【高考真題】2022

年高考物理真題試卷（廣東卷）一、單項選擇題：本題共7

小題，每小題

4

分，共

28

分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．如圖是可用來制作豆腐的石磨。木柄 靜止時，連接 的輕繩處于繃緊狀態。O

點是三根輕繩的結點，F、 和 分別表示三根繩的拉力大小， 且 。下列關系式正確的是（ ）．A．B．C．D．【答案】D【解析】【解答】以

O

點為研究對象，受力分析如圖：根據力的平衡條件以及力的合成以及幾何關系得：，所以選項

D

正確，ABC錯誤。故答案為：D。【分析】該題以

O

點為研究對象，結合平衡條件、力的合成以及幾何關系即可解答。“祝融號”火星車需要“休眠”以度過火星寒冷的冬季。假設火星和地球的冬季是各自公轉周期的四分之一，且火星的冬季時長約為地球的

1.88

倍。火星和地球繞太陽的公轉均可視為勻速圓周運動。下列關于火星、地球公轉的說法正確的是（

）A．火星公轉的線速度比地球的大 B．火星公轉的角速度比地球的大C．火星公轉的半徑比地球的小 D．火星公轉的加速度比地球的小【答案】D【解析】【解答】由題意可知，火星的公轉周期大于地球的公轉周期，根據萬有引力充當向心力得：得，因此可以得出火星的公轉半徑比地球的公轉半徑大，所以選項

C

錯誤。再結合向心力的公式，解得，，可以得出公轉半徑越大，線速度、角速度、公轉加速度都在減小。所以

AB

選項錯誤，D

選項正確.故答案為：D。【分析】根據萬有引力充當向心力規律，先利用周期關系得出半徑關系就可以得出各個參數關系。3．如圖是滑雪道的示意圖。可視為質點的運動員從斜坡上的

M

點由靜止自由滑下，經過水平

NP

段后飛入空中，在

Q

點落地。不計運動員經過

N

點的機械能損失，不計摩擦力和空氣阻力。下列能表示該過程運動員速度大小

v或加速度大小

a隨時間

t

變化的圖像是（

）A．B．C．D．【答案】C【解析】【解答】設斜坡傾角為

θ，運動員在斜坡

MN

段做勻加速直線運動，根據牛頓第二定律，可得

mgsinθ=ma1，即

a1=gsinθ當他運動到

NP

段時，從圖中可看到這一段做勻速直線運動，則加速度

a2=0從

P點飛出后，其做平拋運動，加速度為

a3=g。設在

P點的速度為

v0，從

P點飛出后速度大小為 ，根據以上分析可以知道速度-時間圖像不可能為直線，A、B

錯誤；，則

C

正確，D

錯誤.故選

C。【分析】

根據運動員在不同運動過程的受力特點得出加速度的變化，從而分析出速度的變化，結合圖像完成分析。4．如圖是簡化的某種旋轉磁極式發電機原理圖。定子是僅匝數

n

不同的兩線圈，

，二者軸線在同一平面內且相互垂直，兩線圈到其軸線交點

O

的距離相等，且均連接阻值為

R

的電阻，轉子是中心在

O

點的條形磁鐵，繞

O

點在該平面內勻速轉動時，兩線圈輸出正弦式交變電流。不計線圈電阻、自感及兩線圈間的相互影響，下列說法正確的是（

）兩線圈產生的電動勢的有效值相等兩線圈產生的交變電流頻率相等C．兩線圈產生的電動勢同時達到最大值D．兩電阻消耗的電功率相等【答案】B【解析】【解答】AD、根據運動的周期性可知，兩個線圈位置的磁通量變化率 都相等，根據法拉第電磁感應定律 ，因兩個線圈的匝數不等，所以產生的感應電動勢最大值不相等，有效值也不相等，根據，可知，兩電阻的電功率也不相等，選項

