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文檔簡介
2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項:1.答卷前,考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時,選出每小題答案后,用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑,如需改動,用橡皮擦干凈后,再選涂其它答案標號。回答非選擇題時,將答案寫在答題卡上,寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后,將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,木箱置于水平地面上,一輕質(zhì)彈簧一端固定在木箱頂部,另一端系一小球,小球下端用細線拉緊固定在木箱底部。剪斷細線,小球上下運動過程中木箱剛好不能離開地面。已知小球和木箱的質(zhì)量相同,重力加速度大小為,若時刻木箱剛好不能離開地面,下面說法正確的是A.時刻小球速度最大B.時刻小球加速度為零C.時刻就是剛剪斷細線的時刻D.時刻小球的加速度為2、若已知引力常量G,則利用下列四組數(shù)據(jù)可以算出地球質(zhì)量的是()A.一顆繞地球做勻速圓周運動的人造衛(wèi)星的運行速率和周期B.一顆繞地球做勻速圓周運動的人造衛(wèi)星的質(zhì)量和地球的第一宇宙速度C.月球繞地球公轉(zhuǎn)的軌道半徑和地球自轉(zhuǎn)的周期D.地球繞太陽公轉(zhuǎn)的周期和軌道半徑3、如圖所示,AB是固定在豎直平面內(nèi)的光滑絕緣細桿,A、B兩點恰好位于圓周上,桿上套有質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球(可看成點電荷),第一次在圓心O處放一點電荷+Q,讓小球從A點沿桿由靜止開始下落,通過B點時的速度為,加速度為a1;第二次去掉點電荷,在圓周平面加上磁感應強度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場,讓小球仍從A點沿桿由靜止開始下落,經(jīng)過B點時速度為,加速度為a2,則()A.< B.> C.a(chǎn)1<a2 D.a(chǎn)1>a24、在國際單位制中,電荷量的單位是庫侖,符號是C,靜電力常量k=9.0×109N·m1/C1.關于電荷量與庫侖力,下列說法不正確的是A.兩個電荷量為1C的點電荷在真空中相距1m時,相互作用力相當于地球上一百萬噸的物體所受的重力B.我們幾乎不可能做到使相距1m的兩個物體都帶1C的電荷量C.在微觀帶電粒子的相互作用中,庫侖力比萬有引力強得多D.庫侖定律的公式和萬有引力的公式在形式上很相似,所以它們是性質(zhì)相同的兩種力5、如圖所示,兩平行導軌ab、cd豎直放置在勻強磁場中,勻強磁場方向豎直向上,將一根金屬棒PQ放在導軌上使其水平且始終與導軌保持良好接觸,現(xiàn)在金屬棒PQ中通以變化的電流I,同時釋放金屬棒PQ使其運動.已知電流I隨時間t變化的關系式為I=kt(k為常數(shù),k>0),金屬棒與導軌間的動摩擦因數(shù)一定.以豎直向下為正方向,則下面關于棒的速度v、加速度a隨時間t變化的關系圖象中,可能正確的有A.B.C.D.6、如圖所示,A、B兩個質(zhì)量相等的小球,分別從同一高度、傾角分別為、的光滑斜面頂端由靜止自由滑下。在小球從開始下滑到到達斜面底端的過程中,下列判斷正確的是()A.A球和B球到達斜面底端的速度大小不相等B.A球重力做功的平均功率比B球重力做功的平均功率小C.A球運動的加速度比B球運動的加速度大D.A球所受重力的沖量大小比B球所受重力的沖量大小小二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、甲、乙兩物體在同一條直線上運動,其運動的位置一時間圖象如圖所示,則下列說法正確的是()A.在3~5s時間內(nèi),甲的速度大小等于乙的速度大小B.甲的出發(fā)位置在乙的前面C.甲、乙在20m處相遇D.