2023屆廣東省清遠市恒大足球學校高一物理第二學期期中質量檢測模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、圓環在水平面上做勻速滾動，跟平面沒有相對滑動，如圖所示．已知環心對地的速度為v，則環上各點中相對于地的最大速度和最小速度的大小分別是()A．2v，v B．2v，0 C．v，0 D．1.5v，0.5v2、如圖所示，用平拋豎落儀做演示實驗，a小球做平拋運動的同時b小球做自由落體運動，觀察到的實驗現象是（）A．兩小球同時到達地面B．a小球先到達地面C．b小球先到達地面D．a小球初速度越大在空中運動時間越長3、牛頓提出太陽和行星間的引力后，為證明地球表面的重力和地球對月球的引力是同種力，也遵循這個規律，他進行了“月－地檢驗”．“月－地檢驗”所運用的知識是()A．開普勒三定律和牛頓第二定律B．開普勒三定律和圓周運動知識C．開普勒三定律和牛頓第三定律D．牛頓第二定律和和圓周運動知識4、如圖所示，在光滑的斜面上放一個質量為m的盒子A，A盒用輕質細繩跨過定滑輪與B盒相連，B盒內放著一個質量也為m的物體。如果把這個物體改放在A盒內，則系統的加速度恰好等值反向，則B盒的質量為(不計一切摩擦)()A．m2 B．m4 C．25、如圖所示為皮帶傳動裝置．A、C、D分別為三個輪子邊緣上的質點，B是左側小輪上的一點，左側兩個輪子為同軸轉動，左右輪子通過皮帶傳動，各點到軸心的距離已標出．若傳動過程中皮帶不打滑，則關于各點的線速度和角速度的判斷，正確的是（）A． B． C． D．6、蕩秋千是兒童喜愛的一項體育運動。圖為小孩蕩秋千運動到最高點的示意圖，下列說法正確的是（不計空氣阻力）（）A．小孩運動到最高點時，小孩所受的合力為零B．小孩從最高點運動到最低點過程做勻速圓周運動C．小孩運動到最低點時處于超重狀態D．小孩運動到最低點時，繩子拉力提供小孩做圓周運動的向心力7、關于質點做勻速圓周運動，下列說法正確的是()A．質點的速度不變 B．質點的周期不變C．質點的角速度不變 D．質點的轉速不斷變化8、如圖所示，一個物體以速度v0沖向與豎直墻壁相連的輕質彈簧，彈簧被壓縮，在此過程中，以下說法正確的是A．物體對彈簧做的功與彈簧的壓縮量成正比B．物體向墻壁運動發生相同的位移，彈力做的功不相等C．彈簧的彈力做正功，彈性勢能減小D．彈簧的彈力做負功，彈性勢能增加9、下列物體在運動過程中，機械能不守恒的是（）A．被起重機拉著向上做勻速運動的貨物B．一個做平拋運動的鐵球C．沿粗糙的斜面向下做勻速運動的木塊D．在空中向上做加速運動的氫氣球10、如圖所示，將一個小球從某一高度處以初速度v0水平拋出，小球經時間t落地，落地前瞬間重力的功率為P．不計空氣阻力．若將小球從相同位置以2v0的速度水平拋出，則小球（）A．落地的時間仍為tB．落地的時間變為tC．落地前瞬間重力的功率仍為PD．落地前瞬間重力的功率變為2P11、如圖所示，在水平向右、大小為E的勻強電場中，在O點固定以電荷量為Q的正電荷，A、B、C、D為以O為圓心、半徑為r的同一圓周上的四點，B、D連線與電場線平行，A、C連線與電場線垂直．則A．A點的場強大小為B．B點的場強大小為C．D點的場強大小不可能為0D．A、C兩點的場強相同12、如下圖所示裝置繞豎直軸勻速旋轉,有一緊貼內壁的小物體,物體隨裝置一起在水平面內勻速轉動的過程中，所受外力可能是()A．重力、彈力B．重力、彈力、滑動摩擦力C．重力、彈力、靜摩擦力D．下滑力、彈力、靜摩擦力二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）在用如圖所示的裝置探究動能與重力勢能的轉化和守恒的實驗中：（1）必須用到的器材是__________。（只需填A或B，下同）A．刻度尺B．秒表（2）下列兩項操作中正確的一項是___________。A．先松開紙帶再接通電源B．接通電源前，重物應靠近打點計時器并靜止（3）實驗結果發現重物重力勢能的減小量總是略大于動能的增加量，其原因是______________。A．存在阻力B．重物太重14、（10分）某學生實驗小組利用圖（a）所示電路，測量多用電表內電池的電動勢和電阻“×1k”擋內部電路的總電阻．使用的器材有：多用電表；電壓表：量程5V，內阻十幾千歐;滑動變阻器：最大阻值5kΩ導線若干．回答下列問題:（1）將多用電表擋位調到電阻“×1k”擋，再將紅表筆和黑表筆，調零點．（2）將圖((a)中多用電表的紅表筆和（填“1”或“2”）端相連，黑表筆連接另一端．（3）將滑動變阻器的滑片調到適當位置，使多用電表的示數如圖（b）所示，這時電壓表的示數如圖（c）所示．多用電表和電壓表的讀數分別為kΩ和V．（4）調節滑動變阻器的滑片，使其接入電路的阻值為零．此時多用電表和電壓表的讀數分別為12.0kΩ和4.00V．從測量數據可知，電壓表的內阻為____kΩ．（5）多用電表電阻擋內部電路可等效為由一個無內阻的電池、一個理想電流表和一個電阻串聯而成的電路，如圖(d)所示．根據前面的實驗數據計算可得，此多用電表內電池的電動勢為___V，電阻“×1k”擋內部電路的總電阻為___kΩ．三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）一星球的質量為M，半徑為R，已知萬有引力恒量為G，試計算：(1)該星球的第一宇宙速度為多大？(2)一質量為m的衛星在距離該星球表面距離為h的軌道上運行的周期為多大？16、（12分）某星球表面的重力加速度為g，其半徑為R，在不考慮自轉的情況，求解以下問題：（以下結果均用字母表達即可，萬有引力常量為G）（1）假設該星為一均勻球體，試求星球的平均密度；（2）假設某衛星繞該星做勻速圓周運動且運行周期為T，求該衛星距地面的高度。17、（12分）如圖所示，半徑R=0.8m的圓弧光滑軌道固定在水平地面上，O為該圓弧的圓心，軌道上方的A處有一個可視為質點的質量m=1kg的小物塊，小物塊由靜止開始下落后恰好沿切線進入圓弧軌道。此后小物塊將沿圓弧軌道下滑，已知AO連線與水平方向的夾角=45°，在軌道末端C點固定一長木板，木板上表面與圓弧軌道末端的切線相平，小物塊與長木板間的動摩擦因數，g取10m/s2。求：（1）小物塊剛到達C點時的速度大小；（2）小物塊剛要到達圓弧軌道末端C點時對軌道的壓力；（3）要使小物塊不滑出長木板，木板長度L至少為多少？

