2022-2023學年江蘇省南京市永豐中學高三物理月考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（多選）下列實驗中，深入地揭示了光的粒子性一面的有．參考答案：ABA、該實驗是X射線被石墨散射后部分波長變大，是康普頓效應，說明光具有粒子性。故A正確。B、該實驗是光電效應實驗，光電效應說明光具有粒子性。故B正確。C、該實驗是α粒子散射實驗，說明原子的核式結構模型。故C錯誤。D、該實驗是氫原子發射的光經三棱鏡分光后，呈現線狀譜，與光的粒子性無關。故D錯誤。故選AB。2.一列簡諧橫波沿軸傳播，時的波形如圖所示，此時質點A與質點B相距1m，質點A速度沿軸正方向；s時，質點A第一次到達正向最大位移處。由此可知A．此波的傳播速度為25m／sB．此波沿軸負方向傳播C．從時起，經過0.04s，質點A沿波傳播方向遷移了1mD．在s時，質點B處在平衡位置，速度沿y軸負方向參考答案：答案：AB

3.

如圖所示，質量為m的木塊在質量為M的長木板上受到向右的水平拉力F的作用而向右滑行，長木板處于靜止狀態，已知木塊與木板間的動摩擦因數為μ1，木板與地面間的動摩擦因數為μ2，則下列說法正確的是

A．木板受到地面的摩擦力大小一定是μ2mgB．木板受到地面的摩擦力大小一定是μ2（m+M）gC．當F>μ2（m+M）g時，木板便會開始運動D．無論怎樣改變F的大小，木板都不可能運動參考答案：D4.如圖所示，大量氫原子處于能級n=4的激發態，當它們向各較低能級躍遷時，對于多種可能的躍遷，下面說法中正確的是

A.從n=4能級躍遷到n=2能級放出的光子的頻率等于從n=2能級躍遷到n=1能級放出的光子的頻率B.最多只能放出6種不同頻率的光子C.從n=4能級躍遷到n=1能級放出的光子頻率最高D.從n=4能級躍遷到n=1能級放出的光子波長最長參考答案：）BC5.如圖所示，水平桌面上有一彎曲的軌道，鋼球以一定的速度從軌道的始端進入，末端離開。對鋼球在軌道末端速度方向的判斷，圖中表示正確的是A．

B．

C．

D．參考答案：B二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.（8分）質量為1．0kg的物體放在可繞豎直軸轉動的水平圓盤上，物體與轉軸間用輕彈簧相連．物體與轉盤間最大靜摩擦力是重力的0．2倍，彈簧的勁度系數為600N／m，原長為4cm，此時圓盤處于靜止狀態，如圖2—13所示．圓盤開始轉動后，要使物體與圓盤保持相對靜止，圓盤的最大角速度=

(2)當角速度達到2ω0時，彈簧的伸長量X=

．(g取10m／s2)參考答案：7.愛因斯坦為解釋光電效應現象提出了_______學說。已知在光電效應實驗中分別用波長為λ和的單色光照射同一金屬板，發出的光電子的最大初動能之比為1：2，以h表示普朗克常量，c表示真空中的光速，則此金屬板的逸出功為______________。參考答案：8.一探測飛船，在以X星球中心為圓心、半徑為r1的圓軌道上運動，周期為T1，則X星球的質量為M＝__________；當飛船進入到離X星球表面更近的、半徑為r2的圓軌道上運動時的周期為T2＝___________。（已知引力常量為G）參考答案：，T19.質量為2．0kg的物體，從離地面l6m高處，由靜止開始勻加速下落，經2s落地，則物體下落的加速度的大小是

m/s2，下落過程中物體所受阻力的大小是

N．(g取l0m/s2)參考答案：10.（5分）如圖所示是一列簡諧波的一段圖象，已知d點到達波峰的時間比c早1s/200，a、c兩點間水平距離為3m，則該波的傳播方向為

