2024屆山西省忻州市忻州一中物理高二第一學期期中預測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某同學做一小實驗，在上端開口的塑料瓶靠近底部的側面打一個小孔，用手握住水瓶并按住小孔，注滿水，移開手指水就會從孔中射出，然后釋放水瓶，發現水不再射出(瓶內水足夠多)，這是因為水瓶在下落過程中水()A．處于超重狀態 B．處于失重狀態C．做勻速直線運動 D．做勻減速直線運動2、如圖所示為一個多量程多用電表的簡化電路圖.單刀多擲開關S可以與不同接點連接.下列說法正確的是（）A．當S接1或2時為直流電流檔，接1時量程較小B．當S接1或2時為直流電壓檔，接1時量程較大C．當S接3或4時為直流電流檔，接3時量程較大D．當S接5或6時為直流電壓檔，接5時量程較小3、如圖所示，空間有一電場，電場中有兩個點a和b．下列表述正確的是A．該電場是勻強電場B．a點的電場強度比b點的大C．a點的電勢比b點的高D．正電荷在a、b兩點受力方向相同4、如圖所示,正電荷q僅在電場力作用下由P向Q運動，速度時間圖像如下圖所示，那么可以斷定，它所在的電場是右圖中哪一個？()A． B．C． D．5、如圖所示，充電后與電源分離的平行板電容器，其正極板接地，在極板間P點有一帶電液滴處于靜止狀態現將B板移至虛線處，則A．兩板間電壓變大B．P點場強不變，但電勢降低C．電荷q仍保持靜止D．電荷q的電勢能減小6、如圖所示，小車AB放在光滑水平面上，A端固定一個輕彈簧，B端粘有油泥，AB總質量為M，質量為m的木塊C放在小車上，用細繩連接于小車的A端并使彈簧壓縮，開始時AB和C都靜止，當突然燒斷細繩時，C被釋放，C離開彈簧向B端沖去，并跟B端油泥粘在一起，忽略一切摩擦，以下說法正確的是A．彈簧伸長過程中C向右運動，同時AB也向右運動B．C與B碰前，C與AB的速率之比為m:MC．C與油泥粘在一起后，AB繼續向右運動D．C與油泥粘在一起后，AB立即停止運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖在x軸的-3a和3a兩處分別固定兩個電荷QA、QB，圖中曲線是兩電荷之間的電勢φ與位置x之間的關系圖象，圖中x=a處為圖線的最低點。線于在x=2a處由靜止釋放一個質量為m、帶電荷量為q的正電點電荷，該電荷只在電場力作用下運動。下列有關說法正確的是A．電荷運動至x=a處時速度最大B．兩點電荷QA:QB=4:1C．該電荷一定通過x=a處，但不能到達x=-a處D．該電荷以O為中點做往復運動8、如圖所示，兩個半徑相同的半圓形光滑軌道分別豎直放在勻強磁場和勻強電場中，軌道兩端在同一高度上兩個相同的帶正電小球可視為質點同時分別從軌道的左端最高點由靜止釋放，M、N分別為兩軌道的最低點，則()A．兩小球到達軌道最低點的速度B．兩小球到達軌道最低點時對軌道的壓力C．兩小球第一次到達最低點的時間相同D．兩小球都能到達軌道的另一端9、如圖所示為兩電阻R1和R2的伏安特性曲線．若在兩電阻兩端加相同的電壓，關于它們的電阻值及發熱功率比較正確的是()A．電阻R1的阻值較大B．電阻R2的阻值較大C．電阻R1的發熱功率較大D．電阻R2的發熱功率較大10、如圖所示，正方形區域內存在垂直紙面的勻強磁場.一帶電粒子垂直于磁場邊界從a點射入，從b點射出。下列說法正確的是（）A．粒子帶負電B．粒子在b點的速率大于在a點的速率C．若僅減小磁感應強度，則粒子可能從b點右側射出D．若僅減小入射速率，則粒子在磁場中運動時間變短三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為探究小燈泡的電功率P和電壓U的關系，小明測量小燈泡的電壓U和電流I，利用P=UI得到電功率．實驗所使用的小燈泡規格為“3.0V，1.8W”，電源為12V的電池，滑動變阻器的最大阻值為10Ω．(1)準備使用的實物電路如圖1所示．其中R0為定值電阻，以防止調節滑動變阻器時小燈泡兩端電壓過大．請將滑動變阻器接入電路的正確位置________________________．（用筆畫線代替導線）(2)現有R1=10Ω、R2=20Ω和R3=50Ω三只定值電阻，電路中的電阻R0應選____________．(3)小明處理數據后將P、U2描點在坐標紙上，并作出了一條直線，如圖2所示．請指出圖象中不恰當的地方：____________________________________________．12．（12分）如圖為實驗室中驗證動量守恒定律的實驗裝置示意圖（1）若入射小球質量為m1，半徑為r1；被碰小球質量為m2，半徑為r2，則（________）A．m1>m2r1>r2B．m1>m2r1<r2C．m1>m2r1＝r2D．m1<m2r1＝r2（2）實驗中記錄了軌道末端在記錄紙上的投影位置為O，經多次釋放小球，在記錄紙上找到兩球的平均落點位置M、P、N，并測得它們到O點的距離分別為、、．已知入射小球的質量為m1，被碰小球的質量為m2，只要驗證等式_______________成立，即表示碰撞中動量守恒．（3）滿足(2)的情況下，若滿足等式___________________成立，即可認為碰撞為彈性碰撞．(僅用線段、、表示)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，質量為m的金屬棒長為L1，棒兩端與長為L2的細軟金屬線相連，吊在磁感應強度B、豎直向上的勻強磁場中．當金屬棒中通過穩恒電流I后，金屬棒向紙外擺動，擺動過程中的最大偏角θ＝60°．求：(1)金屬棒中電流大小和方向；(2)金屬棒在擺動過程中動能的最大值．14．（16分）某直流電動機提升重物的裝置如圖，重物質量為M=50kg，電源電壓恒為U=220V，不計各處摩擦，當電動機以v=2m/s的速率勻速提升重物時，電路中的電流強度為I=5A。求：(1)電動機消耗總功率(2)電動機輸出的機械功率P機.15．（12分）如圖所示，兩平行金屬導軌間的距離L=0.2m，金屬導軌所在的平面與水平面夾角θ=37°，金屬導軌的一端接有電動勢E=6V、內阻r=1Ω的直流電源．現把一個質量的導體棒ab放在金屬導軌上，導體棒與金屬導軌垂直、且接觸良好，它們之間的動摩擦因數為μ=0.1．為使導體棒能靜止在導軌上，在導軌所在平面內，加一個豎直向上的勻強磁場．導軌電阻不計，導體棒接入電路的電阻R0=2Ω．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，取g=10m/s2．求：（1）當磁感應強度B1多大時，導體棒與導軌間的摩擦力為零；（2）當磁感應強度B2=12.1T時，導體棒與導軌間摩擦力的大小和方向；（3）使導體棒能靜止在導軌上所加磁場的磁感應強度B的最小值．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

