衢州、麗水、湖州2023年11月三地市高三教學質量檢測物理試題卷考生須知：1．全卷分試卷和答題卷，考試結束后，將答題卷上交。2．試卷共8頁，有3大題，20小題。滿分100分，考試時間90分鐘。3．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆填寫在答題紙規定的位置上。4．請將答案寫在答題卷的相應位置上，寫在試卷上無效。5．可能用到的相關參數：重力加速度g均取10m/s2。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.中國民航局規定，便攜式電子設備中的鋰電池、備用鋰電池(含充電寶)的額定能量不超過100W·h時，可以隨身攜帶，但禁止作為行李托運。用國際單位制基本單位表示能量單位正確的是（）A.W·s B.J C.N·m D.kg·m2/s2【答案】D【解析】由題意可知，能量的單位為W·h，根據量綱法故選D。2.如圖是無人機正在噴灑農藥的場景，則無人機（含箱內農藥）（）A.懸停時重力與浮力平衡B.向下運動時處于失重狀態C.噴灑過程中慣性不變D.沿曲線軌跡運動時的加速度一定不為零【答案】D【解析】A．無人機受到重力和空氣升力，懸停時重力與升力平衡，故A錯誤；B．如果向下加速運動時，處于失重狀態；如果向下減速運動時，處于超重狀態，故B錯誤；C．噴灑過程中藥水的質量減小，則總體慣性減小，故C錯誤；D．沿曲線軌跡運動時處于非平衡狀態，則加速度一定不為零，故D正確。故選D。3.2022年8月9日，世界首條永磁磁浮空軌試驗線在江西贛州投入使用。如圖所示，該列車和軌道應用新型稀土材料，僅憑磁力就可使列車自然懸浮和驅動。已知列車質量為m，空氣阻力不可忽略。當列車水平直線行駛時，則列車（）A.勻速行駛時，軌道對列車的作用力大小為mgB.加速行駛時，軌道對列車作用力沿水平方向C.以加速度a加速行駛時，列車受到的合外力大小為maD.減速行駛時，軌道對列車的作用力小于mg【答案】C【解析】A．由于空氣阻力不可忽略，則列車勻速行駛時，軌道對列車的作用力大小大于mg，故A錯誤；B．加速行駛時，列車所受的合力沿水平方向，但由于空氣阻力不可忽略，則軌道對列車的作用力不沿水平方向，故B錯誤；C．以加速度a加速行駛時，列車受到的合外力大小為ma，故C正確；D．減速行駛時，軌道對列車的作用力在豎直方向的分量等于重力，則軌道對列車的作用力不可能小于mg，故D錯誤。故選C。4.甲、乙兩輛小車在同一平直公路上同向做直線運動，甲和乙的位移（x）隨時間（t）變化的圖像如圖所示，則（）A.在t1時刻，兩車的瞬時速度相等B.在t2時刻，甲車速度大于乙車速度C.在0～t2時間內，兩車的平均速度相等D.在t1～t2之間的某一時刻，兩車加速度相等【答案】B【解析】AB．根據x-t圖像中圖線某點切線的斜率表示速度，可知在時刻兩車速度不相等。在t2時刻甲車切線斜率比乙車大，即甲車速度大于乙車速度。故A錯誤，B正確；C．由圖像可知，0時刻兩車的位置不同，時刻兩車位置相同，可知從0到時間內，兩車走過的位移不相等，兩車的平均速度也不相等。故C錯誤；D．由兩車x-t圖線可知，在到時間內，甲車為一條傾斜的直線，做勻速直線運動，故加速度始終為零。乙車圖線為曲線，斜率一直在變化，即速度一直在改變，加速度不為零，即兩車加速度不相等。故D錯誤。故選B。5.如圖是運動員在某次水平擲出的鉛球的運動軌跡。A、B、C為鉛球運動軌跡上的三點，BD為軌跡上B點的切線。將鉛球視為質點，不考慮空氣阻力，則鉛球（）A.在A、C兩點的加速度相同B.