2023屆廣東省肇慶市物理高一下期中達標檢測模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、如圖所示，在發射地球同步衛星的過程中，衛星首先進入橢圓軌道I，然后在Q點通過改變衛星速度，讓衛星進入地球同步軌道Ⅱ，則（）A．該衛星的發射速度必定大于11.2km/sB．衛星在同步軌道Ⅱ上的運行速度大于7.9km/sC．只有萬有引力作用情況下，衛星在軌道Ⅱ上通過Q點的加速度大于在軌道I上通過Q點的加速度D．衛星在Q點通過加速實現由軌道Ⅰ進入軌道Ⅱ2、行星繞太陽運動的軌道是橢圓。如果橢圓半長軸為r，行星運行周期為T，不同行星的都是相同的。這一規律的發現者是（）A．第谷 B．開普勒 C．哥白尼 D．牛頓3、如圖所示，倒置的光滑圓錐面內側，有兩個小玻璃球A、B沿錐面在水平面內做勻速圓周運動，則下列關系式正確的是A．兩小玻璃球的線速度vA<vBB．兩小玻璃球的角速度ωA＝ωBC．兩小玻璃球的向心力FA＝FBD．兩小玻璃球的向心加速度aA＝aB4、關于曲線運動，下列說法正確的是（）A．做曲線運動的物體加速度可能不變B．做曲線運動的物體速度可能不變，如勻速圓周運動C．做曲線運動的物體其所受合力不一定指向軌跡的內側D．在曲線運動中，質點的速度方向有時不一定沿著運動軌跡的切線方向5、某行星繞太陽運動的軌道如圖所示,則以下說法不正確的是(

