2023學年高考物理模擬試卷

請考生注意：

1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答

案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。

2.答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、在如圖所示電路中，電源內阻不可忽略。開關S閉合后，在滑動變阻器電的滑動端由。向5緩慢滑動的過程中（）

A.電壓表的示數增大，電流表的示數減小

B.電容器C所帶電荷量減小。

C.&的電功率增大

D.電源的輸出功率一定增大

2、“殲-20”是中國自主研制的雙發重型隱形戰斗機，該機將擔負中國未來對空、對海的主權維護任務。在某次起飛中,

質量為m的“殲-20”以恒定的功率P起動，其起飛過程的速度隨時間變化圖像如圖所示，經時間，。飛機的速度達到最

大值為九時，剛好起飛。關于起飛過程，下列說法正確的是

A.飛機所受合力不變，速度增加越來越慢

B.飛機所受合力增大，速度增加越來越快

c.該過程克服阻力所做的功為尸。-5根噂

D.平均速度2

3、1932年美國物理學家勞倫斯發明了回旋加速器，如圖所示，磁感應強度為8的勻強磁場與D形盒面垂直，兩盒間

的狹縫很小，粒子穿過的時間可忽略，它們接在電壓為U、周期為T的交流電源上，中心4處粒子源產生的粒子飄人

狹縫中由初。速度為零開始加速，最后從出口處飛出。D形盒的半徑為R,下列說法正確的是（）

A.粒子在出口處的最大動能與加速電壓U有關

B.粒子在出口處的最大動能與D形盒的半徑無關

C.粒子在D形盒中運動的總時間與交流電的周期7有關

D.粒子在D形盒中運動的總時間與粒子的比荷無關

4、甲、乙兩車某時刻由同一地點、沿同一方向開始做直線運動。甲、乙兩車的位置x隨時間t的變化如圖所示，貝!|（）

A.0時刻，甲車速度比乙車小

B.以時刻，甲乙兩車速度相等

C.0~"時間內，甲車的平均速度比乙車大

D.0~打時間內，甲車通過的距離大

5、如圖所示，一個鋼球放在傾角為30的固定斜面上，用一豎直的擋板擋住，處于靜止狀態。各個接觸面均光滑。關

于球的重力大小G、球對斜面的壓力大小FNI、球對擋板的壓力大小戶N2間的關系，正確的是（）

A.FNI>G

B./N2>G

C.Fm=G

D.FNI<FN2

6、如圖，直線A為某電源的U?I圖線，曲線B為標識不清的小燈泡Li的U?I圖線，將Li與該電源組成閉合電路時,

L恰好能正常發光.另有一相同材料制成的燈泡L2,標有“6V,22W”，下列說法中正確的是（）

A.電源的內阻為3.125。B.把燈泡Li換成L2,L2可能正常發光

C.把燈泡Li換成L2,電源的輸出功率可能相等D.把燈泡Li換成L2,電源的輸出功率一定變小

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、下列說法正確的是（）

A.能量耗散從能量角度反映出自然界的宏觀過程具有方向性

B.無論科學技術怎樣發展，熱量都不可能從低溫物體傳到高溫物體

C.晶體在熔化過程中要吸收熱量，但溫度保持不變，內能也保持不變

D.對于一定量的氣體，如果壓強不變，體積增大，那么它一定從外界吸熱

E.懸浮在液體中的顆粒越小，溫度越高，布朗運動越劇烈

8、如圖所示，三顆衛星a、Ac均繞地球做勻速圓周運動，其中氏c在地球的同步軌道上，a距離地球表面的高度

為R,此時。恰好相距最近。已知地球質量為M、半徑為R、地球自轉的角速度為3。萬有引力常量為G,則（）

A.發射衛星氏c時速度要大于11.2+km/s

B.從c衛星離地球表面的高度為、理—R

V（D~

27t

C.衛星“和》下一次相距最近還需經過［GM

V8Rf-t°

D.若要衛星c與b實現對接，可讓衛星》減速

9、光滑平行導軌ab、cd水平放置，兩導軌間距為L,兩導軌分別與電容為C的電容器的兩極板相連，兩導軌的右端

連接光滑絕緣的L圓弧軌道ce圓弧軌道的半徑為K,水平導軌與圓弧軌道分別相切于氏c兩點。把一質量為處

4

長度為的金屬桿置于加位置，如圖所示。閉合電鍵S,金屬桿恰能滑到/空間存在豎直向下的勻強磁場，磁場分

布如圖所示，磁場的磁感應強度為3,重力加速度為g,下列各種說法中正確的是（）

A.金屬桿剛滑上圓弧軌道時，對軌道的壓力為3mg

B.從左向右看，電容器的左極板帶負電，右極板帶正電

C.電容器兩極板間的電勢差減小了羲辰

D.若磁場方向改為水平向右，則閉合電鍵S后，金屬桿仍能上升R的高度

10、如圖甲所示，一交流發電機線圈的總電阻廠=K1,用電器電阻R=9Q,流過用電器的電流圖象如圖乙所示,

(sin37o=0.6,cos37o=0.8)則下列說法中正確的是()