當水瓶被釋放后，水瓶及水均做自由下落運動，加速度為g，向下做勻加速直線運動，則均處于失重狀態；故ACD錯誤；B正確；故選B．【題目點撥】判斷物體超重和失重很簡單；只要明確物體的加速度的方向即可；加速度向下，則物體失重；加速度向上，則物體超重．2、D【解題分析】

AB、當開關S旋到位置1、2位置，電阻與表頭并聯，則多用電表就成了電流表，接1時分流電阻小，其分流大，則量程大，故A、B錯誤；C、當開關S旋到位置3或4，電路中有電源，則多用電表就成了歐姆表，故C錯誤；D、當開關S旋轉到5、6位置，表頭與電阻串聯，則多用電表就成了電壓表，，串聯電阻越大，則量程越大，所以接5時量程較小，接6時量程較大，故D正確．故選D．【題目點撥】S旋到位置1、2連接時，電阻與表頭并聯，則多用電表就成了電流表，并聯電阻越小時，允許通過電流越大；S旋到位置3或4，電路中有電源，則多用電表就成了歐姆表；S旋到位置5、6時，表頭與電阻串聯，則多用電表就成了電壓表，電流表所串聯的電阻越大，所測量電壓值就越大．3、C【解題分析】

電場線疏密表示電場強度的大小，切線方向表示電場強度的方向，正電荷的受力方向和場強方向相同．沿著電場線電勢降低．答案選C．4、B【解題分析】A項：正電荷在電場中受到向左的電場力，由圖可知，從P到Q電場強度越越來小，所以正電荷從P到Q做加速度逐漸減小的減速運動，故A錯誤；B項：正電荷在勻強電場中受到向左的電場力，所以正電荷從P到Q做勻減速直線運動，故B正確；C項：正電荷在勻強電場中受到向右的電場力，所以電荷在勻強電場中做勻加速直線運動，故C錯誤；D項：正電荷在電場中受到向右的電場力，由圖可知，從P到Q電場強度越越來小，所以正電荷從P到Q做加速度逐漸減小的加速運動，故D錯誤．點晴：解決本題關鍵理解電場線的疏密程度表示場強大小，電場線越密表示場強越大，電場線越稀疏表示場強越小．5、C【解題分析】