)A．行星繞太陽做勻速圓周運動，太陽在圓心上B．該行星在a點的速度比在b、c兩點的速度都大C．該行星在a點的向心加速度比在b、c兩點的都大D．行星與太陽的連線在相等時間內掃過的面積是相等的6、關于做勻速圓周運動的物體的向心加速度，下列說法正確的是（）A．向心加速度的大小和方向都不變B．向心加速度的大小和方向都不斷變化C．向心加速度的大小不變，方向不斷變化D．向心加速度的大小不斷變化，方向不變7、(多選)下列說法正確的是()A．在探究太陽對行星的引力規律時，我們引用了公式F＝mvB．在探究太陽對行星的引力規律時，我們引用了公式v＝2πrTC．在探究太陽對行星的引力規律時，我們引用了公式r3T2D．在探究太陽對行星的引力規律時，使用的三個公式，都是可以在實驗室中得到證明的8、一輛小汽車在水平路面上由靜止啟動，在前5s內做勻加速直線運動，5s末達到額定功率，之后保持額定功率運動，其v—t圖像如下圖所示，已知汽車的質量為m=3×103kg，汽車受到地面的阻力為車重的0.1倍，g取10m/s2，則（）A．汽車在前5s內的牽引力為6×103NB．汽車在前5s內的牽引力為9×103NC．汽車的額定功率為180kWD．汽車的最大速度為30m/s9、如圖所示，一圓環以直徑AB為軸做勻速轉動，P、Q、R是環上的三點，則下列說法正確的是（）A．線速度的大小vP＞vQ＞vRB．向心加速度的大小aP＝aQ＝aRC．任意時刻P、Q、R三點的線速度方向均不同D．任意時刻P、Q、R三點向心加速度的方向相同10、如圖所示，圓心在O點，半徑為R的圓弧軌道abc豎直固定在水平桌面上，Oc與Oa的夾角為60°，軌道最低點a與桌面相切．一段不可伸長的輕繩兩端系著質量分別為m和4m的小球A和B（均可視為質點），掛在圓弧軌道邊緣c的兩邊，開始時，B位于c點，從靜止釋放，設輕繩足夠長，不計一切摩擦，則在B球由c下滑到a的過程中（）A．兩球速度大小始終相等B．重力對小球B做功的功率一直不變C．小球A的機械能一直增加D．小球B經過a點時的速度大小為11、如圖所示，電源電動勢為E，內電阻為r．當滑動變阻器R的滑片P從右端滑到左端時，發現電壓表V1、V2示數變化的絕對值分別為△U1和△U2，下列說法中正確的是（）A．小燈泡L1、L2變暗，L3變亮B．小燈泡L3變暗，L1、L2變亮C．△U1＞△U2D．△U1=△U212、兩質量之比為m1:m2A．線速度大小之比為vB．運動的周期之比為TC．向心加速度大小之比為aD．角速度之比為ω二．填空題(每小題6分，共18分)13、我們知道月球表面沒有空氣，因此平拋運動的實驗效果更好，某宇航員使用閃光照相拍攝小球在月球表面運動的位置，如圖所示為小球做平拋運動的閃光照相照片的一部分，圖中背景方格的邊長表示實際長度8mm，照相機閃光的周期Ｔ＝0.1s，那么：⑴月球表面重力加速度為___m/s2；⑵小球運動中水平分速度的大小是____m/s；⑶小球經過B點時的速度大小是____m/s．14、小明用如圖所示裝置研究加速度與力的關系，圖中帶滑輪的長木板水平放置于桌面，拉力傳感器可直接顯示所受到的拉力大小．實驗時，下列操作必要且正確的是________。．A．吊上砂桶時將長木板右端適當墊高，使小車能自由勻速滑動;B．小車靠近打點計時器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時記錄傳感器的示數;C．改變砂和砂桶質量，重復步驟B，打出幾條紙帶;D．用天平測出砂和砂桶的質量;E．為了減小誤差，實驗中一定要保證砂和砂桶的質量遠小于小車的質量15、如圖用落體法“驗證機械能守恒定律”的實驗中：（g取9.8m/s2）。(1)運用公式時對實驗條件的要求是________。(2)若實驗中所用重錘質量m=1kg，打點紙帶如圖所示，打點時間間隔為0.02s，則記錄B點時，重錘動能Ek=_____；從開始下落起至B點，重錘的重力勢能減少量是_________，由此可得出的結論是_______________。三．計算題(22分)16、（12分）如圖所示的“S”字形玩具軌道，該軌道是用內壁光滑的薄壁細圓管彎成，固定在豎直平面內，軌道彎曲部分是由兩個半徑相等的半圓連結而成，圓半徑必細管內徑大得多，軌道底端與水平地面相切．彈射裝置將一個小球（可視為質點）從點水平彈射向點并進入軌道，經過軌道后從點水平拋出，已知小物體與地面段間的動摩擦因數，不計其它機械能損失，段長，圓的半徑，小物體質量，軌道質量為，，求：（1）若，小物體從點拋出后的水平射程；（2）若，小物體經過軌道的最高點時管道對小物體作用力的大小和方向；（3）設小球進入軌道之前，軌道對地面的壓力大小等于軌道自身的重力，當至少為多大時，可出現軌道對地面的瞬時壓力為零．17、（10分）質量為m＝0.60kg的籃球從距地板H＝0.80m高處由靜止釋放，與水平地板撞擊后反彈上升的最大高度h＝0.45m，從釋放到彈跳至h高處經歷的時間t＝1.0s．忽略空氣阻力作用，重力加速度取g＝10m/s2，求：（1）籃球與地板撞擊過程中損失的機械能△E；（2）籃球對地板的平均撞擊力．