A.交流發電機電動勢的峰值為50V

B.交流發電機線圈從圖示位置開始經過」s時電動勢的瞬時值為25aV

C.交流發電機線圈從圖示位置開始轉過37。時電壓表示數為360V

D.交流發電機線圈從圖示位置開始轉過90°的過程中的平均感應電動勢為世&v

71

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.(6分)某小組的同學做“探究影響感應電流方向的因素”實驗。

(1)首先按圖甲⑴所示方式連接電路，閉合開關后，發現電流計指針向右偏轉；再按圖甲⑵所示方式連接電路，閉合開

關后，發現電流計指針向左偏轉。進行上述實驗的目的是（）

A.檢查電流計測量電路的電流是否準確

B.檢查干電池是否為新電池

C.推斷電流計指針偏轉方向與電流方向的關系。

（2）接下來用圖乙所示的裝置做實驗，圖中螺線管上的粗線標示的是導線的繞行方向。某次實驗中在條形磁鐵插入螺線

管的過程中，觀察到電流計指針向右偏轉，說明螺線管中的電流方向（從上往下看）是沿（選填“順時針”或“逆

時針,'）方向。

圖乙

（3）下表是該小組的同學設計的記錄表格的一部分，表中完成了實驗現象的記錄，還有一項需要推斷的實驗結果未完成,

請幫助該小組的同學完成（選填“垂直紙面向外”或“垂直紙面向里”）。

實驗記錄表（部分）

操作N極朝下插入螺線管

從上往下看的平面圖（Bo表示原磁場，

即磁鐵產生的磁場）

原磁場通過螺線管磁通量的增減增加

感應電流的方向沿逆時針方向

感應電流的磁場8'的方向

（4）該小組同學通過實驗探究，對楞次定律有了比較深刻的認識。結合以上實驗，有同學認為，理解楞次定律，關鍵

在于抓住__________（選填“為”或"B”）總是要阻礙填“為”或“萬”）磁通量的變化。

12.（12分）某同學設計了如圖甲所示的電路測電源的電動勢和內阻。

UN

0

ba2K

*11,---01a

ES(0.10.20.30.4//A

甲乙

(1)閉合電鍵Si,將單刀雙擲開關合向a,調節滑動變阻器，測得多組電壓和電流的值，在U-I坐標平面內描點作圖再

將單刀雙擲開關合向b,調節滑動變阻器，測得多組電壓和電流的值，在U-I坐標平面內描點作圖兩次作出的圖象如

圖乙所示，則將單刀雙擲開關合向a時測出的數據描點作出的圖象應是(填"A”或"B”)。將電鍵合向

(填“a”或"b”)時，測得的電源電動勢沒有系統誤差。

(2)根據兩次測得的數據分析可知，根據圖線(填“A”或"B”)求得的電動勢更準確，其電動勢的值為

E=V.

(3)若該同學通過實驗測出電流表的內阻為RA=1C,則利用圖線(填“A”或"B”)測得的電源的內阻更準確，

由此求得電源的內阻為r=。。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示，光導纖維可簡化為長玻璃絲的示意圖，玻璃絲長為L,折射率為〃(?=V2)?AB代表端面。

