山西省呂梁市汾陽海洪中學2023年高二物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（多選）光滑斜面上物塊A被平行斜面的輕質彈簧拉住靜止于O點，如圖所示，現將A沿斜面拉到B點無初速釋放，物體在BC范圍內做簡諧運動，則下列說法正確的是：A、OB越長，振動能量越大B、在振動過程中，物體A機械能守恒C．A在C點時，物體與彈簧構成的系統勢能最大，在O點時系統勢能最小D．B點時物體A的機械能最小參考答案：ACD2.如圖是某靜電場電場線的分布圖，M、N是電場中的兩個點，下列說法正確的是（）A.M點場強大于N點場強B.M點電勢高于N點電勢C.將電子從M點移動到N點，其電勢能增加D.將電子從M點移動到N點，電場力做正功參考答案：D試題分析：A、N點電場線密，M點電場線稀疏，故N點的場強大于M點場強，故A錯誤；B、沿著電場線方向電勢逐漸降低N點電勢高于M點電勢，故B錯誤；C、將電子從M點移動到N點，電場力做正功，故電勢能減小，故C錯誤，D正確；故選：D3.將一段導線繞成圖甲所示的閉合電路，并固定在水平面（紙面）內，回路的ab邊置于垂直紙面向里的勻強磁場Ⅰ中．回路的圓形區域內有垂直紙面的磁場Ⅱ，以向里為磁場Ⅱ的正方向，其磁感應強度B隨時間t變化的圖象如圖乙所示．用F表示ab邊受到的安培力，以水平向右為F的正方向，能正確反映F隨時間t變化的圖象是（）A． B． C． D．參考答案：B【考點】楞次定律；安培力；左手定則．【分析】當線圈的磁通量發生變化時，線圈中才會產生感應電動勢，從而形成感應電流；當線圈的磁通量不變時，則線圈中沒有感應電動勢，所以不會有感應電流產生．由楞次定律可知電流的方向，由左手定則判斷安培力的方向．【解答】解：分析一個周期內的情況：在前半個周期內，磁感應強度均勻變化，磁感應強度B的變化度一定，由法拉第電磁感應定律得知，圓形線圈中產生恒定的感應電動勢恒定不變，則感應電流恒定不變，ab邊在磁場中所受的安培力也恒定不變，由楞次定律可知，圓形線圈中產生的感應電流方向為順時針方向，通過ab的電流方向從b→a，由左手定則判斷得知，ab所受的安培力方向水平向左，為負值；同理可知，在后半個周期內，安培力大小恒定不變，方向水平向右．故B正確．故選B4.下列說法正確的是

A．電荷在某點受到的電場力越大，該點的電場強度越大

B．電場強度的方向總跟電場力的方向一致

C．負電荷受到的電場力的方向跟電場強度的方向相反

D．當兩個電荷之間的距離無限接近的時候作用力會變得無限大參考答案：C5.若某一物體受共點力作用處于平衡狀態，則該物體一定是A．靜止的

B．做勻速直線運動C．各共點力的合力可能不為零

D．各共點力的合力為零參考答案：D二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.用安培定則判斷直線電流的磁感線：

手握住導線，讓伸直的拇指與

的方向一致，那么彎曲的四指所指的方向就是磁感線的環繞方向。參考答案：右,電流7.質量m=0.1kg的氫氣在某狀態下的體積V=1.92×10-4m3，則此時氫氣分子的平均間距為多少？______________（結果保留一位有效數字，已知氫氣的摩爾質量M=2g/mol，阿伏加德羅常數NA=6.0×1023mol-1．）參考答案：4×10-9m【詳解】氣體的摩爾數為：；該狀態下氣體的摩爾體積為：；

氫氣分子的平均間距為8.一束光從某介質射向真空，當入射角為θ時，折射光恰好消失，已知光在真空中的速度為C，則此光在該介質中的傳播速度為_______；參考答案：Csinθ