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解析】

A．第二宇宙速度11.2km/s，是衛星脫離地球引力束縛的最小發射速度，由于同步衛星仍然繞地球飛行，則發射的速度不能大于11.2km/s，故A錯誤；B．第一宇宙速度7.9km/s，是衛星在地球表面飛行時的速度，是最小的發射速度，根據萬有引力提供向心力，有解得衛星在同步軌道Ⅱ上運動時，軌道半徑變大，運行速度小于7.9km/s，故B錯誤；C．只有萬有引力作用情況下，則有得同一位置的加速度相等，即衛星在軌道Ⅱ上通過Q點的加速度等于在軌道Ⅰ上通過Q點的加速度，故C錯誤；D．衛星在Q點通過加速，做離心運動，由軌道I進入軌道Ⅱ，故D正確。故選D。2、B【解析】

開普勒第三定律指出所有圍繞太陽運轉的行星的軌道的半長軸的三次方跟公轉周期的二次方的比值都相等，故B正確ACD錯誤。故選B。3、D【解析】

對A、B兩球分別受力分析，如圖

由圖可知

F合=mgtanθ；因為兩小球質量不知，所以它們的向心力不一定相等，故C錯誤；根據向心力公式有解得：a=gtanθ，，；由于A球轉動半徑較大，故向心加速度一樣大，A球的線速度較大，角速度較小，所以AB錯誤，D正確。4、A【解析】做曲線運動的物體可以受恒力作用，其加速度可以保持不變，如平拋運動，故A正確；既然是曲線運動，它的速度的方向必定是改變的，所以曲線運動一定是變速運動，故B錯誤；做曲線運動的物體其所受合力一定指向軌跡的內側，故C錯誤；在曲線運動中，質點的速度方向一定沿著軌跡的切線方向，故D錯誤．所以A正確，BCD錯誤．5、A【解析】

A.行星圍繞太陽運動的軌道是橢圓，太陽處在橢圓的一個焦點上，根據開普勒第二定律，太陽與行星的連線在相同時間內掃過的面積相等，太陽行星的距離不同，線速度不同，則A錯誤，D正確；B.每一個行星而言，太陽行星的連線在相同時間內掃過的面積相等，距離太陽越近，速度越大，該行星在a點的速度比在b、c兩點的速度都大，故B正確；C．根據萬有引力提供向心力，，即，距離太陽越近，向心加速度越大，該行星在a點的向心加速度比在b、c兩點的都大，故C正確；本題選擇錯誤答案，故選A6、C【解析】

做勻速圓周運動的物體，向心力大小不變，方向時刻變化，所以向心加速度的方向始終指向圓心，在不同的時刻方向是不同的，而大小不變，故C正確，ABD錯誤。故選C。7、AB【解析】引用公式F=mv2r，這個關系式實質是牛頓第二定律，可以在實驗室得到驗證，故A正確．引用公式v=2πrT8、BD【解析】

A．汽車勻加速啟動，則在勻加速階段，牽引力恒定，由圖可知，在勻加速運動階段加速度根據牛頓第二定律代數解得故A錯誤，B正確；C．在5s末，汽車達到額定功率，根據代數可得，汽車的額定功率為故C錯誤；D．當達到額定功率后，功率不再變化，速度繼續增加，故牽引力減小，當牽引力減小到等于阻力時，汽車達到最大速度。有解得故D正確。故選BD。9、AD【解析】

AB.P、Q和R三點都在圓環上，所以三點轉動的角速度相等，由圖可知三點的轉動半徑不同，大小關系為：rp>rQ>rR，由公式v=ωr可得三點的線速度的關系為：vP>C.任意時刻P、Q、R三點的線速度方向與各自的軌跡圓相切，所以任意時刻線速度方向均相同的。故C錯誤。D.任意時刻P、Q、R三點向心加速度的方向均是水平指向AB軸的，可以看出任意時刻P、Q、R三點向心加速度的方向相同。故D正確。10、CD【解析】