AD

錯誤；B、在勻速圓周運動中，磁鐵的周期固定，則線圈產生的交流電頻率也相等，故

B

正確；C、電動勢達到最大值時磁通量最小，結合題圖可知，兩個線圈的磁通量無法同時達到最大(或最小)，故產生的電動勢無法同時達到最大值，故

C錯誤；故選：B。【分析】

ABD、勻速圓周運動的周期和頻率恒定，根據法拉第電磁感應定律可定性地分析出感應電動勢的大小，結合功率的公式分析出功率的關系；C、根據不同位置的磁通量的變化特點分析出線圈是否能同時達到最大值。5．目前科學家已經能夠制備出能量量子數

n較大的氫原子。氫原子第

n能級的能量為 ，其中 。如圖是按能量排列的電磁波譜，要使 的氫原子吸收一個光子后，恰好失去一個電子變成氫離子，被吸收的光子是（ ）A．紅外線波段的光子B．可見光波段的光子C．紫外線波段的光子D．X

射線波段的光子【答案】A【解析】【解答】氫原子第

n能級的能量為 ，其中 ，要使處于

n=20

的氫原子吸收一個光子后恰好失去一個電子變成氫離子，則需要吸收光子的能量為，根據光譜能量范圍其吸收紅外線波段的光子，所以

A

正確。BCD

錯誤，故答案為：A。【分析】

本題主要考查了氫原子的能級公式，

要根據氫原子的能級公式代入數據計算出第

20

能級的氫原子能量，結合電磁波譜分析出被吸收的光子類型。6．如圖所示，在豎直平面內，截面為三角形的小積木懸掛在離地足夠高處，一玩具槍的槍口與小積木上

P

點等高且相距為

L。當玩具子彈以水平速度

v

從槍口向

P

點射出時，小積木恰好由靜止釋放，子彈從射出至擊中積木所用時間為

t。不計空氣阻力。下列關于子彈的說法正確的是（ ）A．將擊中

P

點，t

大于B．將擊中

P

點，t

等于C．將擊中

P

點上方，t

大于D．將擊中

P

點下方，t

等于【答案】B【解析】【解答】由題意知槍口與

P

點等高，子彈和小積木在豎直方向上做自由落體運動，當子彈擊中積木時子彈和積木運動時間相同，根據自由落體規律

h= gt2

可知下落高度相同，所以將擊中

P點；又由于初始狀態子彈到

P點的水平距離為

L，子彈在水平方向上做勻速直線運動

t= 。故答案為：B。【分析】

本題主要考查了平拋運動的相關應用，根據子彈和積木在豎直方向的運動特點可知在豎直方向上保持相對靜止，結合水平方向的運動特點得出擊中的時間和位置，同時要注意運動的相對性和獨立性，結合運動學公式即可完成分析。7．如圖所示，一個立方體空間被對角平面

MNPQ

劃分成兩個區域，兩區域分布有磁感應強度大小相等、方向相反且與

z軸平行的勻強磁場。一質子以某一速度從立方體左側垂直 平面進入磁場，并穿過兩個磁場區域。下列關于質子運動軌跡在不同坐標平面的投影中，可能正確的是（ ）A．B．C．D．【答案】A【解析】【解答】AB、根據左手定則可知，質子在左側面運動時受到的洛倫茲力指向

y

軸正方向，在右側面運動時受到的洛倫茲力指向

y

軸負方向，因質子在磁場中做勻速圓周運動，所以質子運動的軌跡先往

y

軸正方向偏轉，再往

y

軸負方向偏轉，所以

A

選項正確，B選項錯誤；CD、質子在

z

軸方向不受力，因此

z

軸上的坐標始終保持不變，故

CD

錯誤；故選

A。【分析】

本題主要考查了帶電粒子在磁場中的運動

，

根據左手定則分析出質子的受力特點，結合曲線運動的相關知識完成分析

，從這方面看難度不大，但是對學生的空間想象能力有一定的要求。二、多項選擇題：本題共3

小題，每小題

6

分，共

18

分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得

6

分，選對但不全的得3

分，有選錯的得

0

分。8．如圖所示，磁控管內局部區域分布有水平向右的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場。電子從M