為使光能從玻璃絲的AB端面傳播到另一端面。求光在端面AB上的入射角6應滿足的條件。

14.(16分)如圖所示，光滑平行金屬導軌的水平部分處于豎直向下的勻強磁場中，磁感應強度8=3T。兩導軌間距為

L=0.5m,軌道足夠長。金屬棒”和方的質量分別為，"a=lkg,/?ib=0.5kg,電阻分別為R“=l。，4,=2。。入棒靜止于

軌道水平部分，現將。棒從人=1.8m高處自靜止沿弧形軌道下滑，通過C點進入軌道的水平部分，已知兩棒在運動過

程中始終保持與導軌垂直且接觸良好，兩棒始終不相碰。(g取10m/s2)。求：

(Da棒剛進入磁場時，〃棒的加速度；

(2)從a棒進入磁場到a棒勻速的過程中，流過a棒的電荷量；

(3)從a棒進入磁場到。棒勻速的過程中，a棒中產生的焦耳熱。

B

15.（12分）一病人通過便攜式氧氣袋供氧，便攜式氧氣袋內密閉一定質量的氧氣，可視為理想氣體，溫度為0°C時,

袋內氣體壓強為1.25atm,體積為50L。在23七條件下，病人每小時消耗壓強為LOatm的氧氣約為20L。已知阿伏

加德羅常數為6.0xl023mo「i,在標準狀況（壓強LOatm、溫度0°C）下，理想氣體的摩爾體積都為22.4L。求：

⑴此便攜式氧氣袋中氧氣分子數；

（ii）假設此便攜式氧氣袋中的氧氣能夠完全耗盡，則可供病人使用多少小時。（兩問計算結果均保留兩位有效數字）

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、A

【解析】

A.滑動變阻器的滑動端由a向力緩慢滑動的過程中，&阻值變大，電阻總電阻變大，根據閉合電路歐姆定律知，總

電流減小，電流表示數減小，電壓表測量的是滑動變阻器兩端的電壓

U=E-KR1+r）

總電流減小，電壓表示數增大，故A正確；

B.容器兩端電壓即電壓表兩端電壓Q=CU,電壓增大，電容器所帶電荷量增多，故B錯誤；

C.流過電阻R的電流減小，由公式P=/2與可知，消耗的功率變小，故C錯誤；

D.當外電阻等于內阻時，電源的輸出功率最大，題干中沒有明確外電阻與內阻的關系，故滑動變阻器R2的滑動端由

〃向6緩慢滑動的過程中，電源的輸出功率不一定增大，故D錯誤。

故選A。

2、C

【解析】

AB.根據圖像可知，圖像的斜率為加速度，所以起飛中，斜率越來越小，加速度越來越小，速度增加越來越慢，根據

牛頓第二定律己=，〃。，加速度減小，合外力減小，AB錯誤

11

C.根據動能定理可知：-mvl-Q=PtQ-Wf,解得：Wf=Pt0--mvl，C正確

D.因為不是勻變速運動，所以平均速度不等于b，D錯誤

2

3、D

【解析】

AB.根據回旋加速器的加速原理，粒子不斷加速，做圓周運動的半徑不斷變大，最大半徑即為D形盒的半徑K,由

V2

qBv,n=m^

得

V二幽

mm

最大動能為

E――

km2m

故AB錯誤；

CD.粒子每加速一次動能增加

AEkm=qU

粒子加速的次數為

AEk2mU

粒子在D形盒中運動的總時間

T72nm

t=NAr——，T=----

2qB

聯立得

TTIBR2

t=N——=-----

22U

故C錯誤，D正確。

故選D。

4、C

【解析】

AB.因x-t圖像的斜率等于速度，可知0時刻，甲車速度比乙車大，f2時刻，甲乙兩車速度不相等，選項AB錯誤；

C.0~4時間內，甲車的位移大于乙，可知甲車的平均速度比乙車大，選項C正確；

D.072時間內，兩車通過的距離相等，選項D錯誤。

故選C。

5、A

【解析】

以球為研究對象，球受重力、斜面和擋板對球體的支持力丹和尸2,由平衡條件知，乃和尸N2的合力與G等大、反向、

共線，作出力圖如圖所示，根據平衡條件，有

G2百G

Fr,-----=----

cos303

居=Gtan30°=立G

23

根據牛頓第三定律可知，球對斜面的壓力大小

口口G

F.=F.=----=--->G

Ncos303

球對擋板的壓力大小

a

FN2=F2=Gtan30=^-G<G

則

^Nl>^N2

故A正確，BCD錯誤。

故選A。

【解析】

根據U"圖象可得：電源的電動勢為E=4V,圖線A的斜率大小表示電源的內阻，貝!Jr=”=吐2。=2.5。，故

A/3.2

A錯誤；燈泡與電源連接時，A、5兩圖線的交點表示燈泡的工作狀態，可知其電壓U=6V,Z=1.6A,則燈泡心的額定

〃2

電壓為6V,功率為：尸=U/=9.6W,把燈泡心換成“6V,22W”的燈泡心，不能正常發光，根據功率公式：夕=:可

R

TjlZ：2TJZ1

知：燈泡心的正常工作時的電阻為：凡=匕=JQ=L64Q,可得燈泡心的電阻為：4=上=二。=3.75。,

2P22I1.6

則知正常發光時燈泡&的電阻更接近電源的內阻，但此時燈泡并沒有達到正常發光，而此時辦的電阻是不確定的;

電源的輸出功率可能變大，可能相等，也有可能變小，故BD錯誤，C正確.所以C正確，ABD錯誤.

