浙江省紹興市縣稽江鎮中學2021-2022學年高三物理期末試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.某同學擦黑板時，使板擦沿水平方向做勻速直線運動，手對板擦的作用力有兩個作用效果：一個是垂直黑板對板擦的壓力F１，另一個是平行黑板對板擦的推力F２，F2的方向與運動方向的夾角為．當壓力F１變大，仍保持板擦作勻速直線運動，對F2的變化判斷正確的是

（

）

A．F2變大，變小

B．F2變大，變大

C．F2變小，不變

D．F2變小，變小參考答案：A2.簡諧機械波在給定的媒質中傳播時，下列說法中正確的是（

）

A.振幅越大，則波傳播的速度越快

B.振幅越大，則波傳播的速度越慢

C.在一個周期內，振動質元走過的路程等于一個波長

D.振動的頻率越高，則波傳播一個波長的距離所用的時間越短參考答案：答案：D3.我國發射一顆繞月運行的探月衛星“嫦娥1號”。設該衛星的軌道是圓形的，且貼近月球表面。已知月球的質量約為地球質量的1/81，月球的半徑約為地球半徑的1/4，地球上的第一宇宙速度約為7.9km/s，則該探月衛星繞月運行的速率約為（

）A.4km/s

B.1.8km/s

C.3.6km/s

D.16km/s參考答案：B4.如圖所示，矩形閉合金屬線圈由位置A開始下落，在下落的過程中線圈通過一個有明顯邊界的勻強磁場區域，如果線圈受到的安培力總是小于線圈受到的重力，不計空氣阻力，則線圈在A、B、C、D四個位置的加速度的大小關系為

A．

B．

C．D．參考答案：

答案：B5.(多選)一質點沿螺旋線自外向內運動，如圖所示。已知其走過的弧長s與時間t的一次方成正比。則關于該質點的運動下列說法正確的是（

）A．小球運動的線速度越來越大

B．小球運動的加速度越來越大C．小球運動的角速度越來越大

D．小球所受的合外力不變參考答案：BC二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.（4分）如圖所示，在豎直墻壁的頂端有一直徑可以忽略的定滑輪，用細繩將質量m＝2kg的光滑球沿墻壁緩慢拉起來。起始時與墻的夾角為30°，終了時繩與墻壁的夾角為60°。在這過程中，拉力F的最大值為

N。球對墻的壓力的大小在這個過程的變化是

（填變大、變小或不變）。（g取10m/s2）參考答案：

答案：40，變大7.現有一個彈簧測力計（可隨便找地方懸掛），一把勻質的長為l的有刻度、零點位于端點的直尺，一個木塊及質量不計的細線．試用這些器件設計一實驗裝置（要求畫出示意圖），通過一次測量（彈簧測力計只準讀一次數），求出木塊的質量和尺的質量．（已知重力加速度為g）參考答案：找個地方把彈簧測力計懸掛好，取一段細線做成一環，掛在彈簧測力計的掛鉤上，讓直尺穿在細環中，環與直尺的接觸點就是直尺的懸掛點，它將尺分為長短不等的兩段．用細線栓住木塊掛在直尺較短的一段上，細心調節直尺懸掛點及木塊懸掛點的位置，使直尺平衡在水平位置（為提高測量精度，盡量使二懸掛點相距遠些），如圖所示．設木塊質量為m，直尺質量為M．記下二懸掛點在直尺上的讀數x1、x2，彈簧測力計讀數G．由平衡條件和圖中所設的直尺零刻度線的位置有

(1)

(2)(1)、(2)式聯立可得

(3)

