學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精寒假訓(xùn)練7牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用一、不定項(xiàng)選擇題1．如圖是“神舟”系列航天飛船返回艙返回地面的示意圖,假定其過程可簡化為:打開降落傘一段時(shí)間后,整個(gè)裝置勻速下降，為確保安全著陸，需點(diǎn)燃返回艙的緩沖火箭,在火箭噴氣過程中返回艙做減速直線運(yùn)動(dòng)，則（）A．火箭開始噴氣瞬間傘繩對(duì)返回艙的拉力變小B．返回艙在噴氣過程中減速的主要原因是空氣阻力C．返回艙在噴氣過程中所受合外力可能做正功D．返回艙在噴氣過程中處于失重狀態(tài)2．（2012·長春期末)在電梯中，把一重物置于臺(tái)秤上，臺(tái)秤與力傳感器相連，當(dāng)電梯從靜止加速上升，然后又勻速運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間，最后停止運(yùn)動(dòng)，傳感器的屏幕上顯示出其受到的壓力與時(shí)間的關(guān)系圖象如圖所示，則A．電梯在啟動(dòng)階段約經(jīng)歷了2。5s的加速上升過程B．電梯在啟動(dòng)階段約經(jīng)歷了4s的加速上升過程C．電梯的最大加速度約為6.7mD．電梯的最大加速度約為16.7m/s3．如圖所示，輕彈簧下端固定在水平面上，一個(gè)小球從彈簧正上方某一高度處由靜止開始自由下落，接觸彈簧后把彈簧壓縮到一定程度后停止下落。在小球下落的這一全過程中，下列說法中正確的是()A．小球剛接觸彈簧瞬間速度最大B．從小球接觸彈簧起加速度變?yōu)樨Q直向上C．從小球接觸彈簧到到達(dá)最低點(diǎn)，小球的速度先增大后減小D．從小球接觸彈簧到到達(dá)最低點(diǎn)，小球的加速度先增大后減小4．（2012·北師大附屬實(shí)驗(yàn)中學(xué)期中）質(zhì)量為0.3kg的物體在水平面上運(yùn)動(dòng)，圖中的兩條直線分別表示物體受水平拉力作用和不受水平拉力作用時(shí)的速度-時(shí)間圖象,則下列說法中正確的是A．物體不受水平拉力時(shí)的速度圖象一定是bB．物體受水平拉力時(shí)的速度圖象可能是aC．摩擦力一定等于0.2ND．水平拉力一定等于0。1N5．（2012·江蘇安宜高級(jí)中學(xué)高三調(diào)研）如圖所示，在水平面和豎直墻壁之間放置質(zhì)量為m、高為h的木塊A和質(zhì)量為M、半徑為R的球B，各接觸面均光滑,木塊受到水平向右的外力F作用,系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。O為B的球心，C為A、B接觸點(diǎn)。現(xiàn)撤去外力F，則(）A．撤去外力F瞬間，木塊A的加速度aA<eq\f（F，m)B．撤去外力F瞬間，球B的加速度aB＝0C．撤去外力F瞬間,墻壁對(duì)球B的彈力FB＝0D．撤去外力F前，木塊對(duì)地面壓力FN＝(m＋M）g6．（2012·杭州一中模擬）如圖所示，質(zhì)量為m的小球用水平輕彈簧系住，并用傾角為30°的光滑木板AB托住，小球恰好處于靜止?fàn)顟B(tài).當(dāng)木板AB突然向下撤離的瞬間,小球的加速度大小為()A．0B。eq\f（2\r（3)，3）gC．gD。eq\f(\r（3),3）g二、非選擇題7．（2012·陜西西工大附中高三第六次適應(yīng)性訓(xùn)練理綜試題)如圖甲所示為學(xué)校操場上一質(zhì)量不計(jì)的豎直滑桿，滑桿上端固定，下端懸空。為了研究學(xué)生沿桿的下滑情況，在桿頂部裝有一拉力傳感器，可顯示桿頂端所受拉力的大小.現(xiàn)有一學(xué)生（可視為質(zhì)點(diǎn)）從上端由靜止開始滑下，5s末滑到桿底時(shí)的速度恰好為零。以學(xué)生開始下滑時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，傳感器顯示的拉力隨時(shí)間變化的情況如圖乙所示,g取10m/s2.（1)該學(xué)生下滑過程中的最大速率；(2)滑桿的長度.