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、ADE

【解析】

A.根據熱力學第二定律可知，宏觀自然過程自發進行是有其方向性，能量耗散就是從能量的角度反映了這種方向性,

故A正確。

B.熱量可以從低溫物體傳到高溫物體，比如空調制冷，故B錯誤。

C.晶體在熔化過程中要吸收熱量，溫度不變，內能增大，故C錯誤。

D.對于一定質量的氣體，如果壓強不變，體積增大，根據理想氣體狀態方程可知，溫度升高，內能增大，根據熱力

學第一定律可知，氣體對外做功，它一定從外界吸熱，故D正確。

E.布朗運動是由液體分子從各個方向對懸浮粒子撞擊作用的不平衡引起的，顆粒越小，溫度越高，布朗運動越劇烈,

故E正確。

故選ADEo

8、BC

【解析】

A.衛星Ac繞地球做勻速圓周運動，7.9km/s是指在地球上發射的物體繞地球飛行作圓周運動所需的最小初始速度,

11.2km/s是物體掙脫地球引力束縛的最小發射速度。所以發射衛星?時速度大于7.9km/s,而小于U.2km/s,故A錯

誤;

B.萬有引力提供向心力，對從c衛星，由牛頓第二定律得

G-Mm-=mco2CR+h)

(R+4

解得

h駕-R

VCD

故B正確；

C.衛星b在地球的同步軌道上，所以衛星6和地球具有相同的周期和角速度。由萬有引力提供向心力，即

Mm

G下=marr

解得

a距離地球表面的高度為R,所以衛星a的角速度

此時6恰好相距最近，到衛星。和》下一次相距最近

（仇如）t=2n

故C正確；

D.讓衛星b減速，衛星b所需的向心力減小，萬有引力大于所需的向心力，衛星b會做向心運動，軌道半徑變小，

離開原軌道，所以不能與c對接，故D錯誤；

故選BC?

9、AC

【解析】

A.金屬桿由於滑到爐過程，由機械能守恒有

；mv2=mgR

金屬桿剛滑上圓弧軌道時，由牛頓第二定律有

7

LV

b^—mg=m—

R

兩式聯立解得

FN=3mg

所以金屬桿對軌道的壓力為3mg,故A正確

B.閉合電鍵后金屬桿獲得向右的速度，說明其所受的安培力向右，由左手定則知電流方向由8到c,所以從左向右看,

電容器左端為正極板，右端為負極板，故B錯誤；

C.金屬桿受安培力作用，由牛頓第二定律有

BIL=ma

由運動學公式有吟"f,流過金屬桿的電荷量A尸7f，電容器兩極板間電勢差的減小量小。=得，聯立解得

AU=券師

DLC

故c正確；

D.若磁場方向改為水平向右，金屬桿所受安培力為豎直向上，由于還受到重力作用，金屬桿所獲得的速度將小于外

所以上升的高度將小于R,故D錯誤。

故選AC?

10、BD

【解析】

A.由題圖可得電路中電流的峰值為

/“,=5五A

交流發電機電動勢的峰值為

Em=Im(R+r)=50(9+1)V=50^V

故A錯誤；

B.由題圖可得交變電流的角速度0=lOO"ad/s,從線圈平面與磁場平行開始計時，則上S時電動勢的瞬時值

=Emcoscot-50\/2cos100^r(V)=50\/2coslOO/rx=25aV

故B正確：

C.電壓表示數為有效值不隨時間發生變化，電阻兩端電壓為

U=/R=45V

所以電壓表示數為45V,故C錯誤；

D.交流發電機線圈從圖示位置開始轉過90°的過程中的平均感應電動勢為

BS

石..A<D,,T22?100V2..

E=N-----=N—r—=—NBSco=—E=----------V

Z2%nn

co

故D正確。

故選BD.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、C順時針垂直紙面向外B'Bo

【解析】

(1)口］由題意可知，電流從電流計左邊進時，指針左偏，右邊進時，指針右偏，本實驗目的是探究感應電流的方向，則

進行上述實驗的目的是推斷電流計指針偏轉方向與電流方向的關系，故選C；

(2)⑵電流計指針向右偏轉，說明電流從電流計的右邊(正接線柱)流入，則說明螺線管中的電流方向(從上往下看)

是沿順時針方向；

(3)［3］由題意可知，感應電流的方向為逆時針，由右手螺旋定則可知，感應電流的磁場方向垂直紙面向外；

(4)［4］由題意可知，理解楞次定律，關鍵在于抓住B’總是要阻礙舔磁通量的變化

12、AbB1.5B4

【解析】

(1)單刀雙擲開關合向a時，由于電壓表的分流，使測得的電源電動勢和內阻都比真實值小，單刀雙擲開關合向b時，

由于電流表的分壓，測得的電源電動勢等于真實值，測得的內阻比真實值大，因此單刀雙擲開關合向a時測出的數據

描點作出的圖象是A；

(2)圖線B測得的電動勢沒有系統誤差，更準確，其值為1.5V,由于圖線B測得的內阻值實際為電源內阻與電流表的