學必求其心得，業必貴于專精學必求其心得，業必貴于專精學必求其心得，業必貴于專精陜西省寶雞市渭濱區2019-2020學年高二下學期期末考試物理試卷含解析渭濱區2019-2020-2高二年級物理試題一、選擇題（本題共15小題，共50分.在每小題的四個選項中，第1—10題只有一項符合題目要求,每題3分。第11—15題有多項符合題目要求，全部選對的得4分,選對但選不全得2分，有錯或不選的得0分,并把選項填涂在答題卡上）1.一閉合金屬線框的兩邊接有電阻R1、R2，框上垂直擱置一根金屬棒，棒與框接觸良好，整個裝置放在勻強磁場中（如圖所示）,當用外力使ab棒右移時，作出的下列判斷中正確的是（）A。其穿線框的磁通量不變，框內沒有感應電流B.框內有感應電流，電流方向沿順時針方向繞行C。框內有感應電流，電流方向沿逆時針方向繞行D。框內有感應電流，左半邊逆時針方向繞行，右半邊順時針方向繞行【答案】D【解析】【詳解】雖然整個框架內磁通量不變，但由于ab棒的運動,使左右兩邊都產生磁通量的變化，故兩邊均產生感應電流；由右手定則可知，左側電流為逆時針，右側電流為順時針，故D正確,ABC錯誤。故選D。2.如圖所示，一正方形線圈的匝數為n，邊長為a，線圈平面與勻強磁場垂直，且一半處在磁場中，在時間內,磁感應強度的方向不變,大小由B均勻的增大到2B．在此過程中，線圈中產生的感應電動勢為(）A.B.C。D.【答案】B【解析】【詳解】在此過程中,線圈中的磁通量改變量大小,根據法拉第電磁感應定律，B正確；，知道S是有效面積，即有磁通量的線圈的面積．3.交流發電機正常工作時，電動勢的變化規律為，如果把發電機轉子的轉速減小一半，并且把電樞線圈的匝數增加一倍，其他條件不變，則(）A.只是電動勢的最大值增加一倍B。電動勢的最大值和周期都增加一倍C。電動勢的最大值和周期都減小一半D.只是頻率減小一半,周期增加一倍【答案】D【解析】【詳解】發電機轉子的轉速n減小一半，根據可知角速度變為原來的一半，根據可知周期增加一倍，根據可知頻率減小一半；如果把發電機轉子的轉速減小一半，并且把電樞線圈的匝數增加一倍,其他條件不變,交流發電機工作時的電動勢最大值表達式可知電動勢的最大值不變，故D正確，ABC錯誤。故選D。4。“西電東送”工程是緩解我國東部沿海城市能源緊張的有效措施,由西向東的遠距離輸電要采用高壓電。關于高壓輸電的優點，下列說法中正確的是（）A。可根據需要調節交流電的頻率 B.可加快輸電的速度C.可節省輸電成本 D.可減少輸電線上的能量損失【答案】D【解析】【詳解】A．交流電的頻率等于發電機轉動的頻率，頻率是不改變的，故A錯誤；B．電路中電場建立的速度是光速，與是否高壓輸電無關,故B錯誤；CD．在輸電過程中輸送的功率一定，根據和，有則可知高壓輸電可以降低功率損耗，不能節約成本，故C錯誤,D正確；故選D.5.酒精測試儀用于對機動車駕駛人員是否酒后駕車及其他嚴禁酒后作業人員的現場檢測，它利用的是一種二氧化錫半導體型酒精氣體傳感器。酒精氣體傳感器的電阻隨酒精氣體濃度的變化而變化，在如圖所示的電路中,不同的酒精氣體濃度對應著傳感器的不同電阻，這樣,顯示儀表的指針就與酒精氣體濃度有了對應關系。如果二氧化錫半導體型酒精氣體傳感器電阻的倒數與酒精氣體的濃度成正比,那么，電壓表示數與酒精氣體濃度之間的對應關系正確的是(）A.越大，表示越小，與成反比B。越大,表示越小,但與不成反比C。越大，表示越大，與成正比D。越大,表示越大，但與不成正比【答案】D【解析】【詳解】酒精氣體傳感器和定值電阻串聯在電路中，電壓表測兩端的電壓,根據酒精氣體傳感器的電阻的倒數與酒精氣體的濃度成正比，可得其中是比例系數，根據歐姆定律得聯立可得由數學知識可知越大，越大，但兩者不成正比，故A、B、C錯誤,D正確；故選D。6.人們在運動時穿著運動鞋感覺更加舒適，其物理學原理是（）A。減小了腳落地時的動量 B.減小了腳落地過程中的動量變化量C.縮短了運動中腳落地的緩沖時間 D.延長了運動中腳落地的緩沖時間【答案】D【解析】【詳解】A．腳在落地前的速度大小相等，故落地前的動量相等，故A錯誤；B．