2024屆陜西省西安市電子科技大學附中物理高二第一學期期中經典模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一帶電粒子從平行帶電金屬板左側中點垂直于電場線以速度v0射入電場中，恰好能從下板邊緣以速度v1飛出電場．若其它條件不變，在兩板間加入垂直于紙面向里的勻強磁場，該帶電粒子恰能從上板邊緣以速度v2射出．不計重力，則（）A．2v0=v1+v2B．v0=C．v0=D．v0＜v1=v22、2013年4月中國科學家首次觀察到反常霍爾效應．以下來分析一個常規霍爾效應：如圖所示，厚度為h，寬度為d的金屬板放在垂直于它前后表面的磁感應強度為B的勻強磁場中．當電流向右通過金屬板時，在金屬板的上表面A和下表面A′之間會產生電勢差，這種現象稱為霍爾效應．實驗表明，當磁場不太強時，電勢差U、電流I和B的關系式為，式中的比例系數K稱為霍爾系數，設金屬板單位體積中自由電子的個數為n，電子量為e．則下列說法正確的是A．A的電勢高于A′的電勢，霍爾系數K=neB．A的電勢低于A′的電勢，霍爾系數K=neC．A的電勢高于A′的電勢，霍爾系數D．A的電勢低于A′的電勢，霍爾系數3、如圖所示是“探究導體電阻與其影響因素”的裝置圖，a、b、c、d為四條不同的金屬導體．在長度、橫截面積、材料三個因素方面，b、c、d跟a相比，分別只有一個因素不同：b與a的長度不同；c與a橫截面積不同；d與a材料不同．用電壓表分別測量a、b、c、d兩端的電壓．則下列說法正確的是()A．根據a、c兩端的電壓的關系可知導體電阻與導體長度有關B．根據a、b兩端的電壓的關系可知導體電阻與橫截面積有關C．根據a、d兩端的電壓的關系可知導體電阻與材料有關D．由實驗結論可得出導體電阻與導體的長度、橫截面積、材料無關4、如圖所示，真空中A、B兩個點電荷的電荷量分別為和，放在光滑絕緣水平面上，A、B之間用絕緣的輕彈簧連接當系統平衡時，彈簧的伸長量為若彈簧發生的均是彈性形變，則A．保持Q不變，將q變為2q，平衡時彈簧的伸長量等于B．保持q不變，將Q變為2Q，平衡時彈簧的伸長量小于C．保持Q不變，將q變為，平衡時彈簧的縮短量等于D．保持q不變，將Q變為，平衡時彈簧的縮短量小于5、長為L，間距也為L的兩平行金屬板M、N間有一垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為B，質量為m，電量為q的正離子從平行板左端中點以平行于金屬板方向射入磁場，欲使離子不能離開磁場，入射離子的速度大小應滿足的條件是()A．qBL4m<v<5qBL4m B．v>6、如圖所示是某導體的I?U圖象，圖中α=45°，下列說法正確的是

