四川省甘孜市雅江中學高三物理上學期摸底試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.有兩個物體質量分別為m1和m2，且m1>m2，它們的動能相同，若m1和m2受到不變的陰力F1和F2的作用，經過相同的時間停下來，它們的位移分別為s1和s2，則

（

）

A．F1>F2且s1<s2

B．F1>F2且s1>s2

C．F1<F2且s1>s2

D．F1<F2且s1<s2參考答案：

答案：A2.（多選題）2015年12月10日，我國成功將中星1C衛星發射升空，衛星順利進入預定轉移軌道．如圖所示是某衛星沿橢圓軌道繞地球運動的示意圖，已知地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g，衛星遠地點P距地心O的距離為3R．則（）A．衛星在遠地點的速度大于B．衛星經過遠地點時速度最小C．衛星經過遠地點時的加速度大小為D．衛星經過遠地點時加速，衛星將不能再次經過遠地點參考答案：BC【考點】人造衛星的加速度、周期和軌道的關系．【分析】根據萬有引力提供向心力和根據萬有引力等于重力列出等式進行比較求解．【解答】解：A、若衛星以半徑為3R做勻速圓周運動，則，在根據GM=R2g，整理可以得到，由于衛星到達遠地點P后做近心橢圓運動，故在P點速度小于，故A錯誤；B、根據半徑與速度的關系可以知道，半徑越大則速度越小，故遠地點速度最小，故B正確；C、根據，，則在遠地點，，故C正確；D、衛星經過遠地點時加速，則可以以半徑為3R做勻速圓周運動，則可以再次經過遠地點，故D錯誤．故選：BC3.水平傳送帶被廣泛地應用于機場和火車站，用于對旅客的行李進行安全檢查。如圖所示為一水平傳送帶裝置示意圖，緊繃的傳送帶AB始終保持v＝1m/s的恒定速率運行。旅客把行李無初速度地放在A處，設行李與傳送帶之間的動摩擦因數μ＝0.1，AB間的距離為2m，g取10m/s2。若乘客把行李放到傳送帶的同時也以v＝1m/s的恒定速度平行于傳送帶運動去B處取行李，則A．乘客與行李同時到達B

B．行李提前0.5s到達BC．乘客提前0.5s到達B[D．若傳送帶速度足夠大，行李最快也要2s才能到達B參考答案：CD4.如圖所示，絕熱氣缸直立于地面上，光滑絕熱活塞封閉一定質量的氣體并靜止在A位置，氣體分子間的作用力忽略不計。現將一個物體輕輕放在活塞上，活塞最終靜止在B位置（圖中未畫出），則活塞A．在B位置時氣體的溫度與在A位置時氣體的溫度相同B．在B位置時氣體的壓強比在A位置時氣體的壓強大C．在B位置時氣體單位體積內的分子數比在A位置時氣體單位體積內的分子數少D．在B位置時氣體分子的平均速率比在A位置時氣體分子的平均速率大參考答案：BD解析：氣體被壓縮做功，體積變小，壓強變大，氣缸絕熱，溫度升高，密度增大，在B位置時氣體分子的平均速率比在A位置時氣體分子的平均速率大。5.如圖所示，矩形邊界ABCD內存在磁感應強度為B的勻強磁場，方向垂直紙面向里，AB長為2L，AD長為L。從AD的中點E以不同速率發射粒子，速度方向與AD成30°角，粒子帶正電，電量為q，質量為m，不計粒子重力與粒子間的相互作用，下列判斷正確的是（

）A.粒子可能從BC邊離開B.經過AB邊的粒子最小速度為C.經過AB邊的粒子最大速度為D.AB邊上有粒子經過的區域長度為2L參考答案：C【分析】畫出粒子軌跡與CD邊相切的臨界情況圖，根據幾何關系列式求解半徑；根據牛頓第二定律，由洛倫茲力提供向心力，結合幾何關系可確定半徑的范圍，即可求解；【詳解】A、粒子帶正電，粒子運動的軌跡如圖所示，當粒子的軌跡恰好與CD邊相切時，根據幾何關系：，可得此時粒子半徑：，粒子將從AB邊上距離A點距離為：的M點離開磁場區域，故粒子不可能從BC邊離開，故A錯誤；C、根據洛倫茲力提供向心力：，可得：，可求出當粒子半徑為時，即粒子軌跡與CD邊相切時，此時粒子從AB邊射出的最大速度：，故C正確；BD、設當粒子恰好從AB邊的N點出射時，粒子速度為v2半徑為R2，根據幾何關系，可得粒子半徑：，此時粒子從AB邊射出的最小速度：。根據幾何關系：射出點N距離A點的距離：，故AB邊上有粒子經過的區域長度為：，故BD錯誤；故選C。【點睛】掌握幾何關系在題中的運用，理解在磁場中運動時間與圓心角的關系，注意本題關鍵是畫出正確的運動軌跡；二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，豎直墻上掛著一面時鐘，地面上的靜止的觀察者A觀測到鐘的面積為S，另一觀察者B以0.8倍光速平行y軸正方向運動，觀察到鐘的面積為S′則S和S′的大小關系是

▲

.（填寫選項前的字母）

A．S>S′

B．S=S′C．S<S′

D．無法判斷參考答案：A7.