根據速度的分解知識可知，B球的速度沿繩子方向的分速度等于A的速度，則兩球速度大小不是始終相等，選項A錯誤；重力瞬時功率公式為P=mgvcosα，α是重力與速度的夾角．一開始B球是由靜止釋放的，所以B球在開始時重力的功率為零；B球運動到a點時，α=90°，重力的功率也為零，所以重力對小球B做功的功率先增大后減小，故B錯誤．在B球由c下滑到a的過程中，繩子的拉力一直對A球做正功，由功能原理可知，A球的機械能一直增加．故C正確．設小球B經過a點時的速度大小為v1，此時A球的速度大小為v1．則有：v1=v1cos30°;由系統的機械能守恒得：4mgR（1-cos60°）=mgR+；聯立解得v1=．故D正確．故選CD．【點睛】本題解題的關鍵是對兩個小球運動情況的分析，知道兩球沿繩子方向的分速度大小相等以及系統的機械能守恒；能用特殊位置法判斷B的重力的瞬時功率．11、BC【解析】

當滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，分析變阻器接入電路的電阻的變化，確定外電路總電阻的變化，分析總電流和路端電壓的變化，判斷燈L1亮度的變化．根據總電流的變化，分析并聯部分電壓的變化，判斷L3亮度的變化．根據總電流與通過L3電流的變化，分析通過L1電流的變化，判斷其亮度變化．根據路端電壓的變化，分析△U1和△U1的大小．【詳解】當滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流增大，則L1變亮．變阻器的電阻減小，并聯部分的電阻減小，則并聯部分電壓減小，則L3變暗．總電流增大，而L3的電流減小，則L1的電流增大，則L1變亮，故A錯誤，B正確；由上分析可知，電壓表V1的示數減小，電壓表V1的示數增大，由于路端電壓減小，所以△U1＞△U1．故C正確，D錯誤．所以BC正確，AD錯誤．【點睛】本題是電路動態變化分析問題，按“局部→整體→局部”思路進行分析．運用總量法分析兩電壓表讀數變化量的大小．12、AC【解析】根據萬有引力等于向心力得：GMmr2=mv2r，解得：v=GMr，已知，代入得R1:R2=1:2，兩顆衛星線速度之比為v1:v2=2:1，故A正確。根據萬有引力提供向心力得：GMmr2【點睛】已知衛星的質量和軌道半徑之比，可以由萬有引力提供向心力列式，分析線速度，向心加速度，周期，角速度的關系．二．填空題(每小題6分，共18分)13、1.60.240.4【解析】

（1）根據豎直方向運動：，解得：（2）水平方向：，（3）B點的豎直速度，所以B點速度：14、BC【解析】

A項：實驗前要平衡摩擦力，將長木板右端適當墊高，使小車能自由勻速滑動，平衡摩擦時，不能掛上砂桶和砂，故A錯誤；B項：為充分利用紙帶，小車靠近打點計時器，應先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時記錄傳感器的示數，故B正確；C項：為得出普遍規律，改變砂和砂桶質量，打出幾條紙帶，故C正確；D項：小車受到的拉力可由拉力傳感器測出來，不需要用天平測出砂和砂桶的質量，故D錯誤；E項：小車受到的拉力可以由拉力傳感器測出，實驗中不需要保證砂和砂桶的質量遠小于小車的質量，故E錯誤。故選：BC。15、初速度為00.174J0.175J在誤差允許的范圍內，重錘減少的重力勢能等于增加的動能【解析】

(1)[1]運用公式時，初動能應該為0，所以對紙帶上起點的要求是重錘從初速度為0開始。(2)[2]利用勻變速直線運動中間時刻的速度等于平均速度的推論得則記錄B點時，重錘動能[3]從開始下落至B點，重錘的重力勢能減少量[4]因為Ek≈?Ep，所以可以得出結論：在誤差允許的范圍內，重錘減少的重力勢能等于增加的動能。三．計算題(22分)16、（1）（2）1.1N，方向豎直向下．（3）5m/s【解析】

(1)設小球到達c點處速度為v，由動能定理，得－μmgL－mg4R＝mv2－mv02小球由c點做平拋運動，有4R＝gt2x＝vt聯立