在B點的速度方向沿AB連線方向C.在B點的加速度沿BD方向D.在B點的速度方向在連線BC和BD之間【答案】A【解析】A．鉛球做平拋運動，只受重力，所以在A、C兩點的加速度相同，都為重力加速度，故A正確；BD．在B點的速度方向沿切線方向，即BD方向，故BD錯誤；C．在B點的加速度豎直向下，故C錯誤。故選A。6.一家用電風扇正常工作時電流是。電壓按圖中正弦規律變化。則（）A.電壓的有效值為B.該電風扇的內阻約為C.圖中所示電壓的瞬時值表達式為D.正常工作時電風扇的輸入功率約為【答案】D【解析】A．由圖可知，電壓的最大值為，則電壓的有效值為故A錯誤；B．根據題中條件無法計算電風扇的內阻，故B錯誤；C．圖中所示電壓的瞬時值表達式為故C錯誤；D．正常工作時電風扇的輸入功率約為故D正確。故選D。7.如圖所示，對“中國天眼”的維修使用“微重力蜘蛛人”方案，沿天眼中心軸的豎直截面為圓弧，其圓心角120°。一氦氣球拴在質量m=60kg維修人員身上，氣球對人的拉力保持豎直向上，大小約為重力的，維修時可認為處于平衡狀態。則維修人員（）A.在入口處對天眼的壓力大小約為100NB.在入口處對天眼的靜摩擦力大小約為87NC.在最低點重力大小為100ND.對天眼的最大靜摩擦力在最低點小于入口處【答案】B【解析】AB．入口處人受力分析如圖根據平衡可得解得，根據牛頓第三定律，在入口處對天眼的壓力大小約為，對天眼的靜摩擦力大小約為87N故A錯誤，B正確；C．在最低點重力大小為故C錯誤；D．最低點的支持力最大，所以最低點的最大靜摩擦最大，故D錯誤。故選B。8.鈾235被中子轟擊后，產生鋇和氪，同時放出3個核子Z，核裂變方程為，則（）A.Z為質子B.裂變過程核子數守恒，沒有質量虧損C.的比結合能大于的比結合能D.核反應堆中使用慢化劑的目的是減慢核反應的速度【答案】C【解析】A．設Z的質量數為m，質子數為n，則根據質量數守恒和質子數守恒有解得，則可知Z為中子，故A錯誤；B．雖然裂變過程中核子數守恒，但由于反應前后核子的平均質量不同，因此在裂變過程中有質量的虧損，故B錯誤；C．重核裂變后生成的新的原子核更穩定，而比結合能越大，原子核越穩定，因此的比結合能大于的比結合能，故C正確；D．核反應堆中使用慢化劑的目的是使快中子減速，以便中子與鈾核發生鏈式反應，而不是減慢核反應的速度，而是為了提高中子的利用率，故D錯誤。故選C。9.如圖所示為錢塘江的“交叉潮”與“魚鱗潮”，如果把該現象視為兩列波的疊加，則（）A.發生疊加的兩列波頻率相同B.兩列波交叉分開后，其振動周期保持不變C.兩列波的頻率不同，也有可能會發生干涉現象D.兩列波疊加時，振動加強點一直處在波峰位置【答案】B【解析】A．由圖可知，兩列波白浪花間的距離不相等，可知頻率不相同，故A錯誤；B．兩列波疊加再分開后，振動互不影響，故周期保持不變，B正確；C．干涉現象的條件是必須頻率相同，故C錯誤；D．兩列波疊加時，波谷位置同樣可能處于振動加強點，故D錯誤。故選B。10.如圖所示，一輕質彈簧上端固定，下端懸掛一個磁鐵，磁鐵正下方桌面上放置一個閉合銅制線圈。將磁鐵托起到某一高度后放開，忽略空氣阻力。則（）A.磁鐵可能做簡諧運動B.線圈中會產生感應電流，且感應電流的方向不變C.磁鐵向上運動時，線圈對桌面的壓力大于線圈的重力D.若開始時磁鐵處于靜止狀態，當線圈通以周期性變化的電流后，磁鐵可能做周期性的上下振動【答案】D【解析】A．根據楞次定律下面的線圈會阻礙磁鐵運動做負功，所以磁鐵最終會停止，不是簡諧運動，A錯誤；B．