如圖所示，簡諧橫波I沿AC方向傳播，波源A點的振動圖象如圖（甲）所示。簡諧橫波II沿BC方向傳播，波源B點的振動圖象如圖（乙）所示，兩列波在C點相遇，已知AC=20cm，BC=60cm，波速都為2m/s。兩列波的振動方向相同，則C點的振動振幅為

cm．

參考答案：

答案：78.歐洲天文學家發現了一顆可能適合人類居住的行星。若該行星質量為M，半徑為R，萬有引力恒量為G，則繞該行星運動的衛星的第一宇宙速度是______________。設其質量是地球的5倍，直徑是地球的1.5倍，在該行星表面附近沿圓軌道運行的人造衛星的動能為Ek1，在地球表面附近沿圓軌道運行的相同質量的人造衛星的動能為Ek2，則為______________。參考答案：，10/39.如圖所示，AB為勻質桿，其重為8N，它與豎直墻面成37°角；BC為支撐AB的水平輕桿，A、B、C三處均用鉸鏈連接且位于同一豎直平面內。則BC桿對B端鉸鏈的作用力的方向為________________，該力的大小為_____________N。（sin37°=0.6，cos37°=0.8）參考答案：水平向右，310.用氦氖激光器進行雙縫干涉實驗，已知所用雙縫間的距離為d=0.1mm，雙縫到屏的距離為L=6.0m，測得屏上干涉條紋中相鄰明條紋的間距是3.8cm，氦氖激光器發出的紅光的波長是

m；假如把整個干涉裝置放入折射率為的水中，這時屏上的明條紋間距是 cm。(結果保留三位有效數字)參考答案：11.某波源S發出一列簡諧橫波，波源S的振動圖像如圖所示。在波的傳播方向上有A、B兩點，它們到S的距離分別為45m和55m。測得A、B兩點開始振動的時間間隔為1．0s。由此可知 ①波長λ＝____________m； ②當B點離開平衡位置的位移為＋6cm時，A點離開平衡位置的位移是__________cm。參考答案：（1）_20_（2）_-6_

12.如圖，傾角為37°，質量不計的支架ABCD的D端有一大小與質量均可忽略的光滑定滑輪，A點處有一固定轉軸，CA⊥AB，DC＝CA＝0.3m。質量m＝lkg的物體置于支架的B端，并與跨過定滑輪的輕繩相連，繩另一端作用一豎直向下的拉力F，物體在拉力作用下沿BD做勻速直線運動，己知物體與BD間的動摩擦因數μ＝0.3。為保證支架不繞A點轉動，物體向上滑行的最大距離s＝＿＿＿＿m。若增大F后，支架仍不繞A點轉動，物體能向上滑行的最大距離s′＿＿＿＿s(填：“大于”、“等于”或“小于”。)(取sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)參考答案：0.248

等于拉力F=mgsin37°+μmgcos37°=8.4N。BC=CA/sin37°＝0.5m.設m對支架BC的壓力mgcos37°對A點的力臂為x，由力矩平衡條件，F·DCcos37°+μmgcos37°·CAcos37°=F·CAcos37°+mgcos37°·x，解得x=0.072m。由x+s=BC-ACsin37°解得s=0.248m。由上述方程可知，F·DCcos37°=F·CAcos37°，x值與F無關，所以若增大F后，支架仍不繞A點轉動，物體能向上滑行的最大距離s′=s。13.如圖，ABCD是一個正方形的勻強磁場區域，經相等加速電壓加速后的甲、乙兩種帶電粒子分別從A、D射入磁場，均從C點射出，已知。則它們的速率

▲

，它們通過該磁場所用時間

▲

。參考答案：

【答案】三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.

