2024屆江蘇省南京六合區程橋高中物理高二上期中監測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，由絕緣材料制成的光滑圓環（圓心為O）豎直固定，帶電量為+q的小球A固定在圓環的最高點，電荷量為q的小球B套在圓環上并可自由移動。若小球B靜止時，兩球的連線與豎直方向的夾角θ=30°．已知靜電力常量為k，重力加速度為g，下列說法正確的是A．小球B可能帶正電B．O點的電場強度大小為C．O點的電場強度大小為D．O點的電場強度方向沿著OA方向2、如圖所示，帶等量異種電荷的平行板之間，存在著垂直紙面向里的勻強磁場，一帶電粒子在電場力和洛倫茲力的作用下，從靜止開始自A點沿曲線ACB運動，到達B點時速度為零，C點是曲線的最低點，不計重力，以下說法正確的是A．這個粒子帶負電荷B．A點和B點必定位于同一水平面上C．在C點洛倫茲力等于電場力D．粒子達到B點后將沿曲線返回A點3、如圖甲所示，長直導線與閉合金屬線框位于同一平面內，長直導線中的電流i隨時間t的變化關系如圖乙所示．在時間內，直導線中電流向上，則在時間內，線框中感應電流的方向與所受安培力的合力方向分別是()A．順時針，向左 B．逆時針，向右C．順時針，向右 D．逆時針，向左4、一臺電動機的線圈電阻與一只電爐的電阻相同，當二者通過相同的電流且均正常工作時，在相同的時間內①電爐放出的熱量與電動機放出的熱量相等②電爐兩端電壓小于電動機兩端電壓③電爐兩端電壓等于電動機兩端電壓④電動機消耗的功率大于電爐消耗的功率A．①②④ B．①③ C．②④ D．③④5、若用E表示電源電動勢，U表示外電壓，U′表示內電壓，R表示外電路的總電阻，r表示內電阻，I表示電流，則下列各式中正確的是（）A．U=2U′ B．U′=E－U C．U=E＋Ir D．U=6、金屬材料的電阻率有以下特點：一般而言，純金屬的電阻率小，合金的電阻率大；金屬的電阻率隨溫度的升高而增大，有的金屬電阻率隨溫度變化而顯著變化，有的合金的電阻率幾乎不受溫度的影響．根據以上的信息判斷，下列說法中正確的是A．連接電路用的導線一般用合金來制作B．標準電阻一般用合金來制作C．提升溫度，可以使金屬導體成為超導體D．白熾燈絲是用金屬制成的，正常發光時燈絲的電阻比不發光時更小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一簇電場線的分布關于y軸對稱，O是坐標原點，M、N、P、Q是以O為圓心的一個圓周上的四個點，其中M、N在y軸上，Q點在x軸上，則()A．M點的電勢比P點的電勢低B．O、M間的電勢差小于N、O間的電勢差C．一正電荷在O點時的電勢能小于在Q點時的電勢能D．將一負電荷由M點移到P點，電場力做正功8、如圖所示為用直流電動機提升重物的裝置，重物的重量為500N，電源電動勢為110V，不計電源內阻及各處摩擦，當電動機以0.90m/s的恒定速度向上提升重物時，電路中的電流為5.0A，可以判斷：（）A．電動機消耗的總功率為550WB．提升重物消耗的功率為450WC．電動機線圈的電阻為22ΩD．電動機線圈的電阻為4Ω9、如圖所示電路中，已知R1＝R2＝R3，R1兩端電壓為3V，R3兩端電壓為1V．R4、R5為定值電阻．則()A．R2兩端電壓可能為2VB．A、B兩端電壓可能為7VC．若A、B兩端電壓為5V，可以判斷出R4＞R5D．若A、B兩端電壓為5V，可以判斷出R4＜R510、“示波器”是電工學中的重要儀器，如圖所示為示波器的原理圖，有一電子在電勢差為U1的電場中加速后，垂直射入電勢差為U2的偏轉電場，在滿足電子能射出偏轉電場的條件下，下列四種情況中，一定能使電子的偏轉角變小的是（）A．U1不變，U2變小B．U1變大，U2變小C．U1變小，U2變大D．U1不變，U2變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線的實驗中，需測量一個標有，”燈泡兩端的電壓和通過燈泡的電流，現有如下器材：直流電源（電動勢，內阻不計）開關導線若干電流表A1（量程，內阻約）電壓表V1（量程，內阻約）電流表A2（量程，內阻約）電壓表V2（量程，內阻約）滑動變阻器（阻值，額定電流）滑動變阻器（阻值，額定電流）(1)請在甲圖方框內完成電路圖______，并在乙圖中將相應的實驗電路圖連接好______；(2)實驗中電壓表應選用________，電流表應選用________，滑動變阻器應選用________；（用對應序號的字母表示）(3)用圖中的方法測定某電路元件的伏安特性曲線數據得到的圖線，由圖線可知該原件的電阻隨著電壓的增大而________（選填“變大”、“變小”或“不變”），在電壓為時，電阻值為________；(4)某同學在實驗時的電壓表和電流表如圖所示，其中電壓表接量程，電流表接量程，則電壓表的讀數為________，電流表的讀數為________；(5)由于實驗用的電流表損壞，所以需將一量程為的表頭改裝成量程為的電流表，已知其內阻為，則需要________（填“串聯”或“并聯”）一個值為________的定值電阻。12．（12分）某同學用下列器材測定一塊手機電池的電動勢和內電阻．電流表A(量程3A,內阻約0.5Ω);電壓表V(量程15V,內阻約15kΩ);滑動變阻器R(0~50Ω,額定電流3A);定值電阻R0=3Ω;開關S及導線若干．(1)為減小實驗誤差,電路圖中的導線應連接到_____(選填“a”或“b”)．(2)連接好電路閉合S前,滑動變阻器的滑片P應置于_____(選填“c”或“d”)端．

