2021-2022學年廣東惠州市高二上期末考試物理模擬試卷

一.選擇題（共15小題，滿分60分）

1.首先發現通電導線周圍存在磁場的科學家是（）

A.奧斯特B.法拉第C.麥克斯韋D.赫茲

2.（4分）真空中有相隔距離為r的兩個點電荷，它們分別帶2q和3q的電量，其間的靜電

力為F,如果保持它們之間的距離r不變，而將它們所帶電量分別改變為3q和5q,那么

它們之間的靜電力的大小應為（）

A.趣B.史C.史D.不變

228

3.（4分）某電場在直角坐標系中的電場線分布情況如圖所示，0、P、M、N為電場中的四

個點，其中P和M在一條電場線上，則下列說法正確的是（）

yA-V

A.M點的場強小于N點的場強

B.M點的電勢高于N點的電勢

C.將一負電荷由O點移到M點電勢能增加

D.將一正電荷由P點無初速釋放，僅在電場力作用下，可沿PM電場線運動到M點

4.（4分）六根絕緣的導體，在同一平面內組成四個相等的正方4形，導線中通以大小相等

的電流，方向如右圖所示，在這四個正方形區域中，指向紙面內且磁通量最大的區域是

()

321

4---------------

III

5----

fflIV

6----

第1頁共35頁

A.IB.IIC.IllD.IV

5.（4分）如圖所示，A,B、C是點電荷Q形成的電場中的三個點，AB是以Q為圓心的

一段圓弧，且B、C兩點間的電勢差為5V.現將電荷量為0.06C的正點電荷P從A點沿

圓弧移動到B點后再移至C點，可知（）

A.點電荷Q帶負電

B.點電荷P沿圓弧AB運動時電場力做正功

C.A、B兩點的電場強度相同

D.點電荷P在整個過程中的電勢能減少了0.3J

6.（4分）如圖所示是火警報警裝置的一部分電路示意圖，其中R2是半導體熱敏傳感器,

它的阻值隨溫度升高而減小，a、b接報警器，則（）

A.R2處發生火情時，電流表示數變小

B.R2處發生火情時，電流表示數變大

C.當a、b兩點間電壓顯著變大，報警器開始報警

D.當a、b兩點間電壓顯著變小，報警器開始報警

7.（4分）額定電壓都是110V、額定功率PA=110W和PB=40W的電燈兩盞，若接在電壓

是220V的電路上，使兩盞電燈均能正常發光，且電路中消耗功率最小的電路是（）

4B

A.

8.（4分）兩只電壓表Vi和V2是由完全相同的兩個電流計改裝成的，Vi表的量程是5V,

第2頁共35頁

V2表的量程是15V,把它們串聯起來接入電路中。則（)

A.它們的示數相等，指針偏轉角度也相等

B.它們的示數之比為1：3.指針偏轉角度相等

C.它們的示數相等，指針偏轉角度之比為1：3

D.它們的示數之比、指針偏轉角度之比均為1：3

9.（4分）某同學設計了一個多量程多用電表，其內部結構原理圖如圖所示.其電流表的量

程分別為10mA和250mA,電壓表的量程分別為10V和250V,電阻檔分別為X1011和

X100Q.則下列說法正確的是（）

A.功能選擇開關S與“1”相接時，所測物理量和量程分別是直流電流、250mA

B.功能選擇開關S與“3”相接時，所測物理量和量程分別是直流電流、10mA

C.功能選擇開關S與“5”相接時，所測物理量和量程分別是直流電壓、250V

D.作電流表或電壓表時電流從紅表筆流進黑表筆流出，作歐姆表時電流從紅表筆流出黑

表筆流進

10.（4分）如圖所示，在條形磁鐵外面套一圓環，當圓環從磁鐵的N極向下平移到S極的

過程中，穿過圓環的磁通量如何變化（）

N

Js

A.逐漸增加

B.逐漸減少

C.先逐漸增加，后逐漸減少

第3頁共35頁

D.先逐漸減少，后逐漸增大

11.（4分）如圖所示，在真空中某點電荷的電場中，將兩個電荷量相等的試探電荷分別置

于M、N兩點時，兩試探電荷所受電場力相互垂直，且F2=3FI,則以下說法正確的是

（）

A.這兩個試探電荷的電性可能相同

B.M、N兩點可能在同一等勢面上

C.把電子從M點移到N點，電勢能可能增大

D.過MN上某點P（未標出）的電場線與MN垂直時，P、N的距離可能是P、M距離

的3倍

12.（4分）一帶正電荷的質點，在電場力作用下沿曲線abc從a運動到c,已知質點的速率

是減小的.關于b點電場強度E的方向，下列圖示中符合題意的是（虛線是曲線在b點

的切線）（）

13.（4分）下列各力中，一定不能對物體做功的是（）

A.庫侖力B.摩擦力C.洛倫茲力D.萬有引力

14.（4分）如圖所示的電容式話筒就是一種電容式傳感器，其原理是：導電性振動膜片與

固定電極構成了一個電容器，當振動膜片在聲壓的作用下振動時，兩個電極之間的電容

發生變化，電路中電流隨之變化，這樣聲信號就變成了電信號.則當振動膜片向左振動

時，以下說法中正確的是（）

第4頁共35頁

①電容器電容值增大

②電容器帶電荷量減小

③電容器兩極板間的場強增大

④電阻R上電流方向自左向右.

