2021年廣東省普通高等學校招生高考物理一模試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.下列說法正確的是（）

A.開普勒總結出了行星運動的規律，找出了行星按照這些規律運動的原因

B.月球繞地球運動時受到地球的引力和向心力的作用

C.哥白尼提出了日心說，牛頓提出了萬有引力定律，并測定了引力常量的數值

D.物體在轉彎時一定受到力的作用

2.關于光電效應，下列說法正確的是（）

A.光電效應是原子核吸收光子向外釋放電子的現象

B.飽和光電流的強度與入射光的強度有關，且隨入射光強度的增強而增強

C.金屬的逸出功與入射光的頻率成正比

D.用不可見光照射某金屬，比用可見光照射同種金屬產生的光電子的最大初動能大

3.如圖所示，有兩根和水平方向成。角的光滑平行的金屬軌道，上端接有\

可變電阻R,下端足夠長，空間有垂直軌道平面的勻強磁場8,一根質8飛夕《

量為〃，的金屬桿從軌道上由靜止滑下，經過足夠長的時間后，流

經金屬棒的電流達到最大，金屬桿做勻速運動，金屬桿和軌道電阻均二￡

不計.貝1（）

A.下滑過程中，金屬桿中的電流方向為從M到N

B.加速運動過程中，金屬桿克服安培力做的功大于可變電阻R的產生的焦耳熱

C.勻速運動過程中，金屬桿的重力功率等于可變電阻R的發熱功率

D.若R增大，流經金屬棒的最大電流將減小

4.關于平拋物體的運動，下列說法中正確的是（）

A.初速度越大，物體在空中運動的時間越長

B.下落的高度越大，物體在空中運動的時間越長

C.物體落地時的水平射程與初速度無關

D.平拋運動是變加速直線運動

如圖是研究影響平行板電容器電容大小的因素的實驗裝置圖。金屬

板隊6帶有等量異種電荷，“板與靜電計金屬外殼相連接，6板與靜

電計金屬球相連接。一帶負電的油滴固定在電容器的中點P位置。現將電容器的。板水平向左

移動一小段距離，則下列說法正確的是（）

A.靜電計指針的偏角變小B.P點的電勢將降低

C.油滴的電勢能將減少D.靜電計可用電壓表替代

6.美國地球物理專家通過計算可知，因為日本的地震導致地球自轉快了1.6〃s（ls的百萬分之一）,

通過理論分析下列說法正確的是（）

A.地球赤道上物體的重力將不變B.地球赤道上物體的重力會略變大

C.地球同步衛星的高度略調小D.地球同步衛星的高度略調大

7.做勻加速直線運動的物體的加速度為3zn/s2,對任意Is來說，下列說法中錯誤是（）

A.某1s末的速度比該1s初的速度總是大3m/s

B.某1s末的速度比該1s初的速度總是大3倍

C.某1s末的速度比前1s末的速度大3m/s

D.某1s末的速度比前1s初的速度大6m/s

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

8.如圖所示，質量為小、帶電荷量為g的帶電微粒，以初速度%從A點Bo-------?2u0

豎直向上射入真空中沿水平方向的勻強電場中，微粒通過電場中B點1

時速率珈=2q），方向與電場的方向一致，則下列選項正確的A

是（）

A.微粒所受的電場力大小是其所受重力的2倍

B.帶電微粒的機械能增加了2m%2

C.A,8兩點間的電勢差為久也二

q

D.A,B兩點間的電勢差為當」

2q

9.如圖所示是電飯鍋的結構圖，如果感溫磁體的“居里溫度”為103冤，下列說法中正確的是（）

內膽底號鱉才黃業熱板

A.常溫下感溫磁體具有較強的磁性

B.當溫度超過103。（：時，感溫磁體的磁性較強

C.飯熟后，水分被大米吸收，鍋底的溫度會超過103。&這時開關按鈕會自動跳起

D.常壓下只要鍋內有水，鍋內的溫度就不可能達到103。&開關按鈕就不會自動跳起

