湖南省邵陽市邵東縣第三中學2021-2022學年高二數學文下學期期末試題含解析一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，只有是一個符合題目要求的1.命題的否定是（

）

A. B.

C.

D.參考答案：C2.已知集合A={1，2，3}，B={x|（x﹣3）（x﹣6）=0}，則A∩B等于（）A．{1} B．{2，3} C．{3，6} D．{3}參考答案：D【考點】交集及其運算．【專題】計算題；集合思想；集合．【分析】求出B中方程的解確定出B，找出A與B的交集即可．【解答】解：由B中方程解得：x=3或x=6，即B={3，6}，∵A={1，2，3}，∴A∩B={3}，故選：D．【點評】此題考查了交集及其運算，熟練掌握交集的定義是解本題的關鍵．3.△ABC中，a．b．c分別為∠A．∠B．∠C的對邊，如果a．b．c成等差數列，∠B=30°，△ABC的面積為，那么b等于（）A． B． C． D．參考答案：B【考點】等差數列的通項公式；三角形的面積公式．【分析】由題意可得2b=a+c．平方后整理得a2+c2=4b2﹣2ac．利用三角形面積可求得ac的值，代入余弦定理可求得b的值．【解答】解：∵a，b，c成等差數列，∴2b=a+c．平方得a2+c2=4b2﹣2ac．①又△ABC的面積為，且∠B=30°，由S△=acsinB=ac?sin30°=ac=，解得ac=6，代入①式可得a2+c2=4b2﹣12，由余弦定理cosB====．解得b2=4+2，又∵b為邊長，∴b=1+．故選：B4.若為虛數單位，則（

）A．

B．

C．

D．參考答案：C5.已知集合A={1，a}，B={1，2，3}，則“a=3”是“A?B“的（）A．充分而不必要條件 B．必要而不充分條件C．充分必要條件 D．既不充分也不必要條件參考答案：A【考點】2L：必要條件、充分條件與充要條件的判斷；18：集合的包含關系判斷及應用．【分析】先有a=3成立判斷是否能推出A?B成立，反之判斷“A?B”成立是否能推出a=3成立；利用充要條件的題意得到結論．【解答】解：當a=3時，A={1，3}所以A?B，即a=3能推出A?B；反之當A?B時，所以a=3或a=2，所以A?B成立，推不出a=3故“a=3”是“A?B”的充分不必要條件故選A．6.設隨機變量的分布列為，則等于（

）A. B. C. D.參考答案：D【分析】根據所有隨機變量的概率之和為1，列出方程，求解出的值，要求解的值，即求解，根據概率的定義可得.【詳解】解：∵隨機變量的分布列為，，解得，.故選：D【點睛】本題考查了離散隨機變量的概率性質，解題的關鍵是熟記性質，熟練運用性質.7.從0，1，2，3，4，5這六個數字中任取兩個奇數和兩個偶數，組成沒有重復數字的四位數的個數為（）A．300 B．216 C．180 D．162參考答案：C【考點】D8：排列、組合的實際應用．【分析】本題是一個分類計數原理，從1，2，3，4，5中任取兩個奇數和兩個偶數，組成沒有重復數字的四位數；取0此時2和4只能取一個，0不可能排在首位，組成沒有重復數字的四位數的個數為C32C21[A44﹣A33]，根據加法原理得到結果．【解答】解：由題意知，本題是一個分類計數原理，第一類：從1，2，3，4，5中任取兩個奇數和兩個偶數，組成沒有重復數字的四位數的個數為C32A44=72第二類：取0，此時2和4只能取一個，0不能排在首位，組成沒有重復數字的四位數的個數為C32C21[A44﹣A33]=108∴組成沒有重復數字的四位數的個數為108+72=180故選C．8.拋物線到直線距離最近的點的坐標是(

)A．

B．(1，1)

C．

D．(2，4)參考答案：B略9.定義域的奇函數，當時，恒成立，若，，，則（

）A．

B．

C．

D．參考答案：A10.已知C與F是線段AB上的兩點，AB＝12，AC＝6，D是以A為圓心，AC為半徑的圓上的任意點，，線段FD的中垂線與直線AD交于點P。若P點的軌跡是雙曲線，則此雙曲線的離心率的取值范圍是

參考答案：二、填空題:本大題共7小題,每小題4分,共28分11.已知數列{an}的第1項a1=1，且an+1=，（n=1，2，3，…），則此數列的通項公式an=．參考答案：【考點】8H：數列遞推式．【分析】將遞推關系式倒過來，構造了等差數列．從而求出an的通項公式．【解答】解：由題意，得=即∴是以1為首項，1為公差的等差數列．∴∴．故答案為：．12.6名運動員比賽前將外衣放在休息室，比賽后都回到休息室取衣服，由于燈光暗淡，有一部分隊員拿錯了外衣，其中只有2人拿到自己的外衣，且另外的4人拿到別人的外衣情況個數為

.參考答案：13513.