(4)給出必要的說明占8分，求出r占10分．8.如圖所示，一彈簧振子在M、N間沿光滑水平桿做簡諧運動，坐標原點O為平衡位置，MN＝8cm.從小球經過圖中N點時開始計時，到第一次經過O點的時間為0.2s，則小球的振動周期為________s，振動方程的表達式為x＝________cm。參考答案：9.如圖，汽車在平直路面上勻速運動，用跨過光滑定滑輪的輕繩牽引輪船，汽車與滑輪間的繩保持水平。當牽引輪船的繩與水平方向成角時，輪船速度為v，繩的拉力對船做功的功率為P，此時繩對船的拉力為__________。若汽車還受到恒定阻力f，則汽車發動機的輸出功率為__________。參考答案：；【考點定位】功率；速度的合成與分解【名師點睛】本題重點是掌握運動的合成與分解，功率的計算。重點理解：因為繩不可伸長，沿繩方向的速度大小相等。10.如圖（a）所示為某同學設計的電子秤原理圖，其中E是電動勢為3V的電源（內阻不計），A是電流表（在設計中計劃被改成電子秤的示數表盤），R0是阻值為5Ω定值電阻，R是一根長為6cm、阻值為15Ω的均勻電阻絲。c是一根金屬彈簧（電阻不計），其壓縮量ΔL與所受壓力F之間的關系如圖（b）所示，c頂端連接有一個塑料盤。制作時調整彈簧的位置，使之不稱重物時滑片P剛好在電阻絲的a端。（計算中g取10m/s2）（1）當電流表示數為0.3A時，所稱重物的質量為____________；（2）該設計中使用的電流表的量程最小為__________，該電子秤的稱量范圍為____________；（3）將電流表的表盤改制成的電子秤示數盤有哪些特點？（請至少寫出兩個）參考答案：（1）2kg（2）0.6A，0~6kg（3）刻度不均勻、左大右小、刻度盤最左側部分區域無刻度等11.（選修3—3）一定質量的理想氣體經歷一段變化過程，可用圖上的直線AB表示，則A到B氣體內能變化為______（選填“正值”、“負值”、“零”），氣體_____（選填“吸收”或“放出”）熱量。參考答案：

答案：零、吸收。12.讀出多組電阻箱的示數R和對應的電壓表示數U，由測得的數據，繪出了如圖所示的—圖線．由此可求得電源電動勢E和電源內阻r，其中E=

V，r=______Ω。（保留兩位小數）．參考答案：

2.86V，5.71Ω

13.在“驗證牛頓運動定律”的實驗中，作出了如圖9所示的(a)、(b)圖象，圖(a)中三線表示實驗中小車的______________不同；圖(b)中圖線不過原點的原因是________________________________．參考答案：三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖12所示，（甲）圖是某學生測量“勻變速直線運動的加速度”的實驗裝置，由于實驗中連接重物和木塊的細線過長，所以當重物著地后，木塊還會在木板上繼續滑行，圖（乙）所示紙帶是重物著地后的一段打點紙帶（注意圖中任兩個計數點間都有四個點沒有標出）。若打點計時器所用的交流電頻率為50Hz，則木塊的加速度為a=_____m/s2，木塊與木板間的動摩擦因數μ=_____。（g=10m/s2忽略空氣阻力以及紙帶與打點計時器間的摩擦，所有結果保留兩位有效數字）參考答案：

－0．50

；

0．050

（或5．0×10－2）15.某學生實驗小組利用圖(a)所示電路，測量多用電表內電池的電動勢和電阻“×lk”擋內部電路的總電阻。使用的器材有：多用電表； 電壓表：量程5V，內阻十幾千歐；滑動變阻器：最大阻值5k；導線若干。回答下列問題：

，（1）將多用電表擋位調到電阻“×1k”擋，再將紅表筆和黑表筆

，調零點。（2）將圖(a)中多用電表的紅表筆和

（填“1”或“2”）端相連，黑表筆連接另一端。（3）將滑動變阻器的滑片調到適當位置，使多用電表的示數如圖(b)所示，這時電壓表的示數如圖(c)所示。多用電表和電壓表的讀數分別為

k和

V。（4）調節滑動變阻器的滑片，使其接入電路的阻值為零，此時多用電表和電壓表的讀數分別為12.0k和4．00V。從測量數據可知，電壓表的內阻為

k。（5）多用電表電阻擋內部電路可等效為由一個無內阻的電池、一個理想電流表和一個電阻串聯而成的電路，如圖(d)所示。根據前面的實驗數據計算可得，此多用電表內電池的電動勢為