寒假訓(xùn)練7參考答案1．A解析：在火箭噴氣過程中返回艙做減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度方向向上，返回艙處于超重狀態(tài)，動(dòng)能減小,返回艙所受合外力做負(fù)功，返回艙在噴氣過程中減速的主要原因是緩沖火箭向下噴氣而獲得向上的反沖力。火箭開始噴氣前勻速下降,拉力等于重力減去返回艙受到的空氣阻力,火箭開始噴氣瞬間反沖力直接對(duì)返回艙產(chǎn)生向上的作用力因而傘繩對(duì)返回艙的拉力變小。2。BC解析:由題圖可知，在0~4s內(nèi)臺(tái)秤對(duì)物體的支持力大于物體的重力,所以0～4s內(nèi)物體一直加速上升。由圖線知，物體的重力為30N，即質(zhì)量約為3kg，臺(tái)秤對(duì)物體的最大作用力為50N，物體所受的最大合力為20N，所以物體的最大加速度約為6.73．CD解析：小球的加速度大小決定于小球受到的合外力。從接觸彈簧到到達(dá)最低點(diǎn)，彈力從零開始逐漸增大,所以合力先減小后增大，因此加速度先減小后增大。當(dāng)合力與速度同向時(shí)小球速度增大，所以當(dāng)小球所受彈力和重力大小相等時(shí)速度最大。4．BD解析：圖中兩條圖線都表示勻減速直線運(yùn)動(dòng)，只是加速度大小不同，分別為a1＝eq\f（1,3）m/s2，a2＝eq\f(2,3）m/s2；因?yàn)椴恢嚼Φ姆较颍圆荒芘袛喑鰞煞N情況下的加速度大小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確;設(shè)水平拉力F的方向與運(yùn)動(dòng)方向相同，則Ff－F＝ma2，F(xiàn)f＝ma1，代入數(shù)據(jù)，可解得F＝0。1N，F(xiàn)f＝0。1N；再設(shè)水平拉力F的方向與運(yùn)動(dòng)方向相反,則Ff－F＝ma1，F(xiàn)＝ma2，代入數(shù)據(jù)，可解得F＝0.1N,Ff＝0.2N,可見，選項(xiàng)C錯(cuò)誤,D正確。5．AC解析:0～t1階段，物體處于平衡（靜止或勻速）狀態(tài)；t1~t2階段,物體處于失重（加速下降或減速上升)狀態(tài)；t2～t3階段，物體處于平衡狀態(tài)；t3～t4階段，物體處于超重(加速上升或減速下降)狀態(tài)，故本題只有選項(xiàng)A、C正確。6．AD解析：沒有撤去外力F時(shí)，木塊及球受力如圖，撤去外力F瞬間,球立即獲得一個(gè)向下的加速度，但加速度小于g，所以FN1立即減小,但不會(huì)減小到零,所以墻壁對(duì)球B的彈力FB≠0，木塊A的加速度aA＜eq\f（F，m），對(duì)整體，撤去外力F前，木塊對(duì)地面壓力FN＝（m＋M）g,選項(xiàng)A、D正確。7．AC解析：本題考查了用牛頓運(yùn)動(dòng)定律處理斜面問題。物塊的運(yùn)動(dòng)情況是先向上做減速運(yùn)動(dòng)，所受滑動(dòng)摩擦力為μmgcosθ，方向沿斜面向下，達(dá)到最高點(diǎn)后由于μ＞tanθ即mgsinθ＜μmgcosθ，滑塊不會(huì)向下滑動(dòng)，而是保持靜止，靜摩擦力的大小等于重力的下滑分力mgsinθ,小于上滑時(shí)的摩擦力μmgcosθ,所以A、C正確。8．B解析：撤離木板時(shí),小球所受重力和彈簧彈力沒變，二者合力的大小等于撤離木板前木板對(duì)小球的支持力FN，由于FN＝eq\f(mg，cos30°）＝eq\f（2\r(3)，3）mg，所以撤離木板后，小球加速度大小為：a＝eq\f（FN，m）＝eq\f（2\r（3),3)g。B項(xiàng)正確。9．答案：gsinθ垂直L1斜向下方gtanθ水平向右解析：當(dāng)線L2被剪斷的瞬間，因細(xì)線L2對(duì)球的彈力突然消失，而引起L1上的張力發(fā)生突變,使物體的受力情況改變,瞬時(shí)加速度沿垂直L1的方向斜向下方,為a＝gsinθ。當(dāng)線L2被剪斷時(shí)，細(xì)線L2對(duì)球的彈