(3)根據正確操作,依據得到的電壓表和電流表讀數,作出對應的U-I圖象如圖所示．由圖線可知該電池的電動勢E=_____V,內電阻r=_____Ω(保留兩位有效數字)．

(4)實驗中,隨著滑動變阻器滑片的移動,電壓表的示數U及滑動變阻器消耗的功率P都會發生變化．圖的各示意圖中正確反映P-U關系的是________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）把一個帶電荷量為2×10-8C的正點電荷從電場中的A點移到無限遠處時，靜電力做功8×10-6J；若把該電荷從電場中的B點移到無限遠處時，靜電力做功2×10-6J，取無限遠處電勢為零．(1)求A點的電勢．(2)求A、B兩點的電勢差．(3)若把電荷量q=-2×10-5C的電荷由A點移到B點，靜電力做的功為多少?14．（16分）如圖所示，空間存在與水平地面成37°角的有界勻強電場，水平地面上有一根細短管(距地面高度可忽略)，與水平地面之間的夾角為37°。一個略小于細短管直徑、質量為m=0.1kg、電荷量為q=0.1C的帶電小球，從水平地面上方一定高度處的A點（A點未標出）靜止釋放，恰好沿水平方向做直線運動，經t=0.3s后離開有界電場，又經過一段時間，小球恰好無碰撞地落入細短管。已知重力加速度g=10m/s2，取sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，空氣阻力不計，求：（1）小球所帶電荷的電性和勻強電場強度E的大小；（2）小球落地時速度大小；（3）小球距水平地面的高度.15．（12分）一勻強電場，場強方向是水平的（如圖）.一個質量為m的帶正電的小球，從O點出發，初速度的大小為v0，在電場力與重力的作用下，恰能沿與場強的反方向成θ角的直線運動.求：（1）小球作什么運動？（2）勻強電場的電場強度？（3）小球運動到最高點時其電勢能變化了多少？.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

A.因小球B處于靜止狀態，對其受力分析，如下圖所示：由于A球帶正電，因此小球B一定帶負電，故A錯誤。BCD.因兩球帶電量是等量異種電荷，O點位于兩者連線的中垂線，故O點電場強度方向與AB方向平行指向B方向，大小故BD錯誤C正確。2、B【解題分析】

A．離子從靜止開始運動的方向向下，電場強度方向也向下，所以離子必帶正電荷，故A錯誤；B．因為洛倫茲力不做功，只有靜電力做功，A、B兩點速度都為0，則粒子從A到B運動過程中，電場力先做正功，后做負功，總功為零，所以A點和B點在同一高度，故B正確；C．根據曲線運動條件，在C點洛倫茲力大于電場力時，才會有C到B的運動軌跡，故C錯誤；D．到達B點時速度為零，將重復剛才ACB的運動，向右運動，不會返回，故D錯誤。3、B【解題分析】

在時間內，直導線中電流向上，則時間內，直線電流方向也向上，根據安培定則，可知導線右側磁場的方向垂直紙面向里，電流逐漸增大，則磁場逐漸增強，根據楞次定律，金屬線框中產生逆時針方向的感應電流；根據安培左手定則，可知金屬框左邊受到的安培力方向水平向右，右邊受到的安培力水平向左，離導線越近，磁場越強，則左邊受到的安培力大于右邊受到的安培力，所以金屬框所受安培力的合力水平向右．故B正確，ACD錯誤。4、A【解題分析】

電動機的線圈電阻與一只電爐的電阻相同，當二者通過相同的電流且均正常工作時，根據Q=I2Rt可知，電爐放出的熱量與電動機放出的熱量相等，①正確；電爐兩端電壓小于電動機兩端電壓，②正確，③錯誤；電動機消耗的功率等于內阻上消耗的功率I2R和輸出功率之和，而電爐消耗的功率等于I2R，故電動機消耗的功率大于電爐消耗的功率，④正確；故選A.5、B【解題分析】

A．根據歐姆定律可知因此A錯誤；B．由于①因此B正確；C．由于代入①式可得C錯誤；D．若電路是純電阻性電路，根據閉合電路歐姆定律路端電壓若電路是非純電阻性電路，此時路端電壓D錯誤。故選B。6、B【解題分析】