10.以下是質點直線運動時的各種圖象，表示物體做勻變速直線運動的是（）

三、填空題（本大題共2小題，共8.0分）

11.一定質量的理想氣體經歷如圖所示的ATB、BtC、C->4三個變化

過程，設氣體在狀態A、8時的溫度分別為。和TB，已知。=300K,

求：

⑴78

（2）若氣體從C-A的過程中做功為1001,同時吸熱250J,則此過程中氣體

內能怎么改變？變化了多少？

12.如圖所示，有兩列簡諧橫波。、匕在同一介質中都沿x軸正方向傳播，波速均為D=2.5m/s,則

兩列波的周期幾與7b之比為；在t=0時，兩列波的某兩個波峰正好在x=2.5m處重合,

此時久=2.5m處質點的速度為（選填“沿+y方向”、“0”或“沿—y方向"）；在t=0時

兩列波的波峰重合的所有位置坐標是x=o

四、實驗題（本大題共2小題，共16.0分）

13.某同學在“研究彈簧的形變量和彈力的關系”的實驗中，將輕彈簧豎直懸掛，在其下端懸掛鉤

碼，記錄彈簧受力尸與相應彈簧的長度L并標記在F-L圖象中，如圖所示。

(1)關于該實驗，以下說法正確的是

A.彈簧被拉伸時，拉力越大越好

B.用懸掛鉤碼的方法給彈簧施加拉力，要在鉤碼處于靜止狀態時讀數

C.彈簧拉伸時不能超出它的彈性限度

D用刻度尺測得彈簧的長度即為彈簧的伸長量

(2)下列說法中能反映正確探究結果的是

A.彈簧的彈力與彈簧的伸長量成正比

8彈簧的彈力與彈簧的伸長量成反比

C.彈簧的彈力與彈簧的長度正比

D彈簧的彈力與彈簧的長度成反比。

(3)請在F-L圖象作出相應圖線;

(4)由圖可知彈簧原長L0=m,彈簧的勁度系數4=N/m.(計算結果保留兩位有效數字

)

14.一只小燈泡，標有“3K0.6勿”字樣.現用圖中給出的器材測

量該小燈泡正常發光時的電阻燈?(滑動變阻器最大阻值為10。；

電源電動勢為12匕內阻為1。；電流表內阻為1。；電壓表的內

阻為10k。).

(1)在設計電路的過程中，為了盡量減小實驗誤差，電流表應采用

(填“內接”或“外接”)法.滑動變阻器的連接方式應

采用(填“分壓式”或“限流式”)接法.

（2）用筆畫線代替導線將實物圖連成完整的電路（圖中有兩根導線已經接好）.開始時，滑動變阻器的滑

片應該移到最端（填“左”或“右”）.

（3）若小燈泡發光較暗時的電阻為R,你根據所學的知識可判斷出R與％的大小關系為:夫Rx（

填“>”、"=”或

五、計算題（本大題共4小題，共44.0分）

15.在如圖甲所示的半徑為r的豎直圓柱形區域內，存在豎直向上的勻強磁場，磁感應強度大小隨

時間的變化關系為B=kt（k>0且為常量）.

（1）將一由細導線構成的半徑為八電阻為R。的導體圓環水平固定在上述磁場中，并使圓環中心

與磁場區域的中心重合.求在T時間內導體圓環產生的焦耳熱

（2）上述導體圓環之所以會產生電流是因為變化的磁場會在空間激發渦旋電場，其電場線是在水

平面內的一系列沿順時針方向的同心圓（從上向下看），圓心與磁場區域的中心重合.同一條電

場線上各點的場強大小相等，渦旋電場場強與電勢差的關系與勻強電場相同.如圖丙所示，在

磁場區域的水平面內同定一個內壁光滑的絕緣環形真空細管道，其內環半徑為r,管道中心與磁

場區域的中心重合，細管道直徑遠小于r.某時刻，將管道內電荷量為q的帶正電小球由靜止釋放

（小球的直徑略小于真空細管道的直徑），假設小球在運動過程中其電荷量保持不變，忽略小球

受到的重力、小球運動時激發的磁場以及相對論效應.若小球由靜止經過一段時間加速，獲得

動能小,求小球在這段時間內在真空細管道內運動的圈數

（3）若在真空細管道內部空間加有方向豎直向下的恒定勻強磁場，小球開始運動后經過時間片，

小球與環形真空細管道之間恰好沒有作用力.求在真空細管道內部所加磁場的磁感應強度的大

小.