點由靜止釋放，沿圖中所示軌跡依次經過

N、P

兩點。已知

M、P

在同一等勢面上，下列說法正確的有（ ）A．電子從

N

到

P，電場力做正功B．N

點的電勢高于

P

點的電勢C．電子從

M

到

N，洛倫茲力不做功D．電子在

M

點所受的合力大于在

P點所受的合力【答案】B,C【解析】【解答】A、由題可知在電子運動過程中所受電場力水平向左，電子從

N

到

P

的過程中電場力做負功，故

A錯誤；B、電場線總是由高電勢指向低電勢，據此可知

N

點的電勢高于

P

點，故

B

正確；C、由于洛倫茲力總是與速度方向垂直，因此洛倫茲力不做功，故

C正確；D.、對電子在

M點和 點進行受力分析，如圖所示：由于

M

點和

P

點在同一等勢面上，故從

M

到

P

電場力做功為

0，而洛倫茲力不做功，M

點速度為0，根據動能定理可知電子在

P

點速度也為

0，則電子在

M

點和

P

點都只受電場力作用，在勻強電場中電子在這兩點電場力相等，即合力相等，故

D錯誤；故選

BC。【分析】

本題主要考查了帶電粒子在疊加場中的運動，熟悉電場線中電勢的判斷，根據左手定則判斷洛倫茲力始終與速度垂直，因此洛倫茲力對電子不做功；

根據幾何關系得出電子在

M

點所受的合力與在

P點所受的合力大小關系。9．如圖所示，載有防疫物資的無人駕駛小車，在水平

MN

段以恒定功率、速度勻速行駛，在斜坡

PQ

段以恒定功率、速度勻速行駛。已知小車總質量為 ，，

PQ

段的傾角為，重力加速度

g取 ，不計空氣阻力。下列說法正確的有（）從

M到

N，小車牽引力大小為從

M到

N，小車克服摩擦力做功從

P到

Q，小車重力勢能增加從

P到

Q，小車克服摩擦力做功【答案】A,B,D【解析】【解答】

AB、在水平

MN

段以恒定功率

200W，速度

5m/s

勻速行駛，則小車的牽引力等于小車受到的摩擦力，因此，故

A選項正確，從

M到

N過程中，小車摩擦力做功為

Wf=?40×20J=?800J，即小車克服摩擦力做功

800J，故

B正確；C、根據題意，從

P

到

Q

過程，重力勢能增加量為，故C

選項錯誤；D、依題意，小車從

P

到

Q

運動過程中，摩擦力做的功為，，聯立解得，則小車克服摩擦力做功為

700J，故

D

正確。故選

ABD。【分析】

小車做勻速運動，則牽引力等于摩擦力，根據公式

P=Fv

和受力分析分析出小車的受力，結合功的計算公式完成解答；

根據功能關系得出小車重力勢能的增加量。10．如圖所示，水平地面（ 平面）下有一根平行于

y

軸且通有恒定電流

I

的長直導線。P、M和

N

為地面上的三點，P

點位于導線正上方，MN

平行于

y

軸，PN

平行于

x

軸。一閉合的圓形金屬線圈，圓心在

P

點，可沿不同方向以相同的速率做勻速直線運動，運動過程中線圈平面始終與地面平行。下列說法正確的有（ ）A．N

點與

M點的磁感應強度大小相等，方向相同線圈沿

PN方向運動時，穿過線圈的磁通量不變線圈從

P

點開始豎直向上運動時，線圈中無感應電流線圈從

P

到

M過程的感應電動勢與從

P

到

N