在磁鐵靠近線圈過程中，穿過線圈的磁通量向下增大，由楞次定律可知，線圈中的感應電流方向為逆時針（從上往下看）；在磁鐵遠離線圈過程中，穿過線圈的磁通量向下減小，由楞次定律可知，線圈中的感應電流方向為順時針（從上往下看），故線圈中的感應電流方向相反，B錯誤；C．磁鐵向上運動時，根據楞次定律推論“來拒去留”可知磁鐵對線圈有向上的引力，故對線圈受力分析可知桌面對線圈的支持力小于于線圈的重力；根據牛頓第三定律可知，線圈對桌面的壓力小于線圈的重力，C錯誤；D．若開始時磁鐵處于靜止狀態，當線圈通以周期性變化的電流后，磁鐵做受迫振動，磁鐵可能做周期性的上下振動，D正確。故選D。11.太陽系中各行星幾乎在同一平面內沿同一方向繞太陽做圓周運動?！靶行菦_日”是指某行星、地球和太陽幾乎排成一直線的狀態，地球位于太陽與該行星之間。已知相鄰兩次“沖日”的時間間隔火星約為800天，土星約為378天，則（）A.火星公轉周期約為1.8年B.火星的公轉周期比土星的公轉周期大C.火星的公轉軌道半徑比土星的公轉軌道半徑大D.火星和土星的公轉軌道半徑之比為【答案】A【解析】A．根據開普勒第三定律，其軌道半徑的三次方與周期T的平方的比值相等，由于地球的軌道半徑比該火星的軌道半徑小，故可知地球的周期比火星的小，設火星相鄰兩次沖日的時間間隔為t，則在時間t內地球比火星繞太陽多轉一周，即解得A正確；B．同理土星的周期為故火星的公轉周期比土星的公轉周期小，B錯誤；C．根據開普勒第三定律，其軌道半徑的三次方與周期T的平方的比值相等，可知火星的公轉軌道半徑比土星的公轉軌道半徑小，C錯誤；D．火星和土星的公轉軌道半徑之比為D錯誤。故選A。12.一實驗小組探索測量液體介質折射率的方法，如圖1所示，光源S處在接收屏PQ上，PQ與一液體表面平行，液體深度h可變，底面為一高性能的光反射面MN。一束光以入射角i射向液體表面，在接收屏上出現若干間距相同，亮度不同的光點，已知i=60°，若相鄰光點間的距離d與h間的關系如圖2所示，則（）A.液體的折射率為B.光在剛進入液體中的折射角為30°C.光點是由于光的干涉形成的D.d的大小只與h有關，而與液體折射率的大小無關【答案】B【解析】AB．光路圖如下設折射角為，根據幾何關系可得可得根據圖2可知解得液體的折射率故A錯誤，B正確；C．光點是由于光的反射和折射形成的，故C錯誤；D．由光路圖可知，d的大小與h和液體折射率的大小都有關系，故D錯誤。故選B。13.水平放置的兩金屬板，板長為0.2m，板間距為0.15m，板間有豎直向下的勻強電場，場強大小為2×103V/m，兩板的左端點MN連線的左側足夠大空間存在勻強磁場，磁感應強度的大小為0.2T，方向垂直紙面向里。一比荷為1×106C/kg正電粒子以初速度v0緊靠上極板從右端水平射入電場，隨后從磁場射出。則（）A.當v0=1×104m/s時，粒子離開磁場時的速度最小B.當時，粒子離開磁場時的速度最小C.當時，粒子離開磁場的位置距M點的距離最小D.當v0=2×104m/s時，粒子離開磁場的位置距M點的距離最小【答案】D【解析】AB．粒子在磁場中做勻速圓周運動，要使粒子離開磁場時的速度最小，則粒子在從電場進入磁場時速度最小，設粒子進入磁場時的速度與水平方向的夾角為，根據類平拋運動的規律有，水平方向豎直方向加速度而則可得根據勻變速直線運動速度與位移的關系式可得而聯立以上各式可得可知，當時，粒子進入磁場時有最小速度此時故AB錯誤；CD．