V，電阻“×lk”擋內部電路的總電阻為

k。參考答案：（1）短接 （2）1 （3）15.0 3.60 （4）12.0 （5）9.00 15.0（1）多用電表歐姆擋調零的方法是先把紅、黑表筆短接，再調節歐姆調零旋鈕，使指針滿偏。（2）多用電表內部電池的正極與黑表筆相連，要保證電流從們的“+”極流入“－”極流出，故紅表筆和“1”端相連。（3）多用電表指針指向“15”，擋位“1k”，故多用電表的讀數為15.0k；電壓表讀數時要估讀，讀數為3.60V。（4）滑動變阻器接入電路的阻值為零，故多用電表的讀數即為電壓表內阻。（5）由題圖(b)知，此時多用電表指針指向中值，故此時內外電阻均為15k，此時的電壓表示數為3.60V 解得【解析】四、計算題：本題共3小題，共計47分16.一半徑為m的半圓柱玻璃磚，上方有平行橫截面直徑AB的固定直軌道，軌道上有一小車，車上固定一與軌道成45°角的激光筆，發出的細激光束始終在與橫截面平行的平面上。打開激光筆，并使小車從左側足夠遠的地方以恒定速度向右運動，結果在半圓柱玻璃磚的弧面有激光射出的時間持續了1s。不考慮光在AB面上的反射，已知該激光在該玻璃磚中的折射率為，光在空氣中的傳播速度大小為c。求：①該激光在玻璃磚中傳播的速度大小;②小車向右勻速運動的速度v0的大小。參考答案：①②【詳解】①由得，激光在玻璃中的傳播速度為②激光從玻璃射向空氣，發生全反射的臨界角為，設激光射到M、N兩點時，折射光線恰好在弧面發生全反身，激光從M點到小車N點的過程弧面有激光射出由正弦定理得，得同理可得又解得17.如圖所示，地面依次排放兩塊完全相同的木板A、B，長度均為L=2.5m，質量均為m2=150kg，現有一小滑塊以速度v0=6m/s沖上木板A左端，已知小滑塊質量m1=200kg，滑塊與木板間的動摩擦因數為μ1，木板與地面間的動摩擦因數μ2=0.2．（最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，取g=10m/s2）（1）若貨物滑上木板A時，木板不動，而滑上木板B時，木板B開始滑動，求μ1應滿足的條件．（2）若μ1=0.4，求滑塊運動時間．（結果用分數表示）參考答案：解：（1）滑上木板A時，木板不動，由受力分析得：μ1m1g≤μ2（m1+2m2）g若滑上木板B時，木板B開始滑動，由受力分析得：μ1m1g＞μ2（m1+m2）g代入數據得：0.35＜μ≤0.5；（2）若μ1=0.4，則貨物在木板A上滑動時，木板不動．設貨物在木板A上做減速運動時的加速度大小為a1，由牛頓第二定律得，μ1m1g=m1a解得：a1=4m/s2由﹣2a1L=v12﹣v02達到B板時速度v1=4m/s在A板上滑動時間由v1=v0﹣at1，解得：t1=0.5s滑塊滑上B板時B運動，由μ1m1g﹣μ2（m1+m2）g=m2a2得：a2=m/s2速度相同時a2t=v1﹣a1t2解得：t2=s，相對位移△x=t2﹣t2=t2=m＜L=2.5m物塊與板B能達到共同速度：v共=a2t2=m/s，然后一起相對靜止的一起減速：μ2（m1+m2）g=（m1+m2）a共a共=2m/s2t3==s，t=t1+t2+t3=s；答：（1）若貨物滑上木板A時，木板不動，而滑上木板B時，木板B開始滑動，μ1應滿足的條件：0.35＜μ≤0.5．（2）若μ1=0.4，滑塊運動時間為s．【考點】共點力平衡的條件及其應用；力的合成與分解的運用；牛頓第二定律．【分析】根據平衡條件列方程求μ1滿足的條件；應用牛頓第二定律和運動學公式求解滑塊運