16.如圖所示，真空中有以0'為圓心，，?為半徑的圓柱形勻強磁場區域,

圓的最下端與x軸相切于坐標原點O,圓的右端與平行于y軸的虛

N

線MN相切，磁感應強度為B,方向垂直紙面向外，在虛線MN右側x軸上方足夠大的范圍內有

方向豎直向下、場強大小為E的勻強電場。現從坐標原點。向紙面內不同方向發射速率相同的

質子，質子在磁場中做勻速圓周運動的半徑也為r,己知質子的電荷量為e,質量為不計重

力的質子、質子對電、磁場的影響及質子間的相互作用力。求：

(1)質子進入磁場時的速度大小。

(2)沿)，軸正方向射入磁場的質子到達x軸所需的時間。

(3)在第(2)問的情況下，求質子到達x軸時的速度。

17.興趣小組某同學提出一問題：夏日里，清晨時教室內溫度為抑，中午溫度增加您需，則中午教

室氣體質量是清晨的多少倍。(外界大氣壓不變)

18.某種材料的三棱鏡截面如圖所示，AA=90°,NB=60。一束垂

直于8c邊的直線光束從AB邊上的某點入射，折射光線經過三

棱鏡BC邊反射后，從AC邊垂直射出，已知真空中的光速c=3x

108nl/5.求：

①三棱鏡的折射率;

②光在棱鏡中傳播的速度.

【答案與解析】

1.答案：D

解析：解：A、開普勒總結出了行星運動的規律，牛頓找出了行星按照這些規律運動的原因，故A

錯誤；

8、月球繞地球運動時，地球對月球的引力充當月球做圓周運動的向心力，故B錯誤；

C、哥白尼提出了日心說，牛頓提出了萬有引力定律，卡文迪許測定了引力常量的數值，故C錯誤；

。、物體在轉彎時做曲線運動，則一定受到力的作用，故。正確

故選：D。

根據物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可。

本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發現、發明、著名理論要加強記憶，這也是

考試內容之一。

2.答案：B

解析：解：人光電效應是原子吸收光子向外釋放電子的現象，故A錯誤；

B、飽和光電流的強度隨入射光強度的增強而增強，故B正確；

C、逸出功與金屬本身的特點有關，與外界因素無關，C故錯誤；

由于不可見光的頻率有的比可見光大，有的比可見光小，由光電效應方程：

Ek=hy-W知產生光電子的初動能無法比較，故D錯誤.

故選：Bo

發生光電效應的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，原子吸收光子的能量發生光電效應現象;

光的強度影響單位時間內發出的光電子數目，即光電流的大小；

金屬的逸出功是金屬的固有屬性。根據光電效應方程分析.

此題考查了學生對光電效應的理解情況，要理解光電效應方程物理意義，并能正確應用光電效應方

程解答有關問題。

3.答案：C

解析：解：4、由右手定則可知，金屬棒下滑過程，感應電流從N流向M,故4錯誤；

B、金屬棒克服安培力做功轉化為焦耳熱，金屬棒加速運動過程中，金屬桿克服安培力做的功等于可

變電阻R的產生的焦耳熱，故8錯誤，C正確；

C、金屬棒勻速運動時速度最大，感應電流最大，由平衡條件得：mgsine=絲之，解得：v=嚶浮，

感應電流：/=5=蜉=筆"，若R增大，流經金屬棒的最大電流不變，故。錯誤；

RRBL

故選：C.

由右手定則可以判斷出電流方向；

從能量守恒的角度分析能量轉化情況；

由5=8打、歐姆定律求出電流的表達式，然后分析判斷.

本題考查了電磁感應問題，解題時要正確分析金屬棒的運動情況，從能量角度分析問題，應用平衡

條件、E=BLv、歐姆定律即可正確解題.