根據以上分析可知，粒子進入磁場時的速度為，進入磁場后粒子在磁場中做圓周運動，偏轉后從MN邊界離開磁場，則由洛倫茲力充當向心力有可得根據幾何關系可得，粒子進入磁場的位置與射出磁場的位置之間的距離為則離M點的距離為即有可知，當時，粒子離開磁場的位置距M點的距離最小，而根據以上分析可知，當時故C錯誤，D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分，每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不選全的得2分，有選錯的得0分）14.下列說法正確的是（）A.一密閉容器內氣體溫度升高時，其內每個氣體分子的動能均增大B有些宏觀過程雖然符合能量守恒定律但卻不能自發地進行C.利用金屬絲的電阻率隨溫度的升高而增大的性質可制成溫度傳感器D.LC振蕩電路，線圈的自感電動勢與電容器的電場強度的變化不同步【答案】BC【解析】A．一密閉容器內氣體溫度升高時，分子的平均動能增大，但不是每個氣體分子的動能均增大，故A錯誤；B．與熱現象有關的能量守恒過程還需要滿足熱力學第二定律，才能自發地發生，所以能量的轉換過程具有方向性，并不是所有符合能量守恒定律的宏觀過程都能自發地進行，故B正確；C．利用金屬絲的電阻率隨溫度的升高而增大的性質可制成溫度傳感器，故C正確；D．LC振蕩電路，當電容器放電時，電容器的電場強度減小，電流強度在增大，電流的變化率減小，則線圈的自感電動勢減小，可知，線圈的自感電動勢與電容器的電場強度的變化同步，故D錯誤。故選BC。15.光電倍增管是將微弱光信號轉換成電信號的真空電子器件。如圖所示是其工作原理圖。陰極和陽極間放置多個倍增電極。使用時相鄰兩倍增電極間有電壓用來加速電子。陰極受光照后釋放出光電子，在電場作用下射向第一倍增電極，引起電子的二次發射，激發出更多的電子，然后在電場作用下飛向下一個倍增電極，又激發出更多的電子。如此電子數不斷倍增，陽極最后收集到的電子數可增加104～108倍，大大提高了光測量方面的靈敏度。根據以上信息，則（）A.倍增電極發生光電效應現象發射電子B.增加相鄰電極間電壓可以提高光電倍增管的靈敏度C.如果光的頻率過低，光的強度再大，陽極也接收不到電子D.射向陰極的入射光頻率增加，逸出的每個光電子動能也增加【答案】BC【解析】A．光電效應是當光子頻率大于極限頻率時，才會出現的現象，倍增電極讓電子加速，撞擊出更多電子不是光電效應，A錯誤；B．增加相鄰電極間電壓可以加速電子速度，撞擊出更多電子，從而提高光電倍增管的靈敏度，B正確；C．如果光的頻率低于截止頻率，則光的強度再大，光電效應也不會發生，陽極也接收不到電子，C正確；D．射向陰極的入射光頻率增加，可增大電子的最大初動能，但不是能讓每個光電子動能都增加，D錯誤。故選BC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.（1）在“驗證機械能守恒定律”實驗中①用圖1裝置進行驗證，則__A．選取的第一個計數點對應重物的速度可以不為零B．紙帶第一個打點的點跡不一定清晰，但選取的兩個計數點需間隔4個打點C．重物下落的高度一定用刻度尺直接測量，但速度可以用v=gt來計算②用圖2裝置進行驗證，操作中需把氣墊導軌調成傾斜狀態，則__A．調整傾斜狀態是為了平衡滑塊下滑時受到阻力B．調整傾斜狀態是為了將滑塊的重力勢能轉化為動能C．不能用該裝置驗證機械能守恒，因為該物塊下滑過程中機械能不守恒③用圖3裝置進行驗證，氣墊導軌調成水平，遮光條的寬度為d，遮光條到光電門的距離為l，釋放滑塊，遮光條通過光電門的遮光時間為t，砝碼和砝碼盤的總質量為m，滑塊的質量為M，為驗證機械能守恒，需要滿足的關系式__（用題中字母表示）。