C.②③D.②④

15.（4分）如圖為速度選擇器示意圖，Pi、P2為其兩個極板。某帶電粒子以速度vo從Si

射入，恰能沿虛線從S2射出。不計粒子重力，下列說法正確的是（）

XXXX

2............-——st

xxxx

Pi

A.極板Pl的電勢一定高于極板P2的電勢

B.該粒子一定帶正電

C.該粒子以速度2Vo從Si射入，仍能沿虛線從S2射出

D.該粒子以速度V。從S2射人，也能沿虛線從S1射出

二.多選題（共10小題，滿分40分，每小題4分）

16.（4分）如圖所示，A、B兩個點電荷在真空中所產生電場的電場線（其中方向未標出）

的分布如圖所示.圖中O點為兩點電荷連線的中點，MN為兩點電荷連線的中垂線，點

P在MN上.電場線的分布關于MN左右對稱.下列說法中正確的是（）

A.這兩個點在電荷為等量同種電荷

B.這兩個點電荷為等量異種電荷

第5頁共35頁

C.O點的電場強度比P點的電場強度大

D.0點的電場強度比P點的電場強度小

17.（4分）同一直線上的三個點電荷qi、q2、q3,恰好都處在平衡狀態，除相互作用的靜

電力外不受其他外力作用.已知qi、q2間的距離是q2、q3間的距離的2倍.下列說法可

能正確的是（）

A.qi、q3為正電荷，q2為負電荷

B.qi>q3為負電荷，q2為正電荷

C.qi：q2：q3=36：4：9

D.qi：q2：q3=9：4：36

18.（4分）下列關于電場線的說法中，正確的是（）

A.勻強電場的電場線是一組相互平行間隔相等的直線，且代表正電荷的運動軌跡

B.電場線上每一點的切線方向代表正電荷在該處所受電場力的方向

C.電場線的疏密程度能表示場強的大小

D.兩條電場線不能相交

19.（4分）如圖所示，直線A為電源a的路端電壓與電流的關系圖線；直線B為電源b的

路端電壓與電流的關系圖線；直線C為一個電阻R兩端電壓與電流的關系圖線.將這個

電阻分別接到a、b兩電源上，那么（）

A.電源a的內阻更大

B.電源b的電動勢更大

C.R接到a電源上時，電源的輸出功率更大

D.R接到a電源上時，電源效率更高

20.（4分）如圖所示為兩電源的U-I圖象，則下列說法正確的是（）

A.電源①的電動勢和內阻均比電源②大

第6頁共35頁

B.當外接相同的電阻時，兩電源的輸出功率可能相等

C.當外接同樣的電阻時，兩電源的效率可能相等

D.不論外接多大的相同電阻，電源①的輸出功率總比電源②的輸出功率大

21.（4分）如圖，Ro為熱敏電阻（溫度降低電阻增大），D為理想二極管（正向電阻為零，

反向電阻無窮大），C為平行板電容器，C中央有一帶電液滴剛好靜止，M點接地，開關

K閉合。下列各項單獨操作可能使帶電液滴向上運動的是（）

A.變阻器R的滑動頭p向上移動

B.將熱敏電阻Ro加熱

C.開關K斷開

D.電容器C的上極板向上移動

22.（4分）負電荷q繞某一固定的正電荷作半徑為r的勻速圓周運動時必須具有V的線速

度，如果再增加負電荷的電量至2q,并使軌道半徑變為2r,那么此負電荷的（）

A.速度不變，周期變大B.速度不變，周期不變

C.速度增至&V,周期變大D.速度增至2V,周期不變

23.（4分）如圖所示，一根通電的直導體棒放在傾斜的粗糙斜面上，置于圖示方向的勻強

磁場中，處于靜止狀態.現增大電流，導體棒仍靜止，則在增大電流過程中，導體棒受

到的摩擦力的大小變化情況可能是（）

A.一直增大B.先減小后增大

C.先增大后減小D.始終為零

24.（4分）如圖所示，圓形區域內有垂直于紙面的勻強磁場，三個質量和電荷量都相同的

帶電粒子a、b、c,以不同速率對準圓心O沿著AO方向射入磁場，其運動軌跡如圖.若

帶電粒子只受磁場力作用，則下列說法正確的是（）

第7頁共35頁

A

A.a粒子出射速度方向的反向延長線必過圓心O點

B.c粒子速率最小

C.c粒子在磁場中運動時間最短

D.它們做圓周運動的周期Ta<Tb<Tc

25.（4分）研究表明，蜜蜂是依靠蜂房、采蜜地點和太陽三個點來定位的，蜜蜂飛行時就