A．純金屬的電阻率小，故連接電路用的導線一般用純金屬來制作，故A錯誤；B．合金的電阻率幾乎不受溫度的影響，則標準電阻一般用合金來制作，選項B正確；C．某些物質在溫度降低到某一值時電阻會變成零，成為超導體，則降低溫度，可以使金屬導體成為超導體，選項C錯誤；D．白熾燈絲是用金屬制成的，正常發光時燈絲的溫度較高，則其電阻比不發光時更大，故D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解題分析】

A：根據等勢線與電場線垂直，順著電場線的方向電勢降低；可知M點的電勢比P點的電勢低。故A項正確。B：O、M間的場強小于N、O間的場強，OM=NO，由公式U=Ed分析得知，O、M間的電勢差小于C：根據等勢線與電場線垂直，順著電場線的方向電勢降低；可得O點的電勢高于Q點的電勢，則正電荷在O點時的電勢能大于在Q點時的電勢能。故C項錯誤。D：M點的電勢比P點的電勢低，則負電荷在M點的電勢能比在P點的電勢能大，所以將一負電荷由M點移到P點時，電勢能減小，電場力將正功。故D項正確。【題目點撥】本題關鍵要根據電場線方向及等勢線與電場線垂直判斷出各點電勢的高低，利用EP=qφ分析電荷電勢能的變化，再據8、ABD【解題分析】

重物被提升的功率P1=Fv=Gv=500×0.9W=450W

此時電路中的電流為5A．則電源的總功率P總=EI=110×5W=550W

所以線圈電阻消耗的功率為Pr=P總-P1=550-450W=100W

由毆姆定律可得：，故ABD正確，C錯誤。9、ABC【解題分析】設R＝R1＝R2＝R3，已知R1兩端電壓為3V，R3兩端電壓為1V，根據歐姆定律，流過R1的電流為，流過R3的電流為，故流過電阻R2的電流可能為：，也可能為：；若流過R2的電流為，則R2兩端電壓為2V；若流過R2的電流為，則R2兩端電壓為4V，故A正確；點A與點B間的電壓等于電阻R1與R2電壓之和．R1兩端電壓為3V，若R2兩端電壓為2V，則A、B兩端電壓為5V；若R2兩端電壓為4V，則A、B兩端電壓為7V，故B正確；若A、B兩端電壓為5V，電流流向如圖所示，說明電阻R3上端的電勢較高，下端的電勢較低，則R4兩端的電壓應該高于電阻R5兩端的電壓，故R4＞R5，故C正確，D錯誤．故選ABC.【題目點撥】本題考查了串聯電路和并聯電路的特點和歐姆定律的靈活應用．10、AB【解題分析】根據動能定理：，得：，在偏轉電場中：，，，，若使偏轉角變小即使變小，故A、B正確．點晴：本題是帶電粒子先加速后偏轉問題，電場中加速根據動能定理求解獲得的速度、偏轉電場中類平拋運動的研究方法是運動的分解和合成，常規問題．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、電壓表V1電流表A2滑動變阻器變大并聯【解題分析】

(1)[1][2]實驗時，滑動變阻器要用分壓電路，則電路如圖：實物連線如圖(2)[3][4][5]實驗中由于燈泡額定電壓為3V，則電壓表應選用V1，燈泡額定電流為0.5A，則電流表應選用A2，滑動變阻器要用分壓電路，則應選用阻值較小的R1；(3)[6][7]由圖線可知該原件的電阻隨著電壓的增大而變大，在電壓為時，電阻值為(4)[8][9]電壓表的最小分度為0.1V，則讀數為1.10V；電流表最小分度為0.02A，則讀數為0.33A。(5)[10][11]電流計改裝成電流表，則需要并聯一個值為12、ad8.50.75C【解題分析】(1)為減小實驗誤差,應采用電流表內接，電路圖中的導線應連接到a．

（2）連接好電路閉合S前,滑動變阻器阻值置于電阻最大的位置，即滑片P應置于d端；（3）由圖線可知該電池的電動勢E=8.5V,內電阻.（4）滑動變阻器消耗的功率，即P-U關系為二次函數關系，故選C；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）φA=400V（2）300V（3）-6×10-3J【解題分析】

（1）無窮遠處某點O的電勢為零，根據電場力做功與電勢能變化的關系公式WAB=EpA-EpB，有WOA=EpO-EpA

無窮遠處電勢能為零，即EpO=0

故EpA=-WOA=8×10-6J

根據電勢的定義式φ=

得；

（2）把該電荷從無限遠處的O點移到電場中B點，需克服電場力做功2×10-6J，取無限遠處電勢為零，根據電場力做功與電勢能變化的關系公式WAB=EpA-EpB，有

WOB=EpO-EpB

無窮遠處電勢能為零，即EpO=0

故EpB=-WOB=2×10-6J

根據電勢的定義式，得故A、B間的電勢差為UAB=φA-φB=400V-100V=300V；

（3）若把2×10-5C的負電荷由A點移到B點，電場力所做的功：WAB=qUAB=-2×10-5×300=-6×10-3J；【題目點撥】本題關鍵是根據功能關系得到電場力做功與電勢能變化的關系，然后列式求解出電場中各個點的電勢能，最后根據電勢的定義式求解各個