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、B【解析】圓環勻速滾動時跟地面接觸的點可視為轉軸，此點速度為零，所以v不是最小值．圓環上其他點的角速度跟環心繞軸轉動的角速度是一樣的，線速度大小與半徑(各點跟轉軸的距離)成正比，故最高點的線速度最大，是環心線速度的2倍，即最大速度是2v．綜上分析，B正確．2、A【解析】解：平拋運動在豎直方向上的運動規律為自由落體運動，可知兩球同時落地，故B、C錯誤，A正確；平拋運動的時間由高度決定，與初速度無關，故D錯誤．故選A．【點評】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，知道平拋運動的時間由高度決定．3、D【解析】

如果重力與星體間的引力是同種性質的力，都與距離的二次方成反比關系，那么，由于月心到地心的距離是地球的半徑的倍，月球繞地球做近似圓周運動，其向心加速度就應該是地球表面重力加速度的倍，在牛頓的時代，重力加速度已經比較精確的測定，也能精確的測定月球與地球的距離，月球公轉的周期，從而能夠算出月球運動的向心加速度，根據計算結果驗證是否符合上述的“平方反比”關系，因此運用了牛頓第二定律與圓周運動知識，故D正確，ABC錯誤；故選D。4、B【解析】

以AB和物體整體為研究對象，分別根據牛頓第二定律列方程，表示出兩次的加速度，結合兩次加速度關系即可求解。【詳解】設B盒的質量為m'。當物體放在B盤中時，以AB和物體整體為研究對象，根據牛頓第二定律：(mg+m'g)-mgsin30°=(2m+m')a，當物體放在A盤中時，以AB和物體整體為研究對象，根據牛頓第二定律：m'g-(m+m')gsin30°=(2m+m')a'，由題意，【點睛】本題考查整體法和牛頓第二定律的應用，當兩個物體的加速度大小相等時可以看作一個整體，也可以采用隔離法研究。5、C【解析】

由于A、C兩點是傳送帶傳動的兩輪子邊緣上兩點，線速度相等，由于，根據可知；B、C、D三點為共軸的輪子上的點，角速度相等，由于，根據可知，所以，，故選項C正確，A、B、D錯誤；6、C【解析】

