和水平速度之間的關系，是解決本題的關鍵，注意理解動量守恒定律的條件．14、(1)C(2)0.48m，0.49m(3)可知在誤差允許的范圍內，重物