腳落地后最后的速度均為零;故說明動量的變化一定相等，故B錯誤；CD．由于運動鞋的底軟硬度比較適中，適當延長了運動中腳落地的緩沖時間，從而導致沖擊力較適中,感覺更加舒適，故C錯誤，D正確；故選D。7。下列關于碰撞的理解正確的是（）A。碰撞是指相對運動物體相遇時,在很長時間內它們的運動狀態發生了顯著變化的過程B.在碰撞現象中，一般內力都遠遠大于外力，所以可以認為碰撞時系統的總動量守恒C.如果碰撞過程中機械能也守恒，這樣的碰撞叫做非彈性碰撞D。微觀粒子的碰撞由于不發生直接接觸，所以不滿足動量守恒的條件，不能應用動量守恒定律求解【答案】B【解析】【詳解】A．碰撞是十分普遍的現象，它是相對運動的物體相遇時發生的一種現象，碰撞時在極短時間內它們的運動狀態發生了顯著變化,故A錯誤；B．在碰撞現象中，由于內力遠大于外力，故可以忽略外力的作用；認為碰撞時系統的總動量守恒,故B正確;C．如果碰撞過程中機械能也守恒，則碰撞為彈性碰撞，故C錯誤；D．微觀粒子相互接近時，雖然不發生直接碰撞，在相互作用的過程中，符合動量守恒的定義，所以其動量是可能守恒的，故D錯誤。故選B。8。1909年英國物理學家盧瑟福用粒子轟擊金箔,下列關于該實驗的描述錯誤的是（）A。粒子轟擊金箔的實驗需在真空條件下完成B。粒子的散射實驗揭示了原子核有復雜的結構C.實驗結果表明絕大多數粒子穿過金箔后沒有發生散射D.粒子從金原子內部穿出后攜帶了原子內部結構的信息【答案】B【解析】【詳解】當粒子穿過原子時，電子對粒子影響很小,影響粒子運動的主要是原子核，離核遠則粒子受到的庫侖斥力很小，運動方向改變小.只有當粒子與核十分接近時，才會受到很大庫侖斥力，而原子核很小，所以粒子接近它的機會就很少，所以只有極少數大角度的偏轉,而絕大多數基本按直線方向前進。A．粒子轟擊金箔的實驗需在真空條件下完成，故A正確，不符合題意；B．粒子的散射實驗揭示了原子具有復雜的核式結構,故B錯誤,符合題意；C．實驗結果表明絕大多數粒子穿過金箔后不發生了散射,故C正確，不符合題意;D．從金原子內部出來后攜帶了原子內部的信息，故D正確，不符合題意。故選B。9.首次用實驗驗證“愛因斯坦質能方程”的核反應方程是，已知mLi＝7。0160u，mH＝1.0078u,mHe＝4。0026u，則該核反應方程中的k值和質量虧損分別是（）A。1和4.0212u B。1和2。0056uC.2和0.0186u D.2和1.9970u【答案】C【解析】【詳解】根據核反應前后質量數守恒和電荷數守恒可得：7＋1＝4k；3＋1＝2k，可得k＝2；m前＝mLi＋mH＝7.0160u＋1.0078u＝8.0238u,反應后的總質量m后＝2mHe＝2×4。0026u＝8。0052u，反應前后質量虧損為Δm＝m前－m后＝8.0238u－8。0052u＝0。0186u;A.1和4.0212u，與結論不相符，選項A錯誤；B.1和2.0056u，與結論不相符，選項B錯誤；C.2和0。0186u,與結論相符，選項C正確;D。2和1.9970u,與結論不相符,選項D錯誤；10.如圖，當電鍵斷開時,用光子能量為的一束光照射陰極K,發現電流表讀數不為零.合上電鍵，調節滑動變阻器,發現當電壓表讀數小于時，電流表讀數仍不為零；當電壓表讀數大于或等于時，電流表讀數為零。由此可知陰極材料的逸出功為（）A. B. C。 D。【答案】A【解析】【詳解】根據題意光電子的初動能為,根據愛因斯坦光電方程有可知陰極材料的逸出功，故A正確，BCD錯誤。故選A.11.下列說法中正確的是（）A.根據玻爾理論，氫原子輻射光子后，能量減小，軌道半徑也減小B.核聚變是釋放能量的核反應，核裂變是吸收能量的核反應C。盧瑟福的原子核式結構學說成功地解釋了氫原子光譜的規律D.金屬的極限頻率越大，該金屬電子的逸出功越大【答案】AD【解析】【詳解】A．根據玻爾理論，氫原子輻射光子后，能量減小，動能增大，電勢能減小,其軌道半徑減小，故A正確；B．不論核裂變還是聚變，都會質量虧損，釋放能量,故B錯誤；C．玻爾理論成功地解釋了氫原子光譜的規律，故C錯誤;D．根據可知極限頻率與逸出功成正比，金屬的極限頻率越大,該金屬電子的逸出功越大，故D正確；故選AD。