（2）在“用單擺測量重力加速度”實驗中，根據測量數據進行規范描點和作圖，得到的圖像，如圖4所示。①圖線不過原點的原因可能為__A．l為擺線長B．l為擺長C．l為擺線長與擺球直徑之和②數據處理時，__（選填“能”或“不能”）利用圖線的斜率來計算重力加速度。【答案】（1）AB（2）A能【解析】（1）①[1]A．在驗證“機械能守恒定律”的實驗中，不需要初速度等于零，則選取的第一個計數點對應重物的速度可以不為零，A正確；B．紙帶第一個打點的點跡不一定清晰，為了計數方便可任意間隔相等的計時點取一個計數點，所以選取的兩個計數點不一定需間隔4個計時點，B錯誤；C．重物下落的高度一定用刻度尺直接測量，但速度不可以用v=gt來計算，否則就默認了機械能守恒，失去了驗證意義，C錯誤。故選A。②[2]在該實驗中不需要平衡摩擦力，將氣墊導軌調成傾斜狀態是為了將滑塊的重力勢能轉化為動能，由于氣墊導軌的摩擦力很小，可以忽略不計，則可以用該裝置驗證機械能守恒。故選B。③[3]遮光條通過光電門的速度為砝碼和砝碼盤重力勢能的減小量為砝碼和砝碼盤以及滑塊動能的增加量為若系統重力勢能的減小量等于系統動能的增加量，則滿足機械能守恒定律，即為驗證機械能守恒，需要滿足的關系式為（2）①[4]根據單擺的周期公式可得A．設擺球的直徑為D，若l為擺線長，則公式變為不過原點，縱截距為滿足題意，A正確；B．若l為擺長，則公式變為仍然過原點，不滿足題意，B錯誤；C．若l為擺線長與擺球直徑之和，則公式變為不過原點，縱截距為不滿足題意，C錯誤。故選A。②[5]由題意可知，圖像的斜率為可得重力加速度為所以在處理數據時，能利用圖線的斜率來計算重力加速度。17.某同學為研究水果電池的電動勢和內阻，利用獼猴桃做的水果電池進行實驗。（1）他先后用電壓表（量程為）和數字多用電表的直流電壓2V檔（其內阻遠大于電壓表的內阻）直接測量了水果電池兩端的電壓，如圖1和圖2所示，則該水果電池的電動勢更接近__（選填“電壓表”或“數字多用電表”）測量的值，其值為__V；（2）為了估算該水果電池的內阻，該同學需進一步測量電壓表的內阻，以一節內阻不計的干電池為電源組成測量電路如圖3所示，改變電阻箱的阻值，并讀出電壓表的讀數，作出圖像如圖4，則電壓表的內阻為__（用圖4中所給字母表示）；（3）若該電壓表的內阻為，則可估算該水果電池的內阻約為__（保留兩位有效數字）?！敬鸢浮浚?）數字多用電表0.660##0.66（2）b（3）4.1【解析】（1）[1][2]由于數字多用電表的內阻遠大于電壓表的內阻，則電動勢更接近數字多用電表的測量值，由圖2可知，讀數為。（2）[3]根據題意，由串聯分壓原理有整理可得結合圖4可得，電壓表的內阻為（3）[4]由圖1可知，電壓表讀數為，則由串聯分壓原理有解得18.以下實驗中，說法正確的是（）A.在“用雙縫干涉測量光的波長”實驗中，應當直接量出相鄰兩亮條紋的間距ΔxB.在“探究氣體等溫變化的規律”實驗中，應當緩慢地移動注射器柱塞C.在“探究影響感應電流方向的因素”實驗中，應將靈敏電流表直接與干電池相連來確定電流表指針偏轉方向與電流方向的關系D.在“探究變壓器原副線圈電壓與匝數的關系”實驗中，測量電壓時應選用多用電表相應的交流電壓檔【答案】BD【解析】A．在“用雙縫干涉測量光的波長”實驗中，應當量出多個條紋的間距，再取平均值，故A錯誤；B．在“探究氣體等溫變化的規律”實驗中，應當緩慢地移動注射器柱塞，放置溫度變化對實驗的影響，故B正確；C．在“探究影響感應電流方向的因素”實驗中，應將靈敏電流表連接滑動變阻器再與干電池相連來確定電流表指針偏轉方向與電流方向的關系，以保護電路，故C錯誤；D．