4.答案：B

解析：解：人平拋運動的時間由高度決定，與初速度無關。故A錯誤。

B、時間與平拋運動的高度有關，故8正確；

C、平拋運動的水平位移由初速度和時間共同決定。故C錯誤。

平拋運動是加速度為g的勻變速曲線運動。故。錯誤。

故選：B。

平拋運動的加速度不變，做勻變速曲線運動，平拋運動的時間由高度決定，初速度和時間共同決定

水平位移。

解決本題的關鍵知道平拋運動的特點，知道平拋運動的時間由高度決定，初速度和時間共同決定水

平位移。

5.答案：C

解析：解：A、電容器與電源斷開，故電量Q不變；若現將電容器的“板水平向左移動一小段距離，

根據。=盤可知，電容C減小，則根據C=號可知，電壓U增大；故靜電計指針偏角。增大，故A

4nkaU

錯誤；

BC、根據兩板間的電場強度E=3=當；因將電容器的。板水平向左移動一小段距離，因此

aCaES

電場強度E不變，再根據設P與a極板距離為L,則P點的電勢0p=EL,則電荷在尸點的電勢將升

高，而電勢能Ep=qEL,則負電荷在P點的電勢能碎減小，故8錯誤，C正確；

。、所使用的靜電計是測出電勢，而不是電勢差，且靜電計是通過電容器帶電量的多少來體現電勢

差的大小，從而讀數電勢的高低，而電壓表是通電線圈在磁場中受到磁場力作用而轉動，電流值越

大，轉動角度越大，故不可用電壓表來替換，故。錯誤。

故選：Co

電容器充電后斷開電源，極板上的電量不變；根據電容器的定義式可分析電容的變化，再根據決定

式分析電壓的變化，從而分析靜電計指針夾角。的變化；

根據U=Ed分析電場強度E的變化；根據電勢與電勢差之間的關系可分析P點電勢，再由電勢分析

電勢能心的變化；

靜電計外殼的電勢為零，與電壓表有區別。

考查電容器的動態分析問題，解題的關鍵在于正確掌握電容的決定式C=J匚和定義式。=條同時

注意要掌握相關結論的應用，如可以直接應用結論：當充電后斷開電源時，如果只改變兩板間距離，

則兩板間的電場強度不變。

6.答案：C

解析：解：AB、據題，日本的地震導致地球自轉快了1.6〃s,地球自轉的周期變小.

以赤道地面的物體來分析：由于地球自轉的周期變小，在地面上的物體隨地球自轉所需的向心力會

增大，而“向心力”等于“地球對物體的萬有引力減去地面對物體的支持力”，萬有引力的大小不

變，所以必然是地面對物體的支持力減小.地面對物體的支持力大小等于物體受到的“重力”，所

以是物體的“重力”會略變小.

故A、8錯誤.

CD,對地球同步衛星而言，衛星的運行周期等于地球的自轉周期.地球自轉的周期T變小了，由開

普勒第三定律§=k可知，衛星的軌道半徑式減小，衛星的高度要減小些，故C正確，。錯誤.

T2

故選：C

日本的地震導致地球自轉快了1.6/ZS,即地球自轉的周期變小了，根據向心力公式知道在地面上的物

體隨地球自轉所需的向心力會增大，而萬有引力的大小不變.對地球同步衛星而言，衛星的運行周

期等于地球的自轉周期，由開普勒第三定律可以得出衛星的高度的變化.

本題是信息題，我們要從題目中找出與所求解問題相關的物理信息，再根據物理知識解答.

7.答案：B

解析：解：A、做勻加速直線運動的物體的加速度為3m/s2,

某1S末比該1S初多Is,根據得：

某16末的速度比該1$初的速度總是大3m/s。故A正確，B錯誤。

C、某1s末比前1s末多1s,根據=知某Is末的速度比前Is末的速度大3m/s。故C正

確。

D、某1s末比前16初多2s,根據D-i7（）=at,知某Is末的速度比前Is初的速度大6zn/s。故。正

確。

本題選錯誤的故選瓦

做勻加速直線運動的物體的加速度為3m/s2,知在任意1s內的末速度比初速度大3m/s.

解決本題的關鍵知道做勻加速直線運動的物體的加速度為3zn/s2,在任意1s內的末速度比初速度大

3m/s.

8.答案：ABC

解析：解：小微粒在豎直方向做減速運動，在電場方向做初速度為零的勻加速直線運動，故為=gt，

2%=現t，聯立解得曳=2,故A正確；

ummg

B、電場力做功為勿=]ni（2i;o）2=2m詔，故機械能增加為2mq）2，故B正確；

C、A、8兩點間的電勢差為U=T=網近，故C正確，。錯誤；

qq

故選：ABC.

微粒在勻強電場中受到重力和電場力兩個力作用，電場力做功等于物體機械能的增加，根據動能定

理求出A8兩點間的電勢差〃B；

涉及到電勢差的問題，常常要用到動能定理.本題的難點在于運動的處理，由于微粒受到兩個恒力

作用，運用運動的分解是常用的方法。

9.答案：ACD

解析：解：常溫下感溫磁體的磁性較強，當按下開關按鈕，永磁體與感溫磁體相互吸引而接通電路，

而感溫磁體的居里溫度是103。（：，常壓下只要鍋內有水，鍋內溫度就不可能達到103冤，開關就不會

自動斷開，飯熟后，水分被吸收，鍋底溫度就會達到103汽，感溫磁體磁性消失，在彈簧的作用下開

關自動跳起。故ACQ正確，8錯誤。

故選：ACD.