12。如圖，是氫原子四個能級的示意圖.當氫原子從的能級躍遷到的能級時,輻射出光。當氫原子從的能級躍遷到的能級時，輻射出光。則以下判斷正確的是(）A.光光子的能量小于光光子的能量B.光的波長小于光的波長C。光的頻率小于光的頻率D.在真空中光的傳播速度小于光的傳播速度【答案】AC【解析】【詳解】AC．根據能級躍遷的頻率條件可知，氫原子從的能級躍遷到時輻射出光光子的能量為氫原子從的能級躍遷到時輻射出光光子的能量為由此可知光子光光子的能量小于光光子的能量，所以光的頻率小于光的頻率，故A、C正確；B．光的頻率小于光的頻率，根據頻率越大波長越短可知光的波長大于光的波長,故B錯誤；D．在真空中光的傳播速度等于光的傳播速度，故D錯誤；故選AC.13.關于天然放射性，下列說法正確的是（）A。所有元素都可能發生衰變B.放射性元素的半衰期與外界的溫度無關C。放射性元素與別的元素形成化合物時仍具有放射性D。、和三種射線中，射線的穿透能力最強【答案】BCD【解析】【詳解】A．有些原子核不穩定，可以自發地衰變,但不是所有元素都可能發生衰變，故A錯誤；B．放射性元素的半衰期由原子核內部因素決定，與外界的溫度無關,故B正確；C．放射性元素的放射性與核外電子無關，放射性元素與別的元素形成化合物時仍具有放射性,故C正確；D．、和三種射線中，射線的穿透能力最強，電離能力最弱，故D正確；故選BCD。14.如圖所示，固定于水平面的形導線框處于豎直向下的勻強磁場中（磁場足夠大），磁場的磁感應強度為，點、是形導線框上的兩個端點。水平向右恒力垂直作用在金屬棒上，使金屬棒以速度向右做勻速運動.金屬棒長度為,恰好等于平行軌道間距，且始終與導線框接觸良好，不計摩擦阻力,金屬棒的電阻為。已知導線的橫截面積為、單位體積內自由電子數為，電子電量為，電子定向移動的平均速率為。導線的電阻為，忽略其余導線框的電阻。則，在時間內（）A。導線中自由電子從向移動B.金屬棒中產生的焦耳熱C。導線受到的安培力大小D.通過導線橫截面的電荷量為【答案】AC【解析】【詳解】A．根據右手定則可得電流方向是NMab，則ab中自由電子從b向a移動，故A正確;B．金屬棒MN運動的位移不知道，無法計算MN中產生的焦耳熱Q，故B錯誤；C．導線中電流強度大小為所以ab受到的安培力大小故C正確；D．通過導線ab橫截面的電流強度為則在時間內通過導線橫截面的電荷量為故D錯誤。故選AC。15。如圖所示，兩滑塊、在光滑水平面上沿同一直線相向運動，滑塊的質量為,速度大小為，方向向右，滑塊的質量為，速度大小為，方向向左。兩滑塊發生碰撞后粘在一起，下列說法正確的是（）A。碰撞過程中機械能守恒B。碰撞過程中動量守恒C.碰后和一起向左運動,速度大小為D。碰后和一起向右運動，速度大小為【答案】BD【解析】【詳解】AB．兩球碰撞的過程動量守恒，以兩球組成的系統為研究對象，由于合外力為零，所以系統的動量守恒.碰撞過程中機械能不守恒，轉化為內能，故A錯誤，B正確。CD．取水平向右方向為正方向，碰撞前，A、B的速度分別為、，根據動量守恒定律得解得,故C錯誤,D正確。故選BD。二、填空與實驗題（每空或每問2分，計32分)16。一個電熱器接在的直流電源上，在時間內產生的熱量為,今將該電熱器接在一正弦式交流電源上，它在內產生的熱量為,這一交流電源的交流電壓的最大值為________。【答案】【解析】【詳解】根據交變電流有效值的定義有解得這一交流電源的交流電壓的有效值為這一交流電源的交流電壓的最大值為17。貝可勒爾發現天然放射現象,揭開了人類研究原子核結構的序幕。如圖中為放在勻強電場中的天然放射源，其放出的射線在電場中分成、、三束。（1）構成射線的粒子是____;構成射線的粒子是_____；構成射線的粒子是_____。(2）三種射線中，電離作用最強，動量最大，經常用來轟擊原子核的是____射線；當原子核中的一個核子由中子轉化為質子時將放出一個_____粒子。（3）請完成以下與上述粒子有關的兩個核反應方程：___________；__________【答案】（1).電子（或粒子）（2）。光子(3).