是根據這三個位置關系呈8字型運動來告訴同伴蜜源的方位.某興趣小組用帶電粒子在

如圖所示的電場和磁場中模擬蜜蜂的8字形運動，即在y>0的空間中和y<0的空間內

同時存在著大小相等，方向相反的勻強電場，上、下電場以x軸為分界線，在y軸左側

和圖中豎直虛線MN右側均無電場，但有方向垂直紙面向里、和向外的勻強磁場，MN

與y軸的距離為2d.一重力不計的負電荷從y軸上的P（0,d）點以沿x軸正方向的初

速度vo開始運動，經過一段時間后，電子又以相同的速度回到P點，則下列說法正確的

是（）

A.電場與磁場的比值為uo

B.電場與磁場的比值為2u（）

C.帶電粒子運動一個周期的時間為也閆L&

%%

D.帶電粒子運動一個周期的時間為也

%%

三.解答題（共4小題，滿分50分）

26.（10分）已知一個電阻的額定功率為0.5W,用多用電表粗測其阻值約為18。，現用伏

安法精確測它的阻值.實驗器材有：

A.電流表（0?200mA20Q）

B.電流表（0?3A0.11。）

C.電壓表（0?3VlOkfl）

第8頁共35頁

D.電壓表(0-15V30k。)

E.滑動變阻器(0?20Q2A)

F.電源(12V)

(1)實驗中的電流表選用，電壓表選用.(填序號)

(2)在如圖線框內畫出實驗電路圖.

27.(12分)質量為m=20kg的物體，在大小恒定的水平外力F的作用下，沿水平面做直

線運動。0?2.0s內F與運動方向相反，2.0?4.0s內F與運動方向相同，物體的速度-時

間圖象如圖所示，已知g取lOm*.求物體在前4秒內的位移多少？物體與水平面間的

動摩擦數。

―?

t/S

28.(14分)矩形區域I、II中分別存在垂直于紙面的勻強磁場，磁場方向如圖所示。區域I

寬度Li=2?m區域II寬度L2=Fm■—質量為m=lX10'1()kg,電荷量為q=2x106C

的帶正電的粒子以速度v=2XK)3m/s從P點沿紙面垂直磁場邊界射入磁場，穿過區域I

后從MN上的S點射入區域H,粒子在S點的速度方向與MN的夾角為9=30°,最終

垂直磁場右邊界從Q點(圖中未畫出)射出區域H,不計粒子重力。求：

(1)區域I中磁感應強度的大小；

(2)粒子在區域II中運動的時間。

第9頁共35頁

M

1

29.（14分）如圖所示，電路中電源電動勢E=10V,內阻r=lC,Ri=4C,R2=8。，電容

C=10nF.開關S閉合后電路穩定時，求通過Ri的電流I和電容器的帶電量Q.

-4=1—

￡lrS

第10頁共35頁

2021-2022學年廣東惠州市高二上期末考試物理模擬試卷

參考答案與試題解析

一.選擇題（共15小題，滿分60分）

1.首先發現通電導線周圍存在磁場的科學家是（）

A.奧斯特B.法拉第C.麥克斯韋D.赫茲

【分析】通電導線周圍存在磁場的現象叫電流的磁效應，首先是由奧斯特發現的.

【解答】解：A、首先發現通電導線周圍存在磁場的科學家是奧斯特，故A正確。

B、法拉第發現了電磁感應現象，故B錯誤。

CD、麥克斯韋建立了完整的電磁場理論，預言了電磁波的存在，赫茲首先證實了電磁波

的存在。故CD錯誤。

故選：A?

【點評】物理學史是考試內容之一，學習物理學史使我們了解科學家的物理學貢獻，能

激發我們學習的興趣.

2.（4分）真空中有相隔距離為r的兩個點電荷，它們分別帶2q和3q的電量，其間的靜電

力為F,如果保持它們之間的距離r不變，而將它們所帶電量分別改變為3q和5q,那么

它們之間的靜電力的大小應為（）

A.更B.史C.史D.不變

228

【分析】本題比較簡單，直接利用庫侖定律進行計算討論即可.

【解答】解：距離改變之前：F=k或料①

r

當它們所帶的電荷量分別改變為2q和4q時，則有：Fi=k迎要②

r乙

聯立①②可得：FI=_|F,故ACD錯誤，B正確。

故選：B。

【點評】庫倫定律應用時涉及的物理量較多，因此理清各個物理量之間的關系，可以和

萬有引力定律進行類比學習.