常溫下感溫磁體的磁性較強，當溫度超過103。（2時，感溫磁體磁性消失。

本題考查了傳感器在生產、生活中的應用等知識點。這種題型屬于基礎題，只要善于積累，難度不

大。

10.答案：AC

解析：解：

A、在速度-時間圖象中圖線的斜率表示加速度，該圖向右下方傾斜加速度為負，說明物體做勻減速

直線運動，故A正確。

B、位移-時間圖象的斜率表示該時刻的速度，斜率的正負表示速度的方向，圖象的斜率為正常數，

即物體的速度為正方向的定值，物體向正方向做勻速直線運動，故B錯誤。

C、該圖表示物體的加速度不變，加速度不變的直線運動是勻變速直線運動，故C正確。

由圖看出圖線的切線斜率不斷增大，說明加速不斷增大，則表示加速席增大的變加速直線運動，

故。錯誤。

故選：AC。

勻變速直線運動的加速度不變.在速度-時間圖象中，切線的斜率表示加速度，加速度向右上方傾

斜，加速度為正，向右下方傾斜加速度為負；位移-時間圖象的斜率表示該時刻的速度，斜率的正

負表示速度的方向.根據圖線的形狀分析物體的運動性質.

本題首先要掌握勻變速直線運動的特點：加速度不變.其次要理解位移-時間圖象上斜率的物理意

義和速度-時間圖象斜率的物理意義.

11.答案：解:(1)由想氣體狀態方程加以分析解決，由詈=等得：

TB=皿X二=—X300K=300K

PAYAPx2V

(2)由△〃=(?+勿=250/-100/=150/,△〃>(),故氣體內能增加，增加了150J

答：(1)B狀態對應溫度為300K(2)此過程中氣體內能增加，增加15017

解析：(1)由想氣體狀態方程加以分析解決，著=答

(2)由熱力學第一定律列方程解決，△(/=(?+〃

對于P、V、T均不相同的情況，要用理想氣體狀態方程求解，應用熱力學第一定律時，注意。和W

的正負

12.答案:5：80(2.5±20/c)m(fc=0,1,2...)

解析：解：由波的圖象可知，4=2.5m,4=4m,而波速均為2.5m/s,所以兩列波的周期分別為

Ta=Is,Tb=1.6s,所以幾：Tb=5：8；

在t=0時刻，兩列波的波峰在x=2.5zn處重合，故該處質點的速度為零；

根據波的周期性可知，相鄰兩波波峰重合的位置間距為20m,

故t=0時刻兩列波的波峰重合的所有位置的橫坐標為x=(2.5±20k)m(k=0,1,2...)。

故答案為：(1)5：8,(2)0,(3)(2.5±20fc)m(fc=0,1,2...)。

由波的圖像可以得到波長，利用公式可以求得周期，即可以求比值.兩列波在x=2.5m處重合，正好

都在波峰，疊加之后速度為0.利用周期性可以求得所有波峰重合的位置坐標.