在“探究變壓器原副線圈電壓與匝數的關系”實驗中，測量電壓時應選用多用電表相應的交流電壓檔，故D正確。故選BD。19.某同學設計一裝置來探究容器內氣體狀態受外界環境變化的影響。如圖所示，在容器上插入一根兩端開口足夠長的玻璃管，接口用蠟密封。玻璃管內部橫截面積S=0.5cm2，管內一長h=11cm的靜止水銀柱封閉著長度l1=20cm的空氣柱，此時外界的溫度t1=27℃。現把容器浸沒在水中，水銀柱靜止時下方的空氣柱長度變l2=2cm，已知容器的容積V=290cm3。（1）求水的溫度T；（2）若容器未浸入水，向玻璃管加注水銀，使水銀柱的長度增加h=2.7cm，仍使水銀柱靜止時下方的空氣柱長度為2cm，求外界大氣壓P0；（3）該同學在玻璃管外表面標注溫度值，請問刻度是否均勻，并簡要說明理由?！敬鸢浮浚?）291K；（2）76.3cmHg；（3）刻度均勻，等壓下，溫度與體積成線性關系。【解析】（1）由等壓變化解得T=291K（2）由等溫變化(P0+h)(V+Sl1)=(P0+h+h)(V+Sl2)解得P0=76.3cmHg（3）刻度均勻。由（1）可知，等壓狀態下，溫度與體積成線性關系20.如圖所示裝置由傾斜軌道AB，關于豎直線OC對稱且半徑可調的圓弧軌道BCD，以速度v順時針轉動的傳送帶EF和足夠長水平軌道MN組成。軌道AB和BCD平滑連接，FM間不計空隙。開始時，小物塊甲從AB某處靜止釋放，經BCD后從D點拋出，由E點水平進入傳送帶后與MN上靜止的另一小物塊乙發生彈性正碰。已知CE的水平距離，CE豎直距離，傳送帶EF長，，物塊甲和乙均可視為質點，物塊甲的質量。到達E點時，物塊甲只有速度水平才能滑上傳送帶，其與傳送帶間的動摩擦因數，圓弧軌道BCD最低點C點位置固定，圓心角保持不變，其它各處摩擦不計。（1）當軌道BCD的半徑時，甲從距B點處釋放，求甲在C點受到的支持力大??；（2）要使甲能滑上傳送帶，求軌道BCD的半徑；（3）在（2）問中，要使甲、乙只發生一次碰撞，求物塊乙的質量的取值范圍。【答案】（1）0.52N；（2）0.5m；（3）或【解析】（1）設甲從距B點l1處釋放，到C點過程中，由動能定理，得在點，由牛頓第二定律有可得（2）根據題意，水平方向上有，豎直方向上有可得（3）由（2）問中，進入傳送帶的速度，經過傳送帶速度達到，由動量守恒定律和能量守恒定律有甲、乙彈性正碰后，甲和乙的速度，據題意，甲從傳送帶左端拋出即解得如果甲從傳送帶右端返回，解得綜合以上或21.如圖所示，兩間距為l的足夠長平行光滑導軌，固定在傾角θ=37°絕緣斜面上，兩導軌間存在磁場，方向垂直導軌平面向下，導軌一端接有電流為I的恒流源。一矩形線框abdc鎖定在導軌上，其中ab、cd邊為金屬導體，它們長均為l，質量均為m、電阻均為R；ac、bd邊為輕質絕緣體，它們長均為nl（n為正整數）。以ab邊的a點鎖定的位置為坐標原點，沿導軌向下為正方向，建立x軸。已知磁感應強度B=（0.2+0.8x）T，l=0.5m，m=0.02kg，R=0.2Ω，I=2A．導軌電阻不計，金屬邊與導軌接觸良好。（1）S斷開，若n=1，線框鎖定解除，則線框運動速度v=1m/s時，ab邊通過的電流I1；（2）S斷開，若n=1，線框鎖定解除，則線框運動穩定后的速度v；（3）S閉合，若n=3，現僅限x>2l兩導軌上涂上絕緣材料，且該區域兩導軌間無磁場。線框鎖定解除后，則ab邊再次回到釋放位置過程中，ab邊產生的焦耳熱Qa。（已知簡諧運動的周期，其中M為振子的質量，k為回復力大小與位移大小之比的常數。）【答案】（1）；（2）2.4m/s；（3）【解