，波速為

m/s。

參考答案：

答案：向左

20011.（4分）兩個額定電壓為220V的白熾燈L1和L2的U－I特性曲線如圖所示。L2的額定功率約為_______W；現將L1和L2串聯后接到220V的電源上，電源內阻忽略不計，此時L2的實際功率約為________W。參考答案：答案：99，17.512.一氫原子從能量為E2的能級躍遷至能量為E1的較低能級時釋放的光子的波長為______（真空中光速c，普朗克常數h）參考答案：解析：由波爾假設可得hc/λ=E2-E1,釋放的光子的波長為λ=.13.如右圖所示，粗糙斜面的傾角為30°輕繩通過兩個滑輪與A相連，輕繩的另一端固定于天花板上，不計輕繩與滑輪的摩擦．物塊A的質量為m不計滑輪的質量，掛上物塊B后，當滑輪兩邊輕繩的夾角為90°時，A、B恰能保持靜止且A所受摩擦力向下，則物塊B的質量為

參考答案：三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.現要測量滑塊與木板之間的動摩擦因數，實驗裝置如圖1所示．表面粗糙的木板一端固定在水平桌面上，另一端抬起一定高度構成斜面；木板上有一滑塊，其后端與穿過打點計時器的紙帶相連，打點計時器固定在木板上，連接頻率為50Hz的交流電源．接通電源后，從靜止釋放滑塊，滑塊帶動紙帶上打出一系列點跡．（1）圖2給出的是實驗中獲取的一條紙帶的一部分：0、1、2、3、4、5、6是實驗中選取的計數點，每相鄰兩計數點間還有4個打點（圖中未標出），2、3和5、6計數點間的距離如圖2所示．由圖中數據求出滑塊的加速度a=

m/s2（結果保留三位有效數字）．（2）已知木板的長度為l，為了求出滑塊與木板間的動摩擦因數，還應測量的物理量是

．A．滑塊到達斜面底端的速度v

B．滑塊的質量mC．滑塊的運動時間t

D．斜面高度h和底邊長度x（3）設重力加速度為g，滑塊與木板間的動摩擦因數的表達式μ=

（用所需測量物理量的字母表示）參考答案：（1）2.51，（2）D，（3）．【考點】探究影響摩擦力的大小的因素．【分析】（1）利用逐差法△x=aT2可以求出物體的加速度大小，根據勻變速直線運動中某點的瞬時速度等于該過程中的平均速度大小可以求出某點的瞬時速度大??；（2）根據牛頓第二定律有μmgcosθ=ma，由此可知需要測量的物理量．（3）根據牛頓第二定律的表達式，可以求出摩擦系數的表達式【解答】解：（1）每相鄰兩計數點間還有4個打點，說明相鄰的計數點時間間隔：T=0.1s，根據逐差法有：a==≈2.51m/s2；（2）要測量動摩擦因數，由μmgcosθ=ma，可知要求μ，需要知道加速度與夾角余弦值，紙帶數據可算出加速度大小，再根據斜面高度h和底邊長度x，結合三角知識，即可求解，故ABC錯誤，D正確．（3）以滑塊為研究對象，根據牛頓第二定律有：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma解得：μ==．故答案為：（1）2.51，（2）D，（3）．15.（實驗）（1）小明同學到實驗室去做《驗證力的平行四邊形定則》的實驗時看見實驗桌上有一把20分度的游標卡尺，他立即用游標卡尺測量了鋼筆套的長度，如圖（a）所示，則鋼筆套的長度為mm．（2）隨后小明開始做《驗證力的平行四邊形定則》的實驗，在水平放置的木板上墊上一張白紙，把橡皮條的一端固定在板上的A點，橡皮條的另一端拴上兩個細繩套，如圖（b）所示．先用兩個彈簧秤鉤住細繩套，互成角度拉橡皮條使之伸長，結點到某一位置O，此時記下兩個彈簧測力計的讀數F1和F2和兩細繩的方向．請完成下列問題：①F1的讀數如圖（c）所示（只畫出了彈簧秤的一部分）則F1=N．②小明再用一個彈簧測力計鉤住細繩套把橡皮條拉長，應該使結點拉到，記下彈簧測力計的讀數，并記下．③在本實驗中，若保持F1和F2的大小不變，則關于這兩個力的合力的說法中正確的是A．合力F的大小隨F1與F2夾角的增大而增大B．F1和F2的夾角在0°到180°之間時，夾角越小，合力F越大C．F1或F2的大小總是小于合力F的大小D．合力F的大小不一定大于F1或F2的大?。畢⒖即鸢福海?）10.55；（1）①1.22；②同一位置O；細繩的方向；③BD考點： 驗證力的平行四邊形定則．.專題： 實驗題．分析： （1）游標卡尺讀數的方法，主尺讀數加上游標讀數，不需估讀；（2）本實驗的目的是要驗證平行四邊形定則，故應通過平行四邊形得出合力再與真實的合力進行比較；理解實驗的原理即可解答本題．解答： 解：（1）游標卡尺的主尺讀數為：1cm=10mm，游標尺上第11個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為0.05×11mm=0.55mm，所以最終讀數為：10mm+0.55mm=10.55mm．（2）①根據圖C讀出F1=1.22N②為了保證作用效果相同，則用一個彈簧測力計鉤住細繩套把橡皮條拉長，應該使結點拉到同一位置O，記下彈簧測力計的讀數，并記下細繩的方向；③A、根據平行四邊形定則可知，當F1和F2的大小不變時，夾角越大，合力越小，故A錯誤，B正確；C、合力可以大于分力，也可以小于分力，沒有直接聯系，故C錯誤，D正確．故選：BD故答案為：（1）10.55；（1）①1.22；②同一位置O；細繩的方向；③BD點評： 對于基本測量儀器如游標卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，正確使用這些基本儀器進行有關測量．本題屬于對實驗原理的直接考查，應準確掌握實驗的目的及實驗原理分析需要記錄的內容，在學習絕不能死記硬背．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.“真空中兩個靜止點電荷相距10cm，它們之間相互作用力大小為9×10－4N，當它們合在一起時，成為一個帶電量為3×10－８C的點電荷，問原來兩電荷的帶電量各為多少?”某同學求解如下：根據電荷守恒定律：q1+q2=3×10—8C=