A．此導體的電阻R=0.5ΩB．此導體的電阻R=2ΩC．I?U圖象的斜率表示電阻的倒數，所以R=cot45°=1.0ΩD．在R兩端加6.0V電壓時，每秒通過導體截面的電荷量是6.0C二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、相距很近的一對帶等量異種電荷的平行金屬板，它們之間的電場除邊緣外，可看做是勻強電場，其電場線分布如圖所示．一個帶粒子只在電場力作用下沿圖中軌跡穿過該電場，則從a運動到d的過程中，下列說法正確的是()A．粒子的速度一直在增大B．粒子帶負電C．粒子在a點的電勢能大于d點電勢能D．粒子的加速度先變大再不變后變小8、對UAB=1V的理解，正確的是（）A．從A到B移動qC的電荷，電場力做功1JB．從A到B移動1C的正電荷，電場力做功1JC．從A到B移動1C的負電荷，克服電場力做功1JD．從A到B移動1C的負電荷，外力做功1J9、下列四個選項是描述對給定的電容器充電時電荷量Q、電壓U、電容C之間相互關系的圖象，其中正確的是()A．B．C．D．10、如圖所示的裝置中，木塊B放在光滑的水平桌面上，子彈A以水平速度射入木塊后(子彈與木塊作用時間極短)，子彈立即停在木塊內．然后將輕彈簧壓縮到最短，已知本塊B的質量為M，子彈的質量為m，現將子彈、木塊和彈簧合在一起作為研究對象(系統)，則從子彈開始入射木塊到彈簧壓縮至最短的整個過程中A．系統的動量不守恒，機械能守恒B．系統的動量守恒，機械能不守恒C．系統損失的機械能為D．彈簧最大的彈性勢能小于三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，為“探究加速度與力、質量的關系”實驗裝置圖．圖中A為小車，B為砝碼及砝碼盤，C為一端帶有定滑輪的長木板，小車通過紙帶與電火花打點計時器相連，計時器接50Hz交流電．小車A的質量為m1，砝碼及砝碼盤B的質量為m1．（1）下列說法正確的是_______．A．每次改變小車質量時，應重新平衡摩擦力B．實驗時應先釋放小車后接通電源C．本實驗m1應遠大于m1D．在用圖象探究加速度與質量關系時，應作圖象（1）實驗時，某同學由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，他測量得到的a-F圖像，可能是圖中的圖線_______．(選填“甲”、“乙”、“丙”)（3）.如圖所示為某次實驗得到的紙帶，紙帶中相鄰計數點間的距離已標出，相鄰計數點間還有四個點沒有畫出．由此可求得小車的加速度大小______m/s1．（結果保留二位有效數字）12．（12分）如圖所示，將一個電流表G和另一個電阻連接可以改裝成伏特表或安培表，則甲圖對應的是______表，要使它的量程加大，應使R1______（填“增大”或“減小”）；乙圖是_______表，要使它的量程加大，應使R2______（填“增大”或“減小”）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如右圖所示的電路中，電阻R1=10Ω，R2=15Ω，電源的電動勢E=12V，內電阻r=2Ω．（電流表為理想電表）求：（1）R1和R2并聯后的總電阻（2）通過電源的電流（3）電流表的讀數；14．（16分）一帶電量q=6.4×10-19C、質量m=1.6×10-25㎏的初速度為零的粒子，經電壓U=200V的加速電場加速后，沿垂直于電場線方向進入E=1.0×103V/m均勻偏轉電場．已知粒子在穿越偏轉電場過程中沿場強方向的位移為5㎝，不計粒子所受重力，求：（1）偏轉電場平行板的板長；（2）粒子穿越偏轉電場過程中偏角的正切．15．（12分）如圖所示，在沿水平方向的勻強電場中有一固定點O，用一根長度為l=0.20m的絕緣輕線把質量為m=0.10kg、帶有正電荷的金屬小球懸掛在O點，小球靜止在B點時輕線與豎直方向的夾角為θ=37°．現將小球拉至位置A，使輕線水平張緊后由靜止釋放．g取10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.1．求：（1）小球所受電場力的大小；（2）小球通過最低點C時的速度大小；（3）小球通過最低點C時輕線對小球的拉力大小．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】帶點粒子在電場中運動時，電場力做正功，在電場和磁場的復合場中運動時，洛倫茲力不做功，電場力做負功，所以有v2<v0<v1，對以上兩個過程運用動能定理：，，聯立解得，正確答案是B．2、D【解題分析】

根據左手定則知，電子向A板偏轉，則A的電勢低于的電勢，因為，解得，根據，解得，因為，則霍爾系數故D正確，ABC錯誤．3、C【解題分析】四個電阻串聯，通過它們的電流I相等，由U＝IR可知，電阻兩端電壓U與電阻阻值R成正比，U越大，R越大；a與c只有橫截面積不同，根據a、c兩端的電壓的關系可知導體電阻與導體橫截面積有關，故A錯誤；a與b只有長度不同，根據a、b兩端的電壓的關系可知導體電阻與導體長度有關，故B錯誤；a與d只有材料不同，根據a、d兩端的電壓的關系可知導體電阻與材料有關，故C正確；由實驗結論可以得出導體電阻與導體長度、橫截面積、材料有關，故D錯誤。所以C正確，ABD錯誤。4、B【解題分析】

設彈簧的勁度系數為K，原長為x，當系統平衡時，彈簧的伸長量為x0，則有；A、保持Q不變，將q變為2q時，平衡時有，解得，故A錯誤；B、同理可以得到保持q不變，將Q變為2Q，平衡時彈簧的伸長量小于，故B正確；C、保持Q不變，將q變為?q，如果縮短量等于，則靜電力大于彈力，故會進一步吸引，故平衡時彈簧的縮短量大于，故C錯誤；D、保持q不變，將Q變為?Q，如果縮短量等于，則靜電力大于彈力，故會進一步吸引，故平衡時彈簧的縮短量大于，故D錯誤；故選B．【題目點撥】根據庫侖定律及胡克定律列式分析，電荷量變化，庫侖力變化，兩球的距離變化，彈力變化，根據平衡條件列方程計算即可．5、A【解題分析】

粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，則根據qvB=mv2R若粒子剛好從左側射出，如圖：則：R1=L若粒子剛好從右側射出，如上圖，有：R22=L2+R2-L26、B【解題分析】A、由則由圖象可以知道電阻,故A錯誤;B正確;

C、I-U圖線的斜率可定性表示電阻的倒數,但R不能用來求,故C錯誤;

D、在R兩端加6V的電壓時,電路中電流,則每秒通過電阻的電荷量為，故D錯；綜上所述本題答案是：B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解題分析】根據板間粒子軌跡的偏轉方向可知，粒子帶正電．由于電場力的方向與電場線的切線方向相同，從圖中可以看出粒子在a點時速度的方向與電場線的方向之間的夾角大于90度，所以在a點的附近，電場力做負功，所以粒子的動能先減小．故AB錯誤；根據順著電場線方向電勢降低，從圖中可得，a點的電勢一定高于d點的電勢，正電荷在a點的電勢能大于在d點的電勢能．故C正確；電場線的疏密表示電場的強弱，從圖中可知，b點附近的電場線最密，且板間可認為是勻強電場，所以b點的場強最大，大于a點和d點的場強，所以粒子在a到d的過程中，受到的電場力先增大，再不變，后減小，根據牛頓第二定律，粒子的加速度先增大，再不變，后減小．故D正確．故選CD．點睛：該題考查電場線的特點，以及電場力做功與動能、電勢能之間的關系．圖中可以看出粒子在a點時速度的方向與電場線的方向之間的夾角大于90度是解題的關鍵．8、BC【解題分析】試題分析：根據W=Uq可知對UAB=1V表示：從A到B移動1C的正電荷，電場力做功1J；或者從A到B移動1C的負電荷，克服電場力做功1J，選項BC正確，AD錯誤；故選BC.考點：電勢差9、BCD【解題分析】

由題中“給定的電容器充電時電荷量Q、電壓U、電容C之間相互關系的圖象”可知，本題考查電容器電荷量、電壓、電容之間相互關系，根據電容器規律可分析本題。【題目詳解】ABD.電容的定義式為電容器電容的大小與電容的帶電量Q以及電容器兩極板之間的電壓無關，電容器電容的決定式為只要電容器不變其電容就不發生變化，故A錯誤，BD正確；C.根據·電容器不變，電量Q和電壓U成正比，故C正確。10、CD【解題分析】

AB.由于子彈射入木塊過程中，二者之間存在著摩擦，故此過程系統機械能不守恒，子彈與木塊一起壓縮彈簧的過程中，速度逐漸減小到零，所以此過程動量不守恒，故整個過程中，系統動量、機械能均不守恒，故AB錯誤；C.對子彈和木塊由動量守恒及能量守恒得，，系統損失的機械能為，故C正確；D.由于子彈和木塊碰撞有機械能損失，所以最終彈簧彈性勢能小于最初的動能，故D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、D丙0.49或0.50【解題分析】

（1）[1]．A：平衡摩擦力，假設木板傾角為θ，則有：f=mgsinθ=μmgcosθ，m約掉了，故不需要重新平衡摩擦力．故A錯誤；B：實驗時應先接通電源后釋放小車，故B錯誤；C：讓小車的質量M遠遠大于小桶（及砝碼）的質量，因為：際上繩子的拉力故應該是m＜＜M，即m1應遠小于m1，故C錯誤；D：F=ma，所以：，當F一定時，a與成正比，在用圖象探究加速度與質量關系時，應作圖象，故D正確．故選D．（1）[1]．遺漏了平衡摩擦力這一步驟，就會出現當有拉力時，物體不動的情況．故圖線為丙．（3）[3]．由于每相鄰兩個計數點間還有4個點沒有畫出，所以相鄰的計數點間的時間間隔T=0.1s，根據勻變速直線運動的推論公式△x=aT1可以求出加速度的大小．12、安培減小伏特增大【解題分析】試題分析：甲圖通過并聯電阻分走部分電流，所以甲為電流表，且R1越小分的電流越多，所以應該是減小；乙圖通過并聯電阻分得電壓，且電阻越大分的電壓越多，所以R2應該增大考點：電壓或者電流表的改裝點評：本題考查了利用串并聯電路實現的電