（選修3-3（含2-2）模塊）(6分)理想氣體狀態方程如下：。從理論的角度，設定一定的條件，我們便能得到氣體三大定律：玻意爾定律、查理定律和蓋·呂薩克定律。下面請你通過設定條件，列舉其中兩條定律的內容。（要求條件、內容要與定律名稱相對應，不必寫數學表達式）參考答案：

答案：玻意爾定律：一定質量的氣體，在溫度不變的情況下，它的壓強跟體積成反比。查理定律：一定質量的氣體，在體積不變的情況下，它的壓強跟熱力學溫度成正比。蓋·呂薩克定律：一定質量的氣體，在壓強不變的情況下，它的體積跟熱力學溫度成正比。15.（7分）一定質量的理想氣體，在保持溫度不變的的情況下，如果增大氣體體積，氣體壓強將如何變化？請你從分子動理論的觀點加以解釋．如果在此過程中氣體對外界做了900J的功，則此過程中氣體是放出熱量還是吸收熱量？放出或吸收多少熱量？（簡要說明理由）參考答案：氣體壓強減小（1分）一定質量的氣體，溫度不變時，分子的平均動能一定，氣體體積增大，分子的密集程度減小，所以氣體壓強減小．（3分）一定質量的理想氣體，溫度不變時，內能不變，根據熱力學第一定律可知，當氣體對外做功時，氣體一定吸收熱量，吸收的熱量等于氣體對外做的功量即900J．（3分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.我國“神舟七號”載人飛船的發射成功實現了中國人太空行走的夢想(如圖所示).飛船在距地面約350km高的軌道上繞地球飛行46圈后安全返回.“神舟七號”載人飛船回收階段完成的最后一個動作是斷開主傘纜繩，啟動反推發動機工作，此時返回艙的速度豎直向下，大小約為7m/s,距地面的高度約為1m，落地前一瞬間的速度約為1m/s，空氣阻力及因反推火箭工作造成的質量改變均不計(g取10m/s2)，求：(1)反推發動機工作后，返回艙落地前的加速度大小是多少？(2)航天員所承受的支持力是實際重力的多少倍?(3)假設返回艙加航天員的總質量為3t，求反推火箭對返回艙的平均推力多大？參考答案：17.如圖所示，絕緣水平面內固定有一間距d=1m、電阻不計的足夠長光滑矩形導軌AKDC，導軌兩端接有阻值分別為R1=3Ω和R2=6Ω的定值電阻，矩形區域AKFE、NMCD范圍內均有方向豎直向下、磁感應強度大小B=1T的勻強磁場Ⅰ和Ⅱ，一質量m=0.2kg、電阻r=1Ω的導體棒ab垂直放在導軌上AK與EF之間某處，在方向水平向右、大小F0=2N的恒力作用下由靜止開始運動，剛要到達EF時導體棒ab的速度大小v1=3m/s，導體棒ab進入磁場Ⅱ后，導體棒ab中通過的電流始終保持不變，導體棒ab在運動過程中始終保持與導軌垂直且接觸良好，空氣阻力不計．（1）求導體棒ab剛要到達EF時的加速度大小a1；（2）求兩磁場邊界EF和MN之間的距離L；（3）若在導體棒ab剛要到達MN時將恒力F0撤去，求導體棒ab能繼續滑行的距離s以及滑行該距離s的過程中整個回路產生的焦耳熱Q．參考答案：解：（1）導體棒ab剛要到達EF時，在磁場中切割磁感線產生的感應電動勢：E1=Bdv1經分析可知，此時導體棒ab所受安培力的方向水平向左，由牛頓第二定律，則有：F0﹣BI1d=ma1根據閉合電路的歐姆定律，則有：I1=上式中，R==2Ω解得：a1=5m/s2；（2）導體棒ab進入磁場Ⅱ后，受到的安培力與F0平衡，做勻速直線運動，導體棒ab中通過的電流I2，保持不變，則有：F0=BI2d，其中，I2=設導體棒ab從EF運動到MN的過程中的加速度大小為a2，根據牛頓第二定律，則有：F0=ma2；導體棒ab在EF，MN之間做勻加速直線運動，則有：解得：L=1.35m（3）對撤去F0后，導體棒ab繼續滑行的過程中，根據牛頓第二定律和閉合電路歐姆定律，則有：BId=ma；而I=若△t→0，則有：a=；由以上三式可得：=m△v則有：∑v△t=m∑△v，即s=m（v2﹣0）解得：s=3.6m；根據能量守恒定律，則有：Q=因v2=6m/s，代入數據，解得：Q=3.6J答：（1）導體棒ab剛要到達EF時的加速度大小5m/s2；（2）兩磁場邊界EF和MN之間的距離1.35m；（3）若在導體棒ab剛要到達MN時將恒力F0撤去，導體棒ab能繼續滑行的距離s以及滑行該距離s的過程中整個回路產生的焦耳熱3.6J．【考點】導體切割磁感線時的感應電動勢；閉合電路的歐姆定律；焦耳定律．【分析】（1）由左手定則可判定安培力方向，再由切割感應電動勢，及牛頓第二定律與閉合電路歐姆定律，即可求解；（2）利用平衡條件，求解導體棒ab進入磁場Ⅱ的速度，再依據牛頓第二定律，及運動學公式，即可求解兩磁場邊界EF和