過程的感應電動勢相等【答案】A,C【解析】【解答】A、依題意，M、N

兩點連線與長直導線平行、兩點與長直導線的距離相同，根據安培定則可知，通電長直導線在

M、N

兩點產生的磁感應強度大小相等，方向相同，故

A

正確；B、根據安培定則，線圈在

P

點時，磁感線穿進與穿出在線圈中對稱，磁通量為零；在向

N

點平移過程中，磁感線穿進與穿出線圈不再對稱，線圈 磁通量會發生變化，故

B

錯誤；C、根據安培定則，線圈從

P

點豎直向上運動過程中，磁感線穿進與穿出線圈對稱，線圈的磁通量始終為零，沒有發生變化，線圈無感應電流，故

C正確；D、線圈從

P

點到

M

點與從

P

點到

N

點，線圈的磁通量變化量相同，依題意

P

點到

M

點所用時間較從

P

點到

N

點時間長，根據法拉第電磁感應定律，則兩次的感應電動勢不相等，故

D

錯誤。故選

AC。【分析】

本題主要考查了法拉第電磁感應定律，根據磁場的分布特點結合對稱性分析出不同位置的磁場特點和磁通量是否變化；分析出線圈的磁通量的變化特點，結合楞次定律判斷是否產生感應電流；根據法拉第電磁感應定律分析出不同過程中產生的感應電動勢的特點。三、非選擇題：共

54

分。第

11~14

題為必考題，考生都必須作答。第

15~16

題為選考題，考生根據要求作答。11．某實驗小組為測量小球從某一高度釋放，與某種橡膠材料碰撞導致的機械能損失，設計了如圖（a）所示的裝置，實驗過程如下：⑴讓小球從某一高度由靜止釋放，與水平放置的橡膠材料碰撞后豎直反彈。調節光電門位置，使小球從光電門正上方釋放后，在下落和反彈過程中均可通過光電門。⑵用螺旋測微器測量小球的直徑，示數如圖（b）所示，小球直徑

d=

mm。⑶測量時，應

（選填“A”或“B”，其中

A

為“先釋放小球，后接通數字計時器”，B

為“先接通數字計時器，后釋放小球”）。記錄小球第一次和第二次通過光電門的遮光時間 和 。⑷計算小球通過光電門的速度，已知小球的質量為

m，可得小球與橡膠材料碰撞導致的機械能損失

（用字母

m、d、 和 表示）。⑸若適當調高光電門的高度，將會

（選填“增大”或“減小”）因空氣阻力引起的測量誤差。【答案】7.883；B；；增大【解析】【解答】（2）螺旋測微器讀數讀到

0.01毫米的后一位，則小球的直徑。(3)在測量時，因小球下落時間很短，如果先釋放小球，有可能會出現時間記錄不完整，所以應先接通數字計時器，再釋放小球，故選

B。(4)小球第一次和第二次通過光電門時的速度分別為

v1、v2，根據光電門遮光時間關系，，根據碰撞過程中機械能關系可得(5)若適當調高光電門的高度，小球經歷的空中距離比調整之前大，所以將會增大因空氣阻力引起的測量誤差。【分析】

本題主要考查了能量守恒定律的相關應用，理解光電門測量速度的原理，結合能量守恒定律完成對實驗的分析。(2)根據螺旋測微器的讀數規則得出小球的直徑；根據實驗原理掌握正確的實驗操作；理解機械能的定義，利用光電門測出小球的速度，結合動能的計算公式完成分析；(5)根據實驗原理結合功的計算公式完成對實驗誤差的分析。12．彈性導電繩逐步成為智能控制系統中部分傳感器的敏感元件，某同學測量彈性導電繩的電阻與拉伸后繩長之間的關系，實驗過程如下：⑴裝置安裝和電路連接如圖