A.小孩運動到最高點時，速度為零，受重力和繩子拉力作用，合力不為零，故選項A錯誤；B.小孩從最高點運動到最低點過程中，重力做正功，線速度增大，選項B錯誤；C.小孩運動到最低點時，具有向心加速度，方向豎直向上，故小孩處于超重狀態，選項C正確；D.小孩運動到最低點時，小孩的重力和繩子拉力的合力提供其做圓周運動的向心力，故選項D錯誤。故選C。7、BC【解析】A項：勻速圓周運動中的勻速指的是速率不變，其速度方向時刻改變，故A錯誤；B項：由于勻速圓周運動的速率不變，所以運動一周所用的時間不變，即周期不變，故B正確；C項：由于勻速圓周運動的速率不變，所以轉過所用的時間相同，即角速度不變，故C正確；D項：轉速與頻率的物理意思相同，由于周期不變，所以轉速不變，故D錯誤．8、BD【解析】

A．彈簧的彈力為F=kx，彈力做功表達式可見物體對彈簧做的功與彈簧的壓縮量平方成正比，故A錯誤；B．物體向墻壁運動相同的位移，彈力大小不同，故彈力做功不相等，故B正確；CD．物體向左運動，彈力方向向右，故彈力做負功，彈簧的彈性勢能增加，故C錯誤，D正確。9、ACD【解析】

本題考查對機械能守恒條件的判斷。【詳解】A．拉力做功，動能不變，重力勢能增加，機械能增加。故A符合題意；B．只有重力做功，機械能守恒，故B不符合題意；C．摩擦力做功，動能不變，重力勢能減小，機械能減小，故C符合題意；D．浮力做功，動能增加，重力勢能增加，故D符合題意。故選ACD。10、AC【解析】

AB、小球做平拋運動,可將運動分解成水平方向勻速運動與豎直方向自由落體.因為高度相同,則落地時間相同,所以A選項是正確的,B錯誤;

CD、豎直方向速度v=gt,豎直方向速度不變,則落地前瞬間重力的功率P=mgv不變,仍為P,所以C選項是正確的,D錯誤.故選AC【點睛】小球在同一高度以不同速度水平拋出,在平拋運動過程中,因為高度相同,則運動時間相同,重力方向的速度相同,落地前瞬間重力的功率P=mgv求解.11、AB【解析】正點電荷Q在A點的電場強度大小E′=，而勻強電場在A點的電場強度大小為E，因方向相互垂直，根據矢量的合成法則，則有A點的場強大小為，故A正確；同理，點電荷Q在B點的電場強度的方向與勻強電場方向相同，因此B點的場強大小為E+k，故B正確；當點電荷Q在D點的電場強度的方向與勻強電場方向相反，且大小相等時，則D點的電場強度大小可以為零，故C錯誤；根據矢量的合成法則，結合點電荷電場與勻強電場的方向，可知A、C兩點的電場強度大小相等，而方向不同，故D錯誤；故選AB．點睛：此題考查點電荷的電場強度公式的內容，掌握矢量合成法則的應用，注意正點電荷在各點的電場強度的方向是解題的關鍵．12、AC【解析】當角速度滿足一定值時，物體可能靠重力和支持力兩個力的合力提供向心力，所以物體可能受重力和彈力．當角速度不滿足一定值時，物體可能受重力、彈力還有靜摩擦力．故A、C正確；B、D錯誤；故選AC．二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、ABA【解析】

（1）實驗中需要刻度尺測量點跡間的距離，從而求解重力勢能的減小量，以及求解瞬時速度，從而求解動能的增加量，故需要刻度尺；打點計時器可以記錄時間，所以不需要秒表。故選A。（2）該實驗應先接通電源再松開紙帶，接通電源前，重物應靠近打點計時器，故A錯誤，B正確。（3）由于阻力的存在，使得部分重力勢能的減小量轉化為內能，則重物重力勢能的減小量略大于動能的增加量，故選A。14、（1）短接（2）1（2）1.02.60（4）3.0（5）9.001.0【解析】試題分析：（1）歐姆表使用前一定要歐姆調零，即紅黑表筆短接后，調節調零旋鈕，是電流表滿偏；（2）紅正黑負，電流從紅表筆流入電表，從黑表筆流出電表；電流從電壓表正接線柱流入，故紅表筆接觸1，黑表筆接2；（2）歐姆表讀數=倍率×表盤讀數=1K×1．0Ω=1．0kΩ；電壓表讀數為2．60V；（4）由于滑動變阻器被短路，故歐姆表讀數即為電壓表阻值，為3．0KΩ；（5）歐姆表的中值電阻等于內電阻，故歐姆表1K檔位的內電阻為1．0KΩ；根據閉合電路歐姆定律，電動勢為；考點：測定電源電動勢和內阻實驗【名師點睛】本題關鍵是明確實驗原理，會使用歐姆表和電壓表測量電阻和電壓，同時能結合閉合電路歐姆定律靈活地列式分析．三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、