本題考查波的圖象，質點的振動特點，利用公式求波速等相關問題。要考慮兩列波的疊加問題，求

得速度矢量和。

13.答案：BCA0.0520

解析：解：(1)4、彈簧被拉伸時，不能超出它的彈性限度，并不是越大越好，故AC錯誤。

8、用懸掛鉤碼的方法給彈簧施加拉力，要使彈簧保持豎直狀態，此時彈簧的彈力等于鉤碼的重力，

故8正確。

。、用刻度尺測得彈簧的長度不是伸長量，是原長和伸長量之和，故。錯誤。

故選：BC。

(2)本實驗探究的結論是：彈簧的彈力與彈簧的伸長量成正比，注意不是總長度，故A正確，BCO錯

誤。

故選：4。

(3)通過描的點，讓直線盡量多的通過點，不在直線上的

點均勻的分布在直線兩側即可，如圖所示：＜1------------------------J----------

(4)圖線的橫軸截距表示彈簧的原長，由圖可知：10="------￡----------

5.0cm=0.05m。)―寸-----

圖線的斜率表示勁度系數，則有：k=與團20N/m。/

Al/

故答案為：⑴BC(2)4(3)如圖所示(4)0.0520

(1)在探究彈性限度內彈簧的彈力與彈簧伸長量的關系

的實驗中，實驗過程拉力要在彈簧彈性限度內，伸長量為測量長度減去原長。

(2)彈簧彈力與彈簧伸長量成正比。

(3)(4)根據圖中所描的點作出F-1圖線，圖線的橫軸截距表示彈簧的原長，結合圖線的斜率求出彈

簧的勁度系數。

胡克定律中尸=依中，x是彈簧的形變量，即伸長量或壓縮量，讀數時要在平衡狀態下讀數，要注

意圖象中的信息。知道圖線中截距、斜率表示的物理意義，以及掌握描點作圖的方法，讓盡量多的

點落在圖線上，偏離較遠的點可以舍去。

14.答案：外接；分壓式；左；＜

解析：解：(1)根據小燈泡規格“3V,0.6可知，電阻&=,0=150,滿足葛〉,，所以電流

表應用外接法；

根據閉合電路歐姆定律可知電路中需要的最大電阻為:

E12

Rmax=p-=疥°=600,所以給出的變阻器的全電阻太小(需要達到450左右)，即變阻器應采用

分壓式接法，

(2)由以上分析可知，連線圖如圖所示；為了讓電流由小到大變化；電鍵閉合前，應將滑動觸頭置于

輸出電壓最小的最左端.

(3)金屬的電阻率隨著溫度的升高而升高，故正常工作時電阻大于發光較暗時的電阻；

故答案為：(1)外接，分壓；

(2)如圖所不；左；

.)<

本題①的關鍵是根據小燈泡規格求出電阻和額定電流，即可求解；題②關鍵是根據閉合電路歐姆定

律求出電路中需要的最大電阻，可知變阻器應采用分壓式接法；題③的關鍵是明確閉合電鍵前應將

滑動觸頭置于輸出電壓最小的一端才行.

對電學實驗應明確：①根據小燈泡的額定電流和額定電壓大小來選擇電流表與電壓表的量程：②當

滿足最>晟時，電流表應用外接法，當滿足晟〈微時，電流表應用內接法；③當變阻器的全電阻遠

小于待測電阻或要求電流從零調時，變阻器應采用分壓式接法.

15.答案：解：(1)導體圓環內的磁通量發生變化，將產生感生電動勢，根據法拉第電磁感應定律，

感生電動勢為：E=—=nr2k

At

導體圓環內感生電流為：/=《=警

在了時間內導體圓環產生的焦耳熱為:

2

Q=lR0T

Tn2k2r4

解得：Q

R。

(2)根據題意可知，磁場變化將在真空管道處產生渦旋電場，該電場的電場強度為：E電=*=卷

小球在該電場中受到電場力的作用，電場力的大小為：F=E電q=,

電場力的方向與真空管道相切，即與速度方向始終相同，小球將會被加速，動能變大.

設小球由靜止到其動能為/的過程中，小球運動的路程為s，根據動能定理有：

Fs=Em

小球運動的圈數為：N

2nr

解得:"贏

(3)小球的切向加速度大小為：a=±=篝

由于小球沿速度方向受到大小恒定的電場力，所以經過時間玲，小球的速度大小v滿足：v=at0

小球沿管道做圓周運動，因為小球與管道之間沒有相互作用力，

所以，小球受到的洛倫茲力提供小球的向心力，設所加磁場的磁感應強度為名,

2

則有：qvB0=my

解得真空細管道內部所加磁場的磁感應強度的大小為：B°=；kto.

解析：考查電磁學與力學綜合運用的內容，掌握法拉第電磁感應定律、閉合電路歐姆定律與焦耳定

律的應用，理解動能定理及牛頓運動定律，注意電場強度與電動勢的符號區別，及用E^=亮計算

出其電場強度是解題的突破口.

(1)根據法拉第電磁感應定律，結合閉合電路歐姆定律，及焦耳定律，即可求解；

(2)根據題意，求得渦旋電場，再確定電場力的大小，依據動能定理，從而求解運動的圈數；

(3)再由運動的合成與分解，結合運動學公式與牛頓第二定律，即可求解.

16.答案：解：(1)質子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供

向心力，由牛頓第二定律得：Bev=m-,