9.有一條康銅絲，橫截面積為0.10mm2，長度為1.20m，在它的兩端加0.60V電壓時，通過它的電流正好是0.10A，則這種康銅絲的電阻率為

。參考答案：5.0×10-7Ω·m10.如圖所示，一個電荷量為－Q的點電荷甲，固定在絕緣水平面上的O點．另一個電荷量為＋q、質量為m的點電荷乙，從A點以初速度v0沿它們的連線向甲運動，到B點時的速度減小到最小為v.已知點電荷乙與水平面的動摩擦因數為μ，A、B間距離為L0及靜電力常量為k，則點電荷甲在B點處的電場強度大小為__________,A、B兩點電勢差為__________.參考答案： 11.一定質量的理想氣體，狀態從A→B→C→D→A的變化過程可用如圖所示的p﹣V圖線描述，圖中p1、p2、V1、V2和V3為已知量．（1）氣體狀態從A到B是

過程（填“等容”“等壓”或“等溫”）；（2）狀態從B到C的變化過程中，氣體的溫度

（填“升高”“不變”或“降低”）；（3）狀態從C到D的變化過程中，氣體

（填“吸熱”或“放熱”）；（4）狀態從A→B→C→D的變化過程中，氣體對外界所做的總功為

．參考答案：（1）等壓

（2）降低

（3）放熱

（3）【考點】理想氣體的狀態方程．【分析】（1）根據圖象可知，氣體發生等壓變化（2）B到C氣體發生等容變化，根據查理定律分析溫度的變化（3）C到D壓強不變，體積減小，溫度降低，內能減小，根據熱力學第一定律分析吸放熱情況（4）根據p﹣V圖象包圍的面積求氣體對外界做的功【解答】解：（1）由題圖可知，氣體狀態從A到B的過程為等壓過程．（2）狀態從B到C的過程中，氣體發生等容變化，且壓強減小，根據=C（常量），則氣體的溫度降低．（3）狀態從C到D的過程中，氣體發生等壓變化，且體積減小，外界對氣體做功，即W＞0，根據=C（常量），則氣體的溫度T降低，氣體的內能減小，由△U=Q+W，則Q=△U﹣W＜0，所以氣體放熱．（4）狀態從A﹣→B﹣→C﹣→D的變化過程中氣體對外界所做的總功W=p2（V3﹣V1）﹣p1（V3﹣V2）．故答案為：（1）等壓

（2）降低

（3）放熱

（3）12.如圖所示將圖(a)中的電鍵閉合，電流計指針由中央向右偏轉。如圖(b)所示，當把條形磁鐵N極插入線圈時，電流計指針將向

偏轉；如圖(c)所示，當把條形磁鐵S極從線圈中拔出，電流計指針將向

------------

偏轉。（填“右”或“左”）

參考答案：左、左13.如圖所示為玻璃厚度檢測儀的原理簡圖，其原理是：固定一束激光AO以不變的入射角θ1照到MN表面，折射后從PQ表面射出，折射光線最后照到光電管C上，光電管將光信號轉變為電信號，依據激光束在C上移動的距離，可以確定玻璃厚度的變化。設θ1＝45°，玻璃對該光的折射率為，C上的光斑向左移動了Δs，則可確定玻璃的厚度比原來變________(填“厚”或“薄”)了________。參考答案：厚Δs三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（8分）培養探索的科學實驗能力是我們學習物理的目的之一。在驗證碰撞中動量守恒的實驗中：（1）用小球飛行的水平距離表示水平速度的理論根據是____________________。（2）安裝斜槽軌道時，應使斜槽末端的切線水平，其目的是A．入射球得到更大的速度