氦核（或粒子)(4)。(5）.(6)。（7）。【解析】【詳解】(1)[1][2］[3]射線為氦核，帶正電,射線為電子流，帶負電，射線為高頻電磁波，不帶電；故根據電荷所受電場力特點可知構成射線的粒子是射線，構成射線的粒子是射線，構成射線的粒子射線；(2)［4]三種射線中,電離作用最強，動量最大，經常用來轟擊原子核的是射線；[5］根據質量數和電荷數守恒定律則有所以當原子核中的一個核子由中子轉化為質子時將放出一個粒子;(3）［6]［7］根據質量數和電荷數守恒定律則有18。一些材料的電阻隨溫度的升高而變化．如圖（甲）是由某金屬材料制成的電阻R隨攝氏溫度t變化的圖像,若用該電阻與電池（電動勢E=1。5V,內阻不計)、電流表(量程為5mA、內阻不計）、電阻箱R′串聯起來，連接成如圖(乙）所示的電路，用該電阻做測溫探頭，把電流表的電流刻度改為相應的溫度刻度，就得到了一個簡單的“金屬電阻溫度計”．(1）電流刻度較大處對應的溫度刻度____________;(填“較大"或“較小”)(2）若電阻箱阻值R′=150Ω，當電流為5mA時對應的溫度數值為________°C．【答案】（1）.較小（2）.50【解析】【詳解】(1)［1]根據閉合電路歐姆定律得,電路中電流可見,電阻R越小，電流I越大,對應的溫度越低,所以電流刻度較大處對應的溫度刻度較小.（2)［2]當電流為5mA時，由閉合電路歐姆定律得由R-t圖象，根據數學得到R=t+100(Ω），當R=150Ω可得t=50°C19.鉍半衰期是天，鉍經過天后還剩下__________.【答案】【解析】【詳解】鉍半衰期為5天,10g鉍經過10天后，即經過2個半衰期，未衰變的質量為20。質量為的物體以初速度開始做平拋運動，經過時間，下降的高度為，速率變為,重力加速度為，在這段時間內物體動量變化量的大小為___________【答案】或或或【解析】【詳解】根據動量定理得，合力的沖量等于動量的變化量，所以在這段時間內物體動量變化量的大小為又因為物體做平拋運動，在豎直方向上則有可得所以有末位置的動量為，初位置的動量為，根據三角形定則,知動量的變化量的大小為21.在“驗證動量守恒定律”的實驗中，一般采用如圖所示的裝置：（1）若入射小球質量為，半徑為；被碰小球質量為,半徑為，則_____。

A。，B.,C.，D。,（2）以下所提供的測量工具中必需的是_____.

A。刻度尺B。游標卡尺C.天平D.彈簧測力計E。秒表（3)在做實驗時，對實驗要求，以下說法正確的是__.

A。斜槽軌道必須是光滑的B.斜槽軌道末端的切線是水平的C。入射球每次都要從同一高度由靜止滾下D。釋放點越高,兩球碰后水平位移越大,水平位移測量的相對誤差越小，兩球速度的測量越準確(4）設入射小球的質量為，被碰小球的質量為，則在用如圖所示裝置進行實驗時（為碰前入射小球落點的平均位置），所得“驗證動量守恒定律"的表達式為_______。（用裝置圖中的字母表示）【答案】（1）.C(2).AC(3）.BCD(4)。【解析】【詳解】（1）[1]在小球碰撞過程中水平方向動量守恒定律，則有在碰撞過程中能量守恒,則有解得要碰后入射小球的速度，則有解得;為了使兩球發生正碰，兩小球的半徑相同,即，故C正確，ABD錯誤。故選C。（2）[2］P為碰前入射小球落點的平均位置，M為碰后入射小球的位置,N為碰后被碰小球的位置，根平拋運動的規律，則可得碰撞前入射小球的速度碰撞后入射小球的速度碰撞后被碰小球的速度若滿足表達式則表明通過該實驗驗證了兩球碰撞過程中動量守恒，整理得故需要測量的工具有刻度尺和天平，故AC需要，BDE不需要。選AC。（3）[3]AB．驗證動量守恒定律實驗,必須保證斜槽軌道末端切線水平，斜槽軌道不必要光滑,故A錯誤，B正確；C．為保證球的初速度相等，入射球每次都要從同一高度由靜止滾下，故C正確；D．為保證兩球發生對心正碰,碰撞后兩球做平拋運動,碰撞的瞬間，入射球與被碰球的球心連線與軌道末端的切線平行，故D正確。故選BCD（4）［4]根據（2)的解答可知，表達式為三、計算題（共18分，每小題各6分。解答應寫出必要的文字說明、方程式和必要的演