在3~7s的時間內(nèi),甲的平均速度大小小于乙的平均速度大小8、下列說法正確的是()A.游泳時頭露出水面后,頭發(fā)全貼在頭皮上是液體表面張力的作用B.密封容器中氣體的壓強是由氣體所受的重力產(chǎn)生的C.一定質(zhì)量的理想氣體,內(nèi)能隨著溫度升高一定增大D.晶體在熔化過程中,分子勢能一定是增大的E.陰天教室里,同學們感覺空氣濕度大,是因為空氣中水蒸氣的飽和汽壓大9、如圖所示為遠距離輸電的原理圖,升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器,發(fā)電廠的輸出電壓恒定、輸電線上的電阻不變,假設用戶所用用電器都是純電阻用電器,若發(fā)現(xiàn)發(fā)電廠發(fā)電機輸出的電流增大了,則可以判定A.通過用戶的電流減小了B.用戶接入電路的總電阻減小了C.用戶消耗的電功率減小了D.加在用戶兩端的電壓變小了10、如圖所示,甲、乙、丙是繞地球做勻速圓周運動的3艘飛船,下列說法正確的是()A.丙開動發(fā)動機向后瞬時噴氣后,其勢能不變B.丙開動發(fā)動機向后瞬時噴氣后的一段時間內(nèi),可能沿原軌道追上同一軌道上的乙C.甲受稀薄氣體的阻力作用后,其動能增大、勢能減小D.甲受稀薄氣體的阻力作用后,阻力做功大小與引力做功大小相等三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)①在做“用單擺測定重力加速度”的實驗時,為了使測量誤差盡量小,下列說法正確的是_____A.須選用密度和直徑都較小的擺球B.須選用輕且不易伸長的細線C.實驗時須使擺球在同一豎直面內(nèi)擺動D.計時起、終點都應在擺球的最高點且不少于30次全振動的時間②某同學在野外做“用單擺測定重力加速度”的實驗時,由于沒有合適的擺球,他找到了一塊外形不規(guī)則的石塊代替擺球,如上圖所示。操作時,他用刻度尺測量擺線OM的長度L作為擺長,測出n次全振動的總時間由到周期T,求出重力加速度,這樣得到的重力加速度的測量值比真實值_____(填“大”或“小”)。為了克服擺長無法準確測量的困難,該同學將擺線長度縮短為,重復上面的實驗,得出周期,由此他得到了較精確的重力加速度值g=_____。12.(12分)如圖甲為某同學測量某一電源的電動勢和內(nèi)電阻的電路圖,其中虛線框內(nèi)為用毫安表改裝成雙量程電流表的電路。已知毫安表的內(nèi)阻為10,滿偏電流為100mA。電壓表量程為3V,R0、R1、R2為定值電阻,其中的R0=2。(1)已知R1=0.4,R2=1.6。若使用a和b兩個接線柱,電流表量程為________A;若使用a和c兩個接線柱,電流表量程為________A。(2)實驗步驟:①按照原理圖連接電路;②開關S撥向b,將滑動變阻器R的滑片移動到________端(填“左”或“右”)。閉合開關S1;③多次調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片,記下相應的毫安表的示數(shù)I和電壓表的示數(shù)U。(3)數(shù)據(jù)處理:①利用實驗測得的數(shù)據(jù)畫成了如圖乙所示的圖像;②由圖像的電源的電動勢E=________V,內(nèi)阻r=________(E和r的結(jié)果均保留2位有效數(shù)字)。四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,在同一水平面上的兩根光滑絕緣軌道,左側(cè)間距為2l,右側(cè)間距為l,有界勻強磁場僅存在于兩軌道間,磁場的左右邊界(圖中虛線)均與軌道垂直。矩形金屬線框abcd平放在軌道上,ab邊長為l,bc邊長為2l。開始時,bc邊與磁場左邊界的距離為2l,現(xiàn)給金屬線框施加一個水平向右的恒定拉力,金屬線框由靜止開始沿著兩根絕緣軌道向右運動,且bc邊始終與軌道垂直,從bc邊進入磁場直到ad邊進入磁場前,線框做勻速運動,從bc邊進入右側(cè)窄磁場區(qū)域直到ad邊完全離開磁場之前,線框又做勻速運動。線框從開始運動到完全離開磁場前的整個過程中產(chǎn)生的熱量為Q。問:(1)線框ad邊剛離開磁場時的速度大小是bc邊剛進入磁場時的幾倍?(2)磁場左右邊界間的距離是多少?