2022年四川省樂山市伏龍中學高一物理上學期摸底試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.(單選)關于向心力的說法正確的是（

）A．物體由于作圓周運動而產生一個向心力B．向心力不改變做勻速圓周運動物體的速度大小C．做勻速圓周運動的物體的向心力即為其所受合外力D．做勻速圓周運動的物體的向心力是個恒力參考答案：C2.如圖，在水平桌面上放置一斜面體P，兩長方體物塊a和b疊放在P的斜面上，整個系統處于靜止狀態．若將a和b、b與P、P與桌面之間摩擦力的大小分別用f1、f2和f3表示．則（）A．f1=0，f2≠0，f3≠0 B．f1≠0，f2=0，f3=0C．f1≠0，f2≠0，f3=0 D．f1≠0，f2≠0，f3≠0參考答案：C【考點】共點力平衡的條件及其應用；摩擦力的判斷與計算．【分析】分別對a、ab以及abP整體進行分析，根據平衡條件可明確各研究對象是否受到摩擦力作用．【解答】解：對a物體分析可知，a物體受重力、支持力的作用，有沿斜面向下滑動的趨勢，因此a受到b向上的摩擦力；f1≠0；再對ab整體分析可知，ab整體受重力、支持力的作用，有沿斜面向下滑動的趨勢，因此b受到P向上的摩擦力；f2≠0；對ab及P組成的整體分析，由于整體在水平方向不受外力，因此P不受地面的摩擦力；f3=0；故只有C正確，ABD錯誤；故選：C．3.（單選）下列說法中正確的是（

）①如果物體運動的加速度減小，速度可能會增大。②物體有加速度，速度就會增大。③作用在物體上的滑動摩擦力只能使物體減速，不可能使物體加速。④運動的物體不可能受到靜摩擦力，但靜止的物體可以受到滑動摩擦力。⑤力是使物體產生加速度的原因，沒有力就沒有加速度。⑥速度變化越快的物體慣性越大，勻速運動或靜止時沒有慣性。A．①③⑤

B．②④⑥

C．①④⑤

D．以上三項都不正確參考答案：D4.（多選）對開普勒第一定律的理解，下列說法正確的是()．A．太陽系中的所有行星有一個共同的軌道焦點B．行星的運動方向總是沿著軌道的切線方向C．行星的運動方向總是與它和太陽的連線垂直D．日心說的說法是正確的參考答案：AB解析根據開普勒第一定律可知A是正確的，又因為行星的運動方向總是沿著軌道的切線方向，故選項B也正確．因此本題的正確選項是A、B.5.物體做平拋運動時，它的速度方向與水平方向的夾角θ的正切tanθ隨時間的變化圖像是（

）參考答案：B二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.在做《研究勻變速直線運動》的實驗時，某同學得到一條紙帶，如圖所示，并且每隔四個計時點取一個計數點，已知每兩個計數點間的距離為S1＝0.96cm，S2＝2.88cm，S3＝4.80cm，S4＝6.72cm，S5＝8.64cm，S6＝10.56cm，電磁打點計時器的電源頻率為50Hz。計算此紙帶的加速度大小a＝

m/s2，打第4號計數點時紙帶的速度大小V＝

m/s。（保留3位有效數字）參考答案：1.92m/s2,0.768m/s。7.已知某行星繞太陽運動的軌道半徑為r，周期為T，太陽的半徑為R，則太陽的平均密度是

。參考答案：8.“探究加速度與力的關系”的實驗裝置如圖。本實驗中使用的電火花計時器，使用（1）

（選填“直流”或“交流”）電源。已知電火花計時器打點的時間間隔為0.02s，每五個點取一個計數點，則相鄰兩計數點間的時間間隔為（2）s。為減小實驗誤差，盤和砝碼的質量應比小車的質量（3）（選填“小”或“大”）得多。參考答案：⑴交流

0.1

（2）小9.某同學在研究彈簧的彈力與彈簧伸長量的關系時，將彈簧水平放置測出其自然長度，然后豎直懸掛讓其自然下垂，在其下端加掛鉤碼，實驗時彈簧始終未超過彈性限度。用記錄的彈力與彈簧的伸長量x做出圖象如圖，由圖象可知彈簧的勁度系數為_______N/m，圖線不過坐標原點的原因是由于________。參考答案：200，彈簧自身重力試題分析：圖像的斜率表示彈簧的勁度系數，故，從圖中可以看出當外力為零時，彈簧的伸長量不為零，這是由于彈簧自身重力造成的，考點：研究彈簧的彈力與彈簧伸長量的關系【名師點睛】解題關鍵明確圖線的斜率即為彈簧的勁度系數，求解時注意單位的換算。10.組成物體的分子在做永不停息的熱運動，溫度升高時，分子熱運動的平均動能＿＿＿＿(選填“增大”、“不變”或“減小”)。1987年2月我國研制成的超導體起始超導溫度為-173oC，用熱力學溫度表示為