試題分析：充電后與電源分離的平行板電容器，其兩極板上的電荷量恒定，將B板移至虛線處，兩極板間的距離減小，所以根據公式可得電容增大，兩極板上的電荷量恒定，根據公式可得兩極板間的電壓減小，A錯誤；根據公式，，，聯立可得，與兩極板間的距離無關，所以現將B板移至虛線處，兩極板間的電場強度恒定不變，故電荷q仍保持靜止，根據可得P點與B板之間的電勢差減小，因為B板接地，電勢為零，所以P點的電勢增加，B錯誤C正確；根據公式可得電勢能增加，D錯誤；考點：考查了電容器的動態分析【名師點睛】在分析電容器動態變化時，需要根據判斷電容器的電容變化情況，然后結合，等公式分析，需要注意的是，如果電容器和電源相連則電容器兩極板間的電壓恒定，如果電容器充電后與電源斷開，則電容器兩極板上的電荷量恒定不變6、D【解題分析】

小車、物塊和彈簧組成的系統動量守恒,開始時都靜止，即總動量為零,結合動量守恒定律分析物塊和小車的速度之比,以及C與泥粘在一起時的運動情況【題目詳解】A、小車、物塊和彈簧組成的系統動量守恒,開始總動量為零,當彈簧伸長的過程中,C向右運動,則小車向左運動,故A錯誤.

B、規定向右為正方向,在C與B碰前,根據動量守恒得，計算得出故B錯；CD、因為小車、物塊和彈簧組成的系統動量守恒,開始總動量為零,當C與泥粘在一起時,總動量仍然為零,則小車停止運動,故C錯；D對；故選D【題目點撥】解決本題的關鍵是將小車、物塊和彈簧視為一個系統，整體應用動量守恒定律．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解題分析】在φ-x圖象中圖線的斜率表示電場強度的大小，由此可知x=a處電場強度為零，根據動能定理qU=△Ek，可知點電荷從x=2a到x=a處，電勢差最大，則電場力做正功最多，在x=a處速度最大，故A正確；由圖線可知因在x=a處電場強度為零，則有：，可得：QA：QB=4：1，故B正確；由圖可知x=-a處與x=2a處電勢相等且點電荷由靜止釋放，由動能定理可知點電荷剛好能到達x=-a處，故C錯誤；點電荷在x=-a與x=2a之間做往復運動，則O處不是運動中心，故D錯誤。所以AB正確，CD錯誤。8、AB【解題分析】

小球在磁場中運動，在最低點進行受力分析可知，解得：①，小球在電場中運動，在最低點受力分析可知，解得②，由于小球在磁場中運動，磁場力對小球不做功，整個過程中小球的機械能守恒；而小球在電場中運動受到的電場力對小球做負功，到達最低點時的速度的大小較小，所以在電場中運動的時間也長，A正確C錯誤；因為，結合①②可知：，B正確；由于小球在磁場中運動，磁場力對小球不做功，整個過程中小球的機械能守恒，所以小球可以到達軌道的另一端，而電場力做小球做負功，所以小球在達到軌道另一端之前速度就減為零了，故不能到達最右端，D錯誤．【題目點撥】洛侖茲力對小球不做功，但是洛侖茲力影響了球對軌道的作用力，在電場中的小球，電場力對小球做功，影響小球的速度的大小，從而影響小球對軌道的壓力的大小．9、BC【解題分析】

因為該圖象是I-U圖線，圖象的斜率表示電阻的倒數，斜率越大，電阻越小，所以R2的阻值大于R1的阻值，故A錯誤、B正確．根據功率的公式P=U2R，電壓相同，電阻大的功率小，所以R1的發熱功率大，故10、AC【解題分析】

A．粒子向下偏轉，根據左手定則可得粒子帶負電。故A正確。

B．粒子在磁場中運動時洛倫茲力不做功，粒子在b點速率等于在a點速率。故B錯誤。

C．根據可知，若僅減小磁感應強度，則粒子運動的半徑增大，粒子可能從b點右側射出。故C正確。

D．若僅減小入射速率，則粒子在磁場中運動半徑減小，粒子軌跡對應的圓心角有可能增大，根據T，可知粒子運動時間可能增加。故D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、R1①圖線不應畫直線，應用平滑的曲線連接②橫坐標標度太大【解題分析】（1）測定小燈泡電功率實驗要求電流從零調，所以滑動變阻器應用分壓式接法，實物電路圖如圖所示：

（2）小燈泡的額定電流為：I==0.6A，所以通過電源的電流為I′=I+I變=0.6+0.3=0.9A，根據閉合電路歐姆定律，應有E=U+I′（r+R0），解得R0+r==10Ω，所以保護電阻應選10Ω的定值電阻R1；

（3）圖象中不恰當的地方有①圖線不應畫直線，應用平滑的曲線連接；②橫坐標標度太大．12、C【解題分析】

(1)[1]為保證兩球發生對心正碰，兩球的半徑應相等，為防止碰撞后入射球反彈，入射球的質量應大于被碰球的質量，故選C。(2)[2]小球離開軌道后做平拋運動，小球拋出點的高度相等，則它們在空中的運動時間t相等，驗證碰撞中的動量守恒，需要驗證：，則：，，因此需要驗證：；(3)[3]小球發生彈性碰撞，碰撞過程中系統動量