(3)線框從開始運動到完全離開磁場前的最大動能是多少?14.(16分)如圖所示,甲乙兩個完全相同的車靜止在水平面上,其中一個車內(nèi)有人,此人拉動輕繩使兩車相互靠近,相遇時甲乙兩車距離出發(fā)點分別為S甲和S乙。下列判斷正確的是A.若車與軌道間無摩擦,則S甲=S乙B.若車與軌道間有摩擦,且S甲<S乙,則人在甲車內(nèi)C.若S甲<S乙,且人在甲車內(nèi),則車與軌道可能無摩擦D.只要S甲<S乙,則人一定在甲車內(nèi)15.(12分)如圖所示,在平面第一象限內(nèi)存在沿y軸負向的勻強電場,在第四象限內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強磁場。一質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的粒子從y軸上P點以初速度v0沿軸正向射入勻強電場,經(jīng)過軸上Q點(圖中未畫出)進入勻強磁場。已知OP=L,勻強電場的電場強度,勻強磁場的磁感應強度,不計粒子重力。求:(1)粒子到達Q點的速度的大小v以及速度與軸正方向間的夾角;(2)粒子從第四象限離開磁場的縱坐標。
參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】
小球運動到最高點時木箱恰好不能離開地面,此時小球速度為零,對木箱受力分析有:,對小球受力分析有:又,,解得:A.A項與上述分析結(jié)論不相符,故A錯誤;B.B項與上述分析結(jié)論不相符,故B錯誤;C.C項與上述分析結(jié)論不相符,故C錯誤;D.D項與上述分析結(jié)論相符,故D正確。2、A【解析】
ABC.可根據(jù)方程和聯(lián)立可以求出地球質(zhì)量M,選項BC錯誤,A正確;D.已知地球繞太陽公轉(zhuǎn)的周期和軌道半徑可以求出太陽質(zhì)量,選項D錯誤。故選A。3、D【解析】
AB.A點和B點在同一個等勢面上,第一次小球從A點由靜止運動到B點的過程中,庫侖力對小球做功的代數(shù)和為零,根據(jù)動能定理,得第二次小球從A點由靜止運動到B點的過程中,洛倫茲力不做功,根據(jù)動能定理,得所以,故AB錯誤;CD.小球第一次經(jīng)過B點時,庫侖力有豎直向下的分量,小球受的豎直方向的合力F1>mg,由牛頓第二定律可知,小球經(jīng)過B點時的加速度a1>g,小球第二次經(jīng)過B點時,由左手定則可知,洛倫茲力始終與桿垂直向右,同時桿對小球產(chǎn)生水平向左的彈力,水平方向受力平衡。豎直方向只受重力作用,由牛頓第二定律可知,小球經(jīng)過B點時的加速度a2=g,所以a1>a2,故C錯誤,D正確。故選D。4、D【解析】
兩個電荷量為1C的點電荷在真空中相距1m時,相互作用力;一百萬噸的物體所受的重力,所以我們幾乎不可能做到使相距1m的兩個物體都帶1C的電荷量;在微觀帶電粒子的相互作用中,因粒子間的距離很小,所以庫侖力比萬有引力強得多,選項ABC正確;庫侖定律的公式和萬有引力的公式在形式上雖然很相似,但是它們不是性質(zhì)相同的兩種力,選項D錯誤;此題選擇不正確的選項,故選D.5、B【解析】
以豎直向下為正方向,根據(jù)牛頓第二定律得,金屬棒的加速度a=mg-fm,f=μN=μFA=μBIL=μBLkt,聯(lián)立解得加速度a=g?【點睛】解決本題的關鍵會根據(jù)合力確定加速度的變化,結(jié)合加速度方向與速度方向判斷物體做加速運動還是減速運動,知道速度時間圖線的切線斜率表示加速度.6、B【解析】
A.根據(jù)機械能守恒定律可得解得兩個小球達到底部的速度大小相等,故A錯誤;BC.小球的加速度大小為運動時間則運動過程中A斜面斜角小,則A運動的時間比B的大,由于高度相同,重力做功相等,所以A球重力做功的平均功率比B球重力做功的平均功率小,故B正確,C錯誤;C.由于A運動的時間比B的大,由公式可知,A球所受重力的沖量大小比B球所受重力的沖量大小大,故D錯誤。故選B。二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、CD【解析】