B．入射球與被碰撞球對心碰撞后速度均為水平方向C．入射球與被碰撞球碰撞時動能無損失D．入射球與被碰撞球碰撞后都能從同一高度飛出（3）某次試驗中，稱得小球的質量=100g，=50g，應選___________做入射小球.兩小球相碰時在地面上的球心投影分別是、，碰撞前后小球落地點的平均位置為、、，根據如圖所示的測量數據知，碰前系統的動量大小為__________kg.cm，碰后系統的動量大小為__________kg.cm(計算結果保留3位有效數字）。參考答案：（1）各小球下落時間相同，水平位移與水平速度成正比；（2）B；（3）、3.00、2.9715.改變重物的質量，利用計算機可得滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關系圖像。他們在軌道水平和傾斜的兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條a-F圖線，如圖（b）所示。滑塊和位移傳感器發射部分的總質量m=_________kg；滑塊和軌道間的動摩擦因數μ=______參考答案：四、計算題：本題共3小題，共計47分16.（10分）如圖所示，矩形線圈abcd在磁感強度B=2T的勻強磁場中繞軸OO′，以角速度ω=10πrad/s勻速轉動，線圈共10匝，ab=0.3m，bc=0.6m，負載電阻R=45Ω。求：（l）電阻R在0.05s內所發出的熱量；（2）0.05s內流過的電量（設線圈從垂直中性面開始轉動）。參考答案：電動勢的最大值為εm=2nBLv=nBSω=10×20.3×0.6×10π=113．1（V）

所以0.05s內R上發出的熱量Q=I2Rt=5.76（J）

17.如圖所示，水平面上有兩根相距0.5m的足夠長的平行金屬導軌MN和PQ，它們的電阻可忽略不計，在M和P之間接有阻值為R的定值電阻.導體棒ab長l＝0.5m，其電阻為r，與導軌接觸良好.整個裝置處于方向豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度B＝0.4T.現使ab以v＝10m/s的速度向右做勻速運動.⑴ab中的感應電動勢多大？（4分）⑵ab中電流的方向如何？（4分）⑶若定值電阻R＝3.0Ω，導體棒的電阻r＝1.0Ω，則電路中的電流多大？（5分）參考答案：18.（25分）圖中所示為用三角形剛性細桿AB、BC、CD連成的平面連桿結構圖。AB和CD桿可分別繞過A、D的垂直于紙面的固定軸轉動，A、D兩點位于同一水平線上。BC桿的兩端分別與AB桿和CD桿相連，可繞連接處轉動（類似鉸鏈）。當AB桿繞A軸以恒定的角速度轉到圖中所示的位置時，AB桿處于豎直位置。BC桿與CD桿都與水平方向成45°角，已知AB桿的長度為，BC桿和CD桿的長度由圖給定。求此時C點加速度的大小和方向（用與CD桿之間的夾角表示）。參考答案：解析：解法一因為B點繞A軸作圓周運動，其速度的大小為

（1）B點的向心加速度的大小為

（2）因為是勻角速轉動，B點的切向加速度為0，故也是B點的加速度，其方向沿BA方向．因為C點繞D軸作圓周運動，其速度的大小用表示，方向垂直于桿CD，在考察的時刻，由圖可知，其方向沿桿BC方向．因BC是剛性桿，所以B點和C點沿BC方向的速度必相等，故有

（3）此時桿CD繞D軸按順時針方向轉動，C點的法向加速度

（4）

由圖可知，由（3）、（4）式得

（5）其方向沿CD方向．下面來分析C點沿垂直于桿CD方向的加速度，即切向加速度．因為BC是剛性桿，所以C點相對B點的運動只能是繞B的轉動，C點相對B點的速度方向必垂直于桿BC．令表示其速度的大小，根據速度合成公式有

由幾何關系得

（6）由于C點繞B作圓周運動，相對B的向心加速度

（7）因為，故有

（8）其方向垂直桿CD.由（2）式及圖可知，B點的加速度沿BC桿的分量為

（9）所以C點相對A點（或D點）的加速度沿垂直于桿CD方向的分量

（10）C點的總加速度為C點繞D點作圓周運動的法向加速度與切向加速度的合加速度，即

（11）的方向與桿CD間的夾角

（12）

解法二：通過微商求C點加速度

以固定點A為原點作一直角坐標系Axy，Ax軸與AD重合，Ay與AD垂直．任意時刻t，連桿的位形如圖所示，此時各桿的位置分別用，和表示，且已知，，，，，C點坐標表示為

（1）

（2）將（1）、（2）式對時間t求一階微商，得

（3）

（4）把（3）、（4）式對時間t求一階微商，得（5）（6）根據幾何關系，有

即

（7）

（8）將（7）、（8）式平方后相加且化簡，得

（9）對（9）式對時間t求一階微商，