3.（4分）某電場在直角坐標系中的電場線分布情況如圖所示，0、P、M、N為電場中的四

個點，其中P和M在一條電場線上，則下列說法正確的是（）

第11頁共35頁

A.M點的場強小于N點的場強

B.M點的電勢高于N點的電勢

C.將一負電荷由0點移到M點電勢能增加

D.將一正電荷由P點無初速釋放，僅在電場力作用下，可沿PM電場線運動到M點

【分析】根據電場線的疏密判斷電場強度的大小，根據沿電場線方向電勢降低判斷電勢

高低，根據電場力方向判斷做功正負，并可判定運動情況。

【解答】解：A、電場線密的地方電場強度大，由圖可知M點電場線比N點的密，所以

M點的場強大于N點的場強度，故A錯誤；

B、沿電場線方向電勢降低，所以M點的電勢低于N點的電勢，故B錯誤；

C、將一負電荷由0點移到M點電場力做負功，所以電荷的電勢能增加，故C正確；

D、一正點電荷從P點由靜止釋放，該電荷所受的電場力是變力，與電場線的相切，據

曲線運動的條件該電荷并不能沿電場線運動到M點，故D錯誤；

故選：C,

【點評】無論是電場線或是等差等勢面，都是密的地方場強大，疏的地方場強小；電勢

高低的判斷方法可以根據電勢的定義式來判斷，但-一般都是按沿電場線方向電勢降低來

判斷。

4.(4分)六根絕緣的導體，在同一平面內組成四個相等的正方4形，導線中通以大小相等

的電流，方向如右圖所示，在這四個正方形區域中，指向紙面內且磁通量最大的區域是

()

第12頁共35頁

321

MM

4**-------------------------

III

5----------------------------

fflIV

6----------------------------

A.IB.IIC.HID.IV

【分析】根據安培定則判斷六根通電導線在i、ii、ni、iv四個區域產生的磁場方向,

根據磁場的疊加，判斷哪個區域的磁場最強.

【解答】解：以點代表磁場指向紙外，叉代表磁場指向紙內，根據安培定則分析可知,

各導線在四個區域產生的磁場方向如下表所示。

導線區域I區域n區域in區域IV

1點點點點

2叉點點叉

3叉叉叉叉

4點點點點

5叉叉點點

6叉叉叉叉

根據磁場的疊加可知，指向紙面內的磁場最強的區域是區域I,故A正確，BCD錯誤。

故選：Ao

【點評】本題利用安培定則判斷磁場方向比較簡單，但磁場的疊加，較為復雜，采用列

表法可防止思路出現混亂.

5.（4分）如圖所示，A、B、C是點電荷Q形成的電場中的三個點，AB是以Q為圓心的

一段圓弧，且B、C兩點間的電勢差為5V.現將電荷量為0.06C的正點電荷P從A點沿

圓弧移動到B點后再移至C點，可知（）

第13頁共35頁

ft

Q。…?…fA

A.點電荷Q帶負電

B.點電荷P沿圓弧AB運動時電場力做正功

C.A、B兩點的電場強度相同

D.點電荷P在整個過程中的電勢能減少了0.3J

【分析】根據BC兩點的電勢差為5v,可知電場方向，可判斷Q的電性；點電荷的電場

線、等勢面、電場強度的特點；電勢能電場力做功。

【解答】解：A、根據AB兩點的電勢差為10v,可知電場方向向外，可知Q為正電荷，

故A錯誤；

B、AB圓弧為等勢面，故沿AB運動時電場力不做功，故B錯誤；

C、根據點電荷的電場強度公式E=k費’可知兩點的電場強度大小相等‘方向不同‘故

C錯誤；

D、根據BC兩點的電勢差為5v,且q為正電荷，根據W=qU=0.06X5J=0.3J,電勢能

減小了0.3J,故D正確

故選：D。

【點評】解決本題的關鍵掌握電場力做功與電勢差的關系，注意在公式W=qU中，功的

正負、q的正負、電勢差的正負都需代入計算。

6.（4分）如圖所示是火警報警裝置的一部分電路示意圖，其中R2是半導體熱敏傳感器，

它的阻值隨溫度升高而減小，a、b接報警器，則（）

A.R2處發生火情時，電流表示數變小

B.R2處發生火情時，電流表示數變大

C.當a、b兩點間電壓顯著變大，報警器開始報警

D.當a、b兩點間電壓顯著變小，報警器開始報警

第14頁共35頁

【分析】發生火情時，熱敏電阻的阻值減小，外電路總電阻減小，根據閉合電路歐姆定

律可分析出總電流和路端電壓的變化情況；則可得出電源功率的變化；由Ri的兩端的電

壓變化可得出d點的電勢變化；

【解答】解：A、當R2處發生火情時，則R2阻值減小，則總阻值減小；由閉合電路歐姆

定律可知，電路中電流增大；故A錯誤；B正確；

C、因電路中電流增大，則由Uab=E-Ir-IRi可知，ab兩端的電壓減小，報警器開始報

警，故C錯誤，D正確；

故選：BDo

【點評】本題中考查閉合電路歐姆定律的應用，注意分析的思路為局部-整體-局部；

同時注意本題中關于電路中關于電勢的掌握.