①根據庫侖定律：q1q2=以q2=b／q1代人①式得：解得根號中的數值小于0，經檢查，運算無誤．試指出求解過程中的問題并給出正確的解答.參考答案：題中僅給出相互作用力的大小，兩點電荷可能異號，按電荷異號計算．由得由此解得

17.如圖所示，半徑R=0.5m的光滑圓弧面CDM分別與光滑斜面體ABC和斜面MN相切于C、M點，斜面傾角分別如圖所示．O為圓弧圓心，D為圓弧最低點，C、M在同一水平高度．斜面體ABC固定在地面上，頂端B安裝一定滑輪，一輕質軟細繩跨過定滑輪（不計滑輪摩擦）分別連接小物塊P、Q（兩邊細繩分別與對應斜面平行），并保持P、Q兩物塊靜止．若PC間距為L1=0.25m，斜面MN足夠長，物塊P質量m1=3kg，與MN間的動摩擦因數μ=，重力加速度g=10m/s2求：（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）小物塊Q的質量m2；（2）燒斷細繩后，物塊P第一次到達D點時對軌道的壓力大小；（3）物塊P在MN斜面上滑行的總路程．參考答案：考點：動能定理；牛頓第二定律；向心力．專題：動能定理的應用專題．分析：（1）根據共點力平衡條件列式求解；（2）先根據動能定理列式求出到D點的速度，再根據牛頓第二定律求壓力；（3）直接根據動能定理全程列式求解．解答：解：（1）根據共點力平衡條件，兩物體的重力沿斜面的分力相等，有：m1gsin53°=m2gsin37°解得：m2=4kg即小物塊Q的質量m2為4kg．（2）P到D過程，由動能定理得m1gh=根據幾何關系，有：h=L1sin53°+R（1﹣cos53°）在D點，支持力和重力的合力提供向心力：FD﹣mg=m解得：FD=78N由牛頓第三定律得，物塊P對軌道的壓力大小為78N．（3）分析可知最終物塊在CDM之間往復運動，C點和M點速度為零．由全過程動能定理得：mgL1sin53°﹣μmgL1cos53°L總=0解得：L總=1.0m即物塊P在MN斜面上滑行的總路程為1.0m．答：（1）小物塊Q的質量是4kg；（2）燒斷細繩后，物塊P第一次到達D點時對軌道的壓力大小是78N；（3）燒斷細繩后，物塊P在M