．參考答案：略14.在等比數列{an}中，a1=1，公比q=2，若{an}前n項和Sn=127，則n的值為

．參考答案：7【考點】等比數列的前n項和．【專題】計算題．【分析】由等比數列的前n項和公式可得，127=解方程可求n【解答】解：由等比數列的前n項和公式可得，127=解可得，n=7故答案為：7【點評】本題主要考查了等比數列的前n項和公式的簡單運用，屬于基礎試題．15.設是偶函數，若曲線在點處的切線的斜率為1，則該曲線在點處的切線的斜率為

參考答案：略16.的展開式中常數項是_______.(用數字作答)參考答案：17.△ABC的內角A，B，C的對邊分別為a，b，c.若，則△ABC的面積為__________.參考答案：【分析】本題首先應用余弦定理，建立關于的方程，應用的關系、三角形面積公式計算求解，本題屬于常見題目，難度不大，注重了基礎知識、基本方法、數學式子的變形及運算求解能力的考查．【詳解】由余弦定理得，所以，即解得（舍去）所以，【點睛】本題涉及正數開平方運算，易錯點往往是余弦定理應用有誤或是開方導致錯誤．解答此類問題，關鍵是在明確方法的基礎上，準確記憶公式，細心計算．三、解答題：本大題共5小題，共72分。解答應寫出文字說明，證明過程或演算步驟18.已知命題是方程的兩個實根，不等式對任意實數恒成立;命題q:方程上有解.若命題p是假命題且命題q是真命題，求實數a的取值范圍.參考答案：解：∵，是方程的兩個實根，

∴

∴，

∴當時，，

由不等式對任意實數恒成立，

可得，∴或，∴命題為真命題時或；若命題：方程上有解為真命題，則顯然，

因為命題p是假命題且命題q是真命題，

19.（本題10分）已知兩條直線與的交點，求：（1）過點且過原點的直線方程；（2）過點且垂直于直線的直線的方程。參考答案：20.如圖，在平面直角坐標系中，已知分別是橢圓E:的左、右焦點，分別是橢圓E的左、右頂點，且.（1）求橢圓E的離心率；（2）已知點為線段的中點，M為橢圓上的動點（異于點、），連接并延長交橢圓于點，連接、并分別延長交橢圓于點、，連接，設直線、的斜率存在且分別為、，試問是否存在常數，使得恒成立？若存在，求出的值；若不存在，說明理由.參考答案：解：（1），.，化簡得，故橢圓E的離心率為.（2）存在滿足條件的常數，.點為線段的中點，，從而，，左焦點，橢圓E的方程為.設，，，，則直線的方程為，代入橢圓方程，整理得，.，.從而，故點.同理，點.三點、、共線，，從而.從而.故，從而存在滿足條件的常數，略21.用0，1，2，3，4這五個數字組成無重復數字的自然數．（1）在組成的三位數中，求所有偶數的個數；（2）在組成的三位數中，如果十位上的數字比百位上的數字和個位上的數字都小，則稱這個數為“凹數”，如301,423等都是“凹數”，試求“凹數”的個數；（3）在組成的五位數中，求恰有一個偶數數字夾在兩個奇數數字之間的自然數的個數．參考答案：略22.如圖，ABCD是塊矩形硬紙板，其中AB=2AD，，E為DC的中點，將它沿AE折成直二面角D﹣AE﹣B．（1）求證：AD⊥平面BDE；（2）求二面角B﹣AD﹣E的余弦值．參考答案：【考點】二面角的平面角及求法；直線與平面垂直的判定．【分析】方法一：（1）由題設可知AD⊥DE，取AE的中點O，連結OD，BE．證明BE⊥AD即可得到AD⊥平面BDE．（2）由（1）知AD⊥平面BDE．AD⊥DB，AD⊥DE，故∠BDE就是二面角B﹣AD﹣E的平面角在Rt△BDE中，求二面角B﹣AD﹣E的余弦值為．方法二（1）取AE的中點O，連結OD，BE，取AB的中點為F，連結OF，以O為原點，OA，OF，OD所在直線分別為x軸，y軸，z軸建立空間直角坐標系利用向量求解．【解答】方法一：解：（1）證明：由題設可知AD⊥DE，取AE的中點O，連結OD，BE．∵∴OD⊥AE．﹣﹣﹣﹣1

分又∵二面角D﹣AE﹣B為直二面角．∴OD⊥平面ABCE∴OD⊥BE﹣﹣﹣﹣﹣﹣又∵AE=BE=2∴AB2=AE2+BE2∴AE⊥BE又∵OD∩AE=O∴BE⊥平面ADE∴BE⊥AD﹣﹣﹣﹣﹣﹣又∵BE∩DE=E∴AD⊥平面BDE﹣﹣﹣﹣﹣﹣（2）由（1）知AD⊥平面BDE∴AD⊥DBAD⊥DE∴∠BDE就是二面角B﹣AD﹣E的平面角﹣﹣又∵BE⊥平面ADE∴BE⊥DE在Rt△BDE中，﹣﹣﹣﹣﹣﹣∴，∴二面角B﹣AD﹣E的余弦值為﹣﹣﹣﹣﹣﹣

方法二（1）證明：由題設可知AD⊥DE，取AE的中點O，連結OD，BE．∵∴OD⊥AE．﹣﹣﹣﹣又∵二面角D﹣AE﹣B為直二面角，∴OD⊥平面ABCE﹣﹣﹣﹣﹣又∵AE=BE=2∴AB2=AE2+BE2∴AE⊥BE取AB的中