7.（4分）額定電壓都是110V、額定功率PA=110W和PB=40W的電燈兩盞，若接在電壓

是220V的電路上，使兩盞電燈均能正常發光，且電路中消耗功率最小的電路是（）

【分析】由題可知，燈泡的電壓相等，但是燈泡的功率不同，由此可以知道兩種燈泡的

電阻的大小不同，在由電路的串并聯的知識先逐個分析燈泡能否正常的發光，再判斷消

耗的功率最小的電路

【解答】解：燈泡正常工作時，兩燈泡上的電壓相等，可先判斷電路是否能正常工作，

然后再比較分流電阻和分壓電阻分別消耗的功率大小，從而做出判斷。

判斷燈泡能否正常發光，就要判斷電壓是否是額定電壓，或電流是否是額定電流。

由P=U2和已知條件可知，RA<RB。

R

對于A電路，由于RAVRB,所以UB>110V,B燈燒毀，兩燈不能正常發光。

對于B電路，由于RB>RA,A燈又并聯變阻器，并聯電阻更小于RB,所以UB>110V,

B燈燒毀。

對于C電路，B燈與變阻器并聯，電阻可能等于RA,所以可能有UA=UB=110V,兩燈

第15頁共35頁

可以正常發光。

對于D電路，若變阻器的有效電阻等于A、B的并聯電阻，則UA=UB=110V,兩燈可

以正常發光。

比較C、D兩個電路，由于C電路中變阻器功率為（IA-IB）X110,而D電路中變阻器

功率為（IA+IB）XUO,所以C電路消耗電功率最小。

故選：Co

【點評】解答本題是一定要注意題目要同時滿足兩個條件即燈泡能夠正常發光并且消耗

的功率還要最小

8.（4分）兩只電壓表Vi和V2是由完全相同的兩個電流計改裝成的，V1表的量程是5V,

V2表的量程是15V,把它們串聯起來接入電路中。貝I（）

A.它們的示數相等，指針偏轉角度也相等

B.它們的示數之比為1：3.指針偏轉角度相等

C.它們的示數相等，指針偏轉角度之比為1：3

D.它們的示數之比、指針偏轉角度之比均為1：3

【分析】兩電壓表量程不同總內阻不同，兩內阻之比為量程之比，再據電壓表的改裝原

理和電路連接關系分析求解。

【解答】解：A串聯后電流一樣故偏轉角度相等但兩表的讀數為兩電壓表的分壓，讀數

之比為兩者的電阻之比故不相等；故A錯誤

B因是串聯關系通過兩電壓表的電流相同，故指針偏轉的角度相同，讀數之比為兩者

的電阻之比為1：3.故B正確

C它們示數不等?故C錯誤

D它們偏轉角度相等故D錯誤

故選：Bo

【點評】電壓表的改裝是由一電流表串聯電阻構成的。分析電流與電壓當成一電阻根據

電路連接關系分析即可。

9.（4分）某同學設計了一個多量程多用電表，其內部結構原理圖如圖所示.其電流表的量

程分別為10mA和250mA,電壓表的量程分別為10V和250V,電阻檔分別為X10（1和

第16頁共35頁

X100Q.則下列說法正確的是（

A.功能選擇開關S與“1”相接時，所測物理量和量程分別是直流電流、250mA

B.功能選擇開關S與“3”相接時，所測物理量和量程分別是直流電流、10mA

C.功能選擇開關S與“5”相接時，所測物理量和量程分別是直流電壓、250V

D.作電流表或電壓表時電流從紅表筆流進黑表筆流出，作歐姆表時電流從紅表筆流出黑

表筆流進

【分析】電流表、電壓表與歐姆表都是由小量程電流表改裝成的；把小量程電流表改裝

成電流表應并聯一個分流電阻，把電流表改裝成電壓表，應串聯一個分壓電阻，把電流

表改裝成歐姆表時，應串聯一個滑動變阻器，電路應有一個電源；分析清楚電路結構，

根據電流表、電壓表與歐姆表的原理分析答題.

【解答】解：A、由圖甲可知，選擇開關接“1”時，表頭與電阻Ri并聯，且并聯電阻較

小，因此選擇開關接“1”時測電流，由于并聯電阻小，電流表量程大，量程是250mA,

故A正確；

B、功能選擇開關s與“3”相接時，是用來測電阻的，故B錯誤；

C、選擇開關接“5”時，表頭與電阻R5串聯，串聯電阻較小，此時多用電表測電壓，量

程較小，量程是10V,故C錯誤；

D、作電流表或電壓表時電流從紅表筆流進，黑表筆流出，作歐姆表時，電源在內部，電

流從黑表筆流出，紅表筆流進，故D錯誤；

故選：Ao

【點評】知道電流表、電壓表、歐姆表的原理，掌握電流表、電壓表、歐姆表的讀數方

法，即可正確解題

10.（4分）如圖所示，在條形磁鐵外面套一圓環，當圓環從磁鐵的N極向下平移到S極的

過程中，穿過圓環的磁通量如何變化（）

第17頁共35頁

?...,

N

JS

A.逐漸增加

B.逐漸減少

C.先逐漸增加，后逐漸減少

D.先逐漸減少，后逐漸增大

【分析】明確條形磁鐵的磁場分布及磁通量的定義明確磁通量的變化情況.知道內外磁

場產生的磁通量是相互抵消的.

【解答】解：條形磁鐵外部兩極處磁場最強，而中間位置磁場最弱，而總磁通量等于內

外磁感線條數的差值，則可知，在兩極處磁通量最大，而在中間時磁通量最小，由于內

部磁感線條數相同，且內部磁感線與外部磁感線的總數相等，所以線圈包含的磁通量一

定是內部大于外部的磁通量，所以外部磁感線越多，則總磁通量越小，所以，由N到S

極時，磁通量先增大后減小，故C正確，ABD錯誤。

故選：C。

【點評】本題考查磁通量的定義，要注意明確磁通量可以用穿過線圈的磁感線條數來定

性分析；同時注意明確由正反方向穿過的磁感線是相互抵消的.