K。參考答案：增大，10011.現有下列物理量或單位，按下面的要求選擇填空．（填序號字母）A．密度 B．米/秒

C．牛頓

D．加速度

E．質量

F．秒

G．厘米

H．長度

I．時間 J．千克（1）屬于物理量的是

．（2）在國際單位制中，作為基本物理量的有

．（3）在物理量的單位中不屬于基本單位的是

．（4）在國際單位制中屬于基本單位的是

，屬于導出單位的是

．參考答案：（1）ADEHI；（2）EHI；（3）BC；（4）FJ，BC解：（1）屬于物理量的是密度、加速度、質量、長度、時間，即選：ADEHI．（2）在國際單位制中，作為基本物理量的有質量、長度、時間，故選：EHI．（3）米/秒、牛頓是導出單位．故選：BC（4）在國際單位中屬于基本單位的是秒、千克，故選：FJ，屬于導出單位的是米/秒，牛頓，故選：BC．故答案為：（1）ADEHI；（2）EHI；（3）BC；（4）FJ，BC12.如圖所示，置于水平地面的三腳架上固定著一重為mg的照相機，三腳架的三根輕質支架等長，與豎直方向均成角，則每根支架中承受的壓力大小為

參考答案：

13.下圖為接在50Hz低壓交流電源上的打點計時器，在紙帶做勻加速直線運動時打出的一條紙帶，圖中所示的是每打5個點所取的記數點，但第3個記數點沒有畫出。由圖數據可求得：（1）該物體的加速度為

m/s2，（2）第3個記數點與第2個記數點的距離約為

cm，（3）打第2個點時該物體的速度為

m/s。參考答案：0.74m/s2,4.36cm,0.399m/s三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.一個物體沿著直線運動，其v﹣t圖象如圖所示。（1）物體在哪段時間內做加速運動？（2）物體在哪段時間內做減速運動？（3）物體的速度方向是否改變？（4）物體的加速度方向是何時改變的？t＝4s時的加速度是多少？參考答案：（1）物體在0﹣2s內做加速運動；（2）物體在6s﹣8s時間內做減速運動；（3）物體的速度方向未發生改變；（4）物體的加速度方向在6s末發生改變，t＝4s時的加速度是0【詳解】（1）在0﹣2s內速度均勻增大，做加速運動；（2）在6s﹣8s速度不斷減小，做減速運動；（3）三段時間內速度均沿正方向，故方向不變；（4）圖象的斜率表示加速度，由圖可知，0﹣2s的加速度方向和6s﹣8s加速度方向不同，所以加速度方向在6s末發生變化了，t＝4s物體做勻速直線運動，加速度為零15.在距離地面5m處將一個質量為1kg的小球以10m/s的速度水平拋出，若g＝10m/s2。求：（1）小球在空中的飛行時間是多少？（2）水平飛行的距離是多少米？（3）小球落地時的速度？參考答案：（1）1s，（2）10m，（3）m/s............（2）小球在水平方向上做勻速直線運動，得小球水平飛行的距離為：s＝v0t＝10×1m＝10m。

（3）小球落地時的豎直速度為：vy＝gt＝10m/s。

所以，小球落地時的速度為：v＝m/s＝10m/s，

方向與水平方向的夾角為45°向下。

四、計算題：本題共3小題，共計47分16.某型號的艦載飛機在航空母艦的跑道上加速時，發動機產生的最大加速度為5m/s2，所需的起飛速度為50m/s，跑道長160m．通過計算判斷：（不計風力等影響）（1）飛機能否靠自身的發動機從艦上起飛？（2）為了使飛機在開始滑行時就有一定的初速度，航空母艦裝有彈射裝置．對于該型號的艦載飛機，彈射系統必須使它具有多大的初速度？（3）若彈射裝置在戰斗中毀壞，你是艦長，將怎樣指揮飛機起飛？參考答案：解：（1）設飛機依靠自身發動機從航空母艦上起飛獲得的末速度為vt由得由于v＜50m/s，所以飛機依靠自身的發動機不能從航空母艦上起飛（2）設彈射裝置使艦載飛機的初速度為v0由得=30m/s（3）航母以30m/s以上的速度運動時，飛機沿同方向起飛答：（1）不能靠自身起飛（2）彈射系統必須使它具有30m/s的初速度（3）航母以30m/s以上的速度運動時，飛機沿同方向起飛【考點】勻變速直線運動的位移與時間的關系；勻變速直線運動的速度與時間的關系．【分析】（1）根據速度與位移的關系公式，求出飛機經過100米跑道獲得的速度，與飛機的起飛速度相比，可以判斷飛機能不能飛起來．（2）根據速度與位移的關系公式，求出速度．（3）航母以30m/s的速度運動時，靠自身發動機起飛速度能達到起飛速度17.宇航員在月球表面用彈簧秤稱得質量的砝碼重為F，已知月球半徑為R。若要發射一顆貼近月球表面做圓周運動的探月衛星，則該衛星繞月運行的速率多大。

參考答案：宇航員在月球表面用彈簧秤稱得質量的砝碼重為F，已知月球半徑為R。若要發射一顆貼近月球表面做圓周運動的探月衛星，則該衛星繞月運行的速率多大。解：依題意可得：

①解得：

②…2分根據萬有引力引律和牛頓第二定律得：

③

…2分

④

……………2分（注：其它合理列式