11（a）所示，導電繩的一端固定，另一端作為拉伸端，兩端分別用帶有金屬夾

A、B

的導線接入如圖

11（b）所示的電路中。⑵導電繩拉伸后的長度

L及其電阻 的測量①將導電繩拉伸后，用刻度尺測量并記錄

A、B

間的距離，即為導電繩拉伸后的長度

L。②將滑動變阻器

R的滑片滑到最右端。斷開開關 ，閉合開關 ，調節

R，使電壓表和電流表的指針偏轉到合適位置。記錄兩表的示數

U和 。③閉合 ，電壓表的示數

（選填“變大”或“變小”）。調節

R

使電壓表的示數仍為U，記錄電流表的示數 ，則此時導電繩的電阻

（用 、 和

U

表示）。④斷開 ，增大導電繩拉伸量，測量并記錄

A、B

間的距離，重復步驟②和③。⑶該電壓表內阻對導電繩電阻的測量值

（選填“有”或“無”）影響。⑷圖

11（c）是根據部分實驗數據描繪的 圖線。將該導電繩兩端固定在某種機械臂上，當機械臂彎曲后，測得導電繩的電阻 為 ，則由圖線可讀出導電繩拉伸后的長度為

cm，即為機械臂彎曲后的長度。【答案】變小；；無；51.80【解析】【解答】(2)③閉合

S2

后，并聯部分的電阻減小，根據閉合電路歐姆定律，電壓表的示數變小；調節

R

使電壓表的示數仍為

U，流過導電繩的電流為

I2-I1，根據歐姆定律可得導電繩的電阻Rx=。在閉合

S2

之前，電流表

I1

的示數包括定值電阻的電流和電壓表分得的電流，閉合

S2

之后，加在電壓表兩端的電壓保持不變，因此流過電壓表和定值電阻的總電流仍為

I1，故流過導電繩的電流是

I2-I1，與電壓表內阻無關，電壓表內阻對測量沒有影響。導電繩的電阻 為 ，從圖

c

可知，對應的導電繩拉伸后的長度為

51.80cm。【分析】

本題考查電路的動態分析，伏安法測電阻，注意理解實驗原理。

根據閉合

S2，電路總電阻減小，總電流增加，內電壓增加，外電壓減小；根據歐姆定律即可求解。13．某同學受自動雨傘開傘過程的啟發，設計了如圖

12

所示的物理模型。豎直放置在水平桌面上的滑桿上套有一個滑塊，初始時它們處于靜止狀態。當滑塊從

A

處以初速度

為

向上滑動時，受到滑桿的摩擦力

f

為

，滑塊滑到

B

處與滑桿發生完全非彈性碰撞，帶動滑桿離開桌面一起豎直向上運動。已知滑塊的質量 ，滑桿的質量 ，A、B

間的距離，重力加速度

g取 ，不計空氣阻力。求：（1）滑塊在靜止時和向上滑動的過程中，桌面對滑桿支持力的大小和；滑塊碰撞前瞬間的速度大小

v；滑桿向上運動的最大高度

h。【答案】（1）滑塊靜止時，利用整體法可得桌面對滑桿的支持力等于滑塊和滑桿的重力，即當滑塊向上滑動過程中受到滑桿的摩擦力為

1N，根據牛頓第三定律可知滑塊對滑桿的摩擦力也為1N，方向豎直向上，則此時桌面對滑桿的支持力為（2）滑塊向上運動到碰前瞬間根據動能定理有代入數據得（3）由于滑塊和滑桿發生完全非彈性碰撞，即碰后兩者共速，碰撞過程根據動量守恒有碰后滑塊和滑桿以速度

v

整體向上做豎直上拋運動，根據動能定理有解得 。【解析】【解答】（1）滑塊靜止時，利用整體法可得桌面對滑桿的支持力等于滑塊和滑桿的重力，即當滑塊向上滑動過程中受到滑桿的摩擦力為