11.（4分）如圖所示，在真空中某點電荷的電場中，將兩個電荷量相等的試探電荷分別置

于M、N兩點時，兩試探電荷所受電場力相互垂直，且F2=3FI,則以下說法正確的是

()

A.這兩個試探電荷的電性可能相同

B.M、N兩點可能在同一等勢面上

C.把電子從M點移到N點，電勢能可能增大

D.過MN上某點P（未標出）的電場線與MN垂直時，P、N的距離可能是P、M距離

第18頁共35頁

的3倍

【分析】將F2和F1的作用線延長相交，交點即為點電荷的位置，由此確定試探電荷的

電性.根據M、N到點電荷的距離，分析電勢關系，判斷移動電子時電勢能的變化.

【解答】解：A、將F2和Fi的作用線延長相交，交點即為點電荷的位置，可知，點電荷

對M處試探電荷有吸引力，對N處試探電荷有排斥力，所以這兩個試探電荷的電性一定

相反，故A錯誤。

B、由于F2=3FI,可知M、N到點電荷的距離不等，不在同一等勢面上，故B錯誤。

C、若點電荷帶正電，則把電子從M點移到N點，電場力做負功，電勢能增大，故C正

確。

D、F2=3FI,根據庫侖定律F=k4知：

r

如圖，過P的電場線與MN垂直，由幾何知識得知若0P是角MON的平分線，則有型_

_PM

=0N=1由圖知理＜四=_匕，故D錯誤。

ONV3PMOMV3

故選：C。

【點評】本題要掌握點電荷電場線和等勢面的分布情況，運用比例法距離關系.要熟練

運用幾何知識幫助分析物理問題.

12.（4分）一帶正電荷的質點，在電場力作用下沿曲線abc從a運動到c,已知質點的速率

是減小的.關于b點電場強度E的方向，下列圖示中符合題意的是（虛線是曲線在b點

的切線）（）

第19頁共35頁

C.rfD.rJ

【分析】根據物體做曲線運動的條件和受力特點分析電荷受的電場力方向，再由正電荷

所受的電場力方向與場強方向相反進行選擇.

【解答】解：

A、電荷做曲線運動，電場力與速度方向不在同一直線上，應指向軌跡彎曲的內側，不可

能沿軌跡的切線方向，則場強也不可能沿軌跡的切線方向。故A錯誤。

B、正電荷所受的電場力方向與場強方向相同，圖中電場力方向與速度方向的夾角為銳角，

電場力做正功，電荷的速率增大，與題不符?故B錯誤。

C、圖中場強方向指向軌跡的內側，則電場力指向軌跡的內側，電場力方向與速度方向的

夾角為銳角，電場力做正功，電荷的速率增大，與題不符。故C錯誤。

D、圖中場強方向指向軌跡的內側，則電場力指向軌跡的內側，而且電場力方向與電荷的

速度方向成鈍角，電場力做負功，電荷的速率減小，符合題意。故D正確。

故選：D。

【點評】本題是電場中軌跡問題，抓住電荷所受的合力指向軌跡的內側和速度沿軌跡的

切線方向是解題的關鍵.

13.（4分）下列各力中，一定不能對物體做功的是（）

A.庫侖力B.摩擦力C.洛倫茲力D.萬有引力

【分析】當物體運動的方向與受力的方向垂直時，力對物體不做功

【解答】解：A、庫侖力的方向可以與運動的方向相同，可以與運動的方向相反，也可以

與運動的方向成任意角，所以庫侖力可能對物體做功，也可能不做功。

B、摩擦力的方向可以與運動的方向相同，可以與運動的方向相反，也可以與運動的方向

成任意角，所以摩擦力可能對物體做功，也可能不做功。

C、由左手定則可知。洛倫茲力的方向始終與運動的方向垂直，所以洛倫茲力對物體不做

功。

D、萬有引力的方向可以與運動的方向相同，可以與運動的方向相反，也可以與運動的方

向成任意角，所以萬有引力可能對物體做功，也可能不做功。

本題選一定不能對物體做功的，故選：C

第20頁共35頁

【點評】當物體運動的方向與受力的方向相同時，力對物體做正功，當物體運動的方向

與受力的方向相反時，力對物體做負功，當物體運動的方向與受力的方向垂直時，力對

物體不做功

14.（4分）如圖所示的電容式話筒就是一種電容式傳感器，其原理是：導電性振動膜片與

固定電極構成了一個電容器，當振動膜片在聲壓的作用下振動時.，兩個電極之間的電容

發生變化，電路中電流隨之變化，這樣聲信號就變成了電信號.則當振動膜片向左振動

時，以下說法中正確的是（）

①電容器電容值增大

②電容器帶電荷量減小

③電容器兩極板間的場強增大

④電阻R上電流方向自左向右.

