2021-2022高二下物理期末模擬試卷注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一理想變壓器的原線圈接入電壓u=2202sin(100πt)V的交變電流，原線圈匝數n1=1100匝，副線圈匝數n2=60匝，副線圈并聯兩個一模一樣的燈泡A、B,開始時開關斷開，燈泡A正常發光，則(電流表為理想電表)A．該交變電流的頻率為100HzB．該燈泡的額定電壓為6VC．開關閉合后，燈泡A的亮度變亮D．開關閉合后，電流表的示數變大2、如圖所示是雙縫干涉實驗裝置，使用波長為600nm的橙色光源照射單縫S，在光屏中央P處觀察到亮條紋，在位于P點上方的點出現第一條亮紋中心即到、的光程差為一個波長，現換用波長為400nm的紫光源照射單縫A．P和仍為亮點B．P為亮點，為暗點C．P為暗點，為亮點D．P、均為暗點3、如圖是某品牌手機電池的銘牌，根據你所學的物理知識進行判斷，下列說法正確的是A．“3000mAh”表示該電池儲存的電能最多10800JB．“11.55Wh”表示該電池儲存的電能最多為41580JC．一個標注為“3V，4000F”的超級電容器容納的電荷量肯定比該電池能釋放的電荷量多D．用匹配的充電器給電池充電，若把電池從電量為10%充電到40%花了30分鐘，則充電器消耗的平均電功率為6.93W4、如圖所示，電源的電動勢和內阻分別為E、r，在滑動變阻器的滑片P由a向b移動的過程中，下列各物理量變化情況為A．電流表的讀數逐漸減小B．的功率逐漸增大C．電源的輸出功率可能先減小后增大D．電壓表與電流表讀數的改變量的比值先增大后減小5、下列說法正確的是()A．布朗運動是液體分子的無規則運動B．布朗運動是指液體中懸浮顆粒的無規則運動C．溫度降低，物體內每個分子的動能一定減小D．溫度低的物體內能一定小6、如圖所示的空間存在一勻強磁場，其方向為垂直于紙面向里，磁場的右邊界為MN，在MN右側有一矩形金屬線圈abcd，ab邊與MN重合．現使線圈以ab邊為軸按圖示方向勻速轉動(從上往下看為順時針轉動)，將a、b兩端連到示波器的輸入端，若ab邊中電流從a到b為正，則從示波器觀察到的ab中電流隨時間變化的圖形是()A．B．C．D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在兩端開口豎直放置的U形管內，兩段水銀封閉著長度為L的空氣柱,a、b兩水銀面的高度差為h，現保持溫度不變，則（）A．若再向左管注入些水銀，穩定后h變大B．若再向左管注入些水銀，穩定后h變小C．若再向右管注入些水銀，穩定后h變大D．若兩管同時注入些水銀，穩定后h變大8、如圖，一定質量的空氣被水銀封閉在靜置于豎直平面的U型玻璃管內，右管上端開口且足夠長，右管內水銀面比左管內水銀面高h，能使h變大的方法有A．環境溫度降低B．大氣壓強升高C．沿管壁緩慢向右管內加水銀D．U型玻璃管自由下落9、如圖所示，實線為兩個點電荷、所產生電場的電場線，關于、連線對稱的虛線abc為某帶負電粒子（重力不計）在電場中運動的軌跡，其中a、c為關于、連線的對稱點．若粒子在b點的速度小于在c點的速度，則下列說法正確的是()A．帶正電，帶負電B．a點的電勢高于b點的電勢C．粒子經過a、c兩點時的動能相等D．粒子在b點受到的電場力功率大于在c點受到的電場力功率10、為了測量某化肥廠的污水排放量，技術人員在該廠的排污管末端安裝了如圖所示的流量計，該裝置由絕緣材料制成，長、寬、高分別為a、b、c，左右兩端開口，在垂直于上下表面方向加磁感應強度為B的勻強磁場，在前后兩個內側面