1N，根據牛頓第三定律可知滑塊對滑桿的摩擦力也為1N，方向豎直向上，則此時桌面對滑桿的支持力為（2）滑塊向上運動到碰前瞬間根據動能定理有代入數據得(2)由于滑塊和滑桿發生完全非彈性碰撞，即碰后兩者共速，碰撞過程根據動量守恒有碰后滑塊和滑桿以速度

v

整體向上做豎直上拋運動，根據動能定理有解得 。【分析】

(1)選擇合適的研究對象，對物體受力分析，結合牛頓第三定律得出桌面對滑桿的支持力；(2)根據牛頓第二定律計算出滑塊的加速度，結合運動學公式得出滑塊與滑桿碰撞前的速度；(3)碰撞瞬間動量守恒，由此計算出整體的速度，結合運動學公式得出滑桿向上運動的最大高度。14．密立根通過觀測油滴的運動規律證明了電荷的量子性，因此獲得了

1923

年的諾貝爾獎。圖

13是密立根油滴實驗的原理示意圖，兩個水平放置、相距為

d

的足夠大金屬極板，上極板中央有一小孔。通過小孔噴入一些小油滴，由于碰撞或摩擦，部分油滴帶上了電荷。有兩個質量均為 、位于同一豎直線上的球形小油滴

A和

B，在時間

t內都勻速下落了距離 。此時給兩極板加上電壓U（上極板接正極），A

繼續以原速度下落，B

經過一段時間后向上勻速運動。B

在勻速運動時間

t

內上升了距離 ，隨后與

A

合并，形成一個球形新油滴，繼續在兩極板間運動直至勻速。已知球形油滴受到的空氣阻力大小為 ，其中

k

為比例系數，m

為油滴質量，v

為油滴運動速率。不計空氣浮力，重力加速度為

g。求：（1）比例系數

k；（2）油滴

A、B

的帶電量和電性；B

上升距離電勢能的變化量；（3）新油滴勻速運動速度的大小和方向。【答案】（1）未加電壓時，當油滴勻速時其速度根據運動規律得根據平衡條件的又根據題意聯立解得（2）加電壓后，油滴

A

速度不變，可知油滴

A

不帶電，油滴

B

最后速度方向向上，可知油滴

B

所受電場力向上，極板間電場強度向下，可知油滴

B

帶負電，油滴

B

向上勻速運動時，速度大小為根據平衡條件可得解得根據功能關系又聯立解得：（3）解：油滴

B

與油滴

A

合并后，新油滴的質量為，新油滴所受電場力若，即可知新油滴速度方向向上，設向上正方向，根據動量守恒定律可得新油滴向上加速，達到平衡時解得速度大小為速度方向向上；若 ，即可知設向下為正方向，根據動量守恒定律可知新油滴向下加速，達到平衡時解得速度大小為速度方向向下。【解析】【分析】(1)根據對油滴的受力分析，結合空氣阻力的表達式得出比例系數；根據油滴的運動特點分析出油滴的電性和對應的電荷量，結合電場力做功與電勢能變化關系計算出油滴電勢能的變化量，其中對于新油滴的運動情況要分類討論，對學生的理解思維要求較高，綜合性較強。四、選考題：共

12

分。請考生從

2

道題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計分。15．利用空調將熱量從溫度較低的室內傳遞到溫度較高的室外環境，這個過程

（選填“是”或“不是”）自發過程。該過程空調消耗了電能，空調排放到室外環境的熱量

（選填“大于”“等于”或“小于”）從室內吸收的熱量。玻璃瓶可作為測量水深的簡易裝置。如圖所示，潛水員在水面上將 水裝入容積為的玻璃瓶中，擰緊瓶蓋后帶入水底，倒置瓶身，打開瓶蓋，讓水進入瓶中，穩定后測得瓶內水的體積為 。將瓶內氣體視為理想氣體，全程氣體不泄漏且溫度不變。大氣壓強取 ，重力加速度

g取 ，水的密度

ρ取 。求水底的壓強

p

和水的深度

h。【答案】（1）不是；大于（2