A.①③B.①④C.②③D.②④

【分析】電容器極板間距離的變化引起了電容的變化，電容的變化引起了電量的變化，

從而場強變化，R中有電流.

【解答】解：①振動膜片向左振動時，電容器兩極板的距離變大，電容減小，故①錯誤。

②由C=號知，U不變，則電容器的帶電量Q減小，故②正確。

③由E=U知，U不變，d減大，則場強E減小，故③錯誤。

d

④電容器放電，則電阻R上電流方向自左向右，故④正確。

故選：Do

【點評】本題考查了電容器的動態分析，方法是：從部分的變化引起電容的變化，根據

電壓或電量不變判斷電量或電壓的變化.

15.（4分）如圖為速度選擇器示意圖，Pi、P2為其兩個極板。某帶電粒子以速度vo從Si

射入，恰能沿虛線從S2射出。不計粒子重力，下列說法正確的是（）

第21頁共35頁

Pl

XXXX

A.極板Pl的電勢一定高于極板P2的電勢

B.該粒子一定帶正電

C.該粒子以速度2Vo從Si射入，仍能沿虛線從S2射出

D.該粒子以速度V。從S2射入，也能沿虛線從Si射出

【分析】粒子進入電場與磁場的復合場后沿直線運動，可知粒子受到的電場力和洛倫茲

力是一對平衡力，解決此題可以先假設粒子的電性，來判斷電場的方向。分析洛倫茲力

與電場力的大小，從而判斷粒子能否沿虛線線運動。

【解答】解：A、假設帶電粒子帶正電，由左手定則可知粒子受到的洛倫茲力豎直向上，

因粒子恰能沿虛線運動，則電場力應豎直向下，滿足qE=qvoB,所以極板P1的電勢一

定高于極板P2的電勢，故A正確；

B、不論粒子帶電性質如何，電場力和洛倫茲力都平衡，所以粒子帶電性質無法判斷，故

B錯誤；

C、若粒子的速度為2vo,則q?2voB>qE,受力不平衡，不會沿虛線從S2射出，故C錯

誤；

D、若從S2射人，假設粒子帶正電，則電場力豎直向下，洛倫茲力豎直向下，合力向下，

不會沿虛線從Si射出，故D錯誤；

故選：Ao

【點評】該題綜合了電場和磁場的內容，解決此類問題的關鍵是正確判斷洛倫茲力和電

場力的大小及方向，要熟練的應用左手定則來分析問題。

多選題（共10小題，滿分40分，每小題4分）

16.（4分）如圖所示，A、B兩個點電荷在真空中所產生電場的電場線（其中方向未標出）

的分布如圖所示.圖中O點為兩點電荷連線的中點，MN為兩點電荷連線的中垂線，點

P在MN上.電場線的分布關于MN左右對稱.下列說法中正確的是（）

第22頁共35頁

N

A.這兩個點在電荷為等量同種電荷

B.這兩個點電荷為等量異種電荷

C.O點的電場強度比P點的電場強度大

D.O點的電場強度比P點的電場強度小

【分析】電場線是從正電荷或者無窮遠出發出，到負電荷或無窮遠處為止.在兩等量異

號電荷連線的中垂線上，中間點電場強度最大，也可以從電場線的疏密判斷場強的大小.

【解答】解：A、根據電場線分布的特點：電場線從正電荷出發到負電荷終止，可知A、

B是兩個等量異種電荷。故A錯誤，B正確；

C、在兩等量異號電荷連線的中垂線上，0點處電場線最密，電場強度最大，故C正確,

D錯誤，

故選：BC。

【點評】常見電場的電場線分布及等勢面的分布要求我們能熟練掌握，并要注意沿電場

線的方向電勢是降低的，同時注意等量異號電荷形成電場的對稱性.加強基礎知識的學

習，掌握住電場線的特點，即可解決本題.

17.（4分）同一直線上的三個點電荷qi>q2、q3,恰好都處在平衡狀態，除相互作用的靜

電力外不受其他外力作用.已知qi、q2間的距離是q2、q3間的距離的2倍.下列說法可

能正確的是（）

A.qi、q3為正電荷，q2為負電荷

B.qi、q3為負電荷，q2為正電荷

C.qi：q2：q3=36：4：9

D.qi：q2：q3=9：4：36

【分析】本題考查了在庫侖力作用下的平衡問題，可以根據q2為正電荷，假設卬和q3

電性，然后判斷是否能使三者都處于平衡；qi與q2的電量大小的判斷可以根據q2處于平

衡狀態，依據庫侖定律，根據與q2的距離關系進行判斷.也可以根據''三點共線，兩同

夾異，近小遠大”的原則進行判斷.

第23頁共35頁

【解答】解：A、三個自由電荷在同一直線上處于平衡狀態，則一定滿足“兩同夾異，近

小遠大”原理，即兩邊的電荷電性相同和中間的電性相反，判斷電量大小關系時，距離

遠的電量大于距離近的電量，故AB正確。

C、根據庫侖定律，依據矢量合成，則有：.竺；巳/0心二江口產；

r12r13r23

已知qi、q2間的距離是q2、q3間的距離的2倍，所qi：q2：q3=36：4：9,故C正確，

D錯誤；

故選：ABCo

【點評】對于庫倫定律要明確去適用條件，并能在具體問題中靈活應用，如在本題中，

學生很容易注意到其中一個或兩個電荷平衡，而忽略了另外一個的平衡.