A.因為x-t圖像的斜率等于速度,可知在3~5s時間內(nèi),甲的速度大小小于乙的速度大小,選項A錯誤;B.甲和乙出發(fā)的位置都在x=0位置,選項B錯誤;C.由圖像可知,甲、乙在20m處相遇,選項C正確;D.在3~7s的時間內(nèi),甲的位移小于乙的位移,根據(jù)可知,甲的平均速度大小小于乙的平均速度大小,選項D正確;故選CD。8、ACD【解析】
A.液體表面張力使液體表面具有收縮的趨勢,故游泳時頭露出水面后頭發(fā)全貼在頭皮上,A正確;B.密封容器中氣體的壓強是由大量氣體分子對容器的碰撞引起的,B錯誤;C.對于一定質(zhì)量的理想氣體,其內(nèi)能的變化僅與分子熱運動的動能有關,當溫度升高時,分子熱運動的平均動能一定增大,則內(nèi)能也一定增大,C正確;D.晶體熔化時從外界吸熱,而溫度并不升高,晶體分子的平均動能沒有變化,故分子勢能一定增大,D正確;E.同學們感覺到空氣濕度大,不是因為空氣中水蒸氣的飽和汽壓大,而是空氣中水蒸氣的實際壓強與同一溫度下水的飽和汽壓之比大,E錯誤。故選ACD。9、BD【解析】
A項:如果發(fā)電機輸出電流增大,根據(jù)變流比可知,輸送電流增大,通過用戶的電流增大,故A錯誤;B項:由可知,輸送電流增大,是由于減小引起的,故B正確;C項:當用戶電阻減小時,用戶消耗的功率增大,故C錯誤;D項:發(fā)電機輸出電流增大,則輸電線上的電壓降增大,因此降壓變壓器的輸入、輸出電壓均減小,即因在用戶兩端電壓變小了,故D正確。故選:BD。10、AC【解析】
A.丙向后瞬時噴氣后,速度增大,但位置尚未變化,其勢能不變,選項A正確;。B.綜合應用牛頓第二定律、功和能的推論。丙飛船向后瞬時噴氣后速度增大,之后離開原來軌道,軌道半徑變大,不可能沿原軌道追上同一軌道上的乙,選項B錯誤;CD.甲受稀薄氣體的阻力作用時,甲軌道半徑緩慢減小,做半徑減小的圓周運動,由可知其動能增大、勢能減小、機械能減小,由動能定理可知,即此過程中有阻力做功大小小于引力做功大小,選項C正確,D錯誤;故選AC.三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、BC小【解析】
(1)A、為減小空氣阻力對實驗的影響,從而減小實驗誤差,組裝單擺須選用密度大而直徑都較小的擺球,故A錯誤;B、為減小實驗誤差,組裝單擺須選用輕且不易伸長的細線,故B正確;C、實驗時須使擺球在同一豎直面內(nèi)擺動,不能使單擺成為圓錐擺,故C正確;D、測量時間應從單擺擺到最低點開始,因為最低位置擺球速度最大,相同的視覺距離誤差,引起的時間誤差較小,則周期測量比較準確,故D錯誤;(2)根據(jù)單擺的周期公式得:,該同學用OM的長L作為擺長,擺長偏小,根據(jù)上述表達式得知,g的測量值偏小,設擺線的結(jié)點到大理石質(zhì)心的距離為r,則根據(jù)單擺的周期公式得:,而,聯(lián)立解得:。12、0.63.0左3.02.5(2.3~2.7均可)【解析】
(1)[1]若使用a和b兩個接線柱,根據(jù)并聯(lián)電路分流規(guī)律解得量程為[2]若使用a和c兩個接線柱,根據(jù)并聯(lián)電路分流規(guī)律解得(2)②[3]為了保護電路,初始時刻滑動變阻器的阻值應最大,所以將滑片滑到最左端。(3)②[4]若使用a和b兩個接線柱,電流表量程擴大倍,根據(jù)閉合電路歐姆定律可知變形得圖像的縱截距即為電動勢大小,即[5]圖像斜率的大小則電源內(nèi)阻為四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)線框ad邊剛離開磁場時的速度大小是bc邊剛進入磁場時速度的4倍;(2)磁場左右邊界間的距離是32l;(3)線框從開始運動到完全離開磁場前的最大動能是Q。【解析】
(1)設磁感強度為B,設線框總電阻為R,線框受的拉力為F,bc邊剛進磁場時的速度為v1,則感應電動勢為:E1=2Blv1感應電流為:線框所受安培力為:F1=2BI1l線框做勻速運動,其受力平衡,即:F1=F,聯(lián)立各式得:設ad邊離開磁場之前,線框做勻速運動的速度為v2,同理可得:所以:v2=4v1;(2)bc邊進入磁場前,線框做勻加速運動,設加速度為a,bc
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