18.（4分）下列關于電場線的說法中，正確的是（）

A.勻強電場的電場線是一組相互平行間隔相等的直線，且代表正電荷的運動軌跡

B.電場線上每一點的切線方向代表正電荷在該處所受電場力的方向

C.電場線的疏密程度能表示場強的大小

D.兩條電場線不能相交

【分析】電場線是為了形象的描述電場而人為的引入的，并不存在；電場線從正電荷或

無限遠出發，終止于無限遠或負電荷，不相交不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場

線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱.電場線不是電荷運動的軌跡；電荷運

動的軌跡與電場線重合的條件：①電場線是直線.②帶電粒子僅受電場力.③帶電粒子

從靜止開始運動，或帶電粒子的初速度方向和電場線在同一條直線上.

【解答】解：A、勻強電場中場強處處相同，電場線的疏密表示場強的大小，電場線的切

線方向表示場強的方向，所以勻強電場的電場線是一組相互平行間隔相等的直線。電場

線是為了形象的描述電場而人為的引入的，電場線并不存在，電場線并不是電荷運動的

軌跡。故A錯誤；

B、電場線上每一點的切線方向表示該點的電場強度，代表正電荷在該處所受電場力的方

向。故B正確。

C、電場線的疏密程度能表示場強的大小。故C正確；

D、兩條電場線不能相交，若相交，則交點處有電場方向兩個，這顯然是不可能的。故D

正確。

故選：BCD。

第24頁共35頁

【點評】掌握電場線的基本性質和特點是解決此類題目的關鍵.特別是要根據力學知識

理解電荷的運動軌跡與電場線的關系.

19.（4分）如圖所示，直線A為電源a的路端電壓與電流的關系圖線；直線B為電源b的

路端電壓與電流的關系圖線；直線C為一個電阻R兩端電壓與電流的關系圖線.將這個

電阻分別接到a、b兩電源上，那么（）

A.電源a的內阻更大

B.電源b的電動勢更大

C.R接到a電源上時，電源的輸出功率更大

D.R接到a電源上時，電源效率更高

【分析】由電源的U-I圖象斜率大小等于電源的內阻，比較讀出電源內電阻的大小，當

電阻R與電源組成閉合電路時，電阻R的U-I圖線與電源的U-I圖線的交點表示工作

狀態，交點坐標的乘積等于電源的輸出功率

【解答】解：A、由閉合電路歐姆定律U=E-Ir可知，圖象與U軸的交點表示電動勢，

則a的電動勢較大，圖象的斜率表示內阻，則a電源的內阻r較大。故A正確，B錯誤。

C、當電阻R與電源組成閉合電路時，電阻R的U-I圖線與電源的U-I圖線的交點表

示電阻的工作狀態，交點的縱坐標表示電壓，橫坐標表示電流，電源的輸出功率P=UI,

由圖看出，R接到a電源上，電壓與電流的乘積較大，電源的輸出功率較大。故C正確，

D、由圖知R接到a電源上時電流大，則電阻的發熱功率較大，但電源的效率較低，故D

錯誤。

故選：AC。

【點評】本題是電源的外特性曲線與電阻的伏安特性曲線的綜合，關鍵理解交點的物理

意義，也可以根據歐姆定律研究電流與電壓關系，來比較電源的輸出功率.

20.（4分）如圖所示為兩電源的U-I圖象，則下列說法正確的是（）

第25頁共35頁

A.電源①的電動勢和內阻均比電源②大

B.當外接相同的電阻時，兩電源的輸出功率可能相等

C.當外接同樣的電阻時，兩電源的效率可能相等

D.不論外接多大的相同電阻，電源①的輸出功率總比電源②的輸出功率大

【分析】根據閉合電路歐姆定律分析兩電源的電動勢和內阻大小.過原點O作出一條傾

斜的直線，該直線與兩圖線的交點表示兩電源與同樣的電阻連接時的工作狀態，電源的

輸出功率p=UI,由交點縱坐標與橫坐標乘積比較輸出功率的大小.電源的效率9=迎.

EI

【解答】解：A、根據閉合電路歐姆定律得，U=E-Ir,當1=0時，U=E,即圖線與縱

軸交點表示斷路狀態，交點的縱坐標等于電源的電動勢大小，圖線的斜率大小等于電源

的內阻，由圖看出，電源①的電動勢和內阻均比電源②大。故A正確。

BD、過原點O作出一條傾斜的直線，該直線與圖線①、②的交點就表示該電阻與兩電

源連接時的工作狀態，由圖看出，直線與圖線①交點的兩坐標的乘積大于直線與圖線②

交點的兩坐標的乘積，說明不論外接多大的相同電阻，電源①的輸出功率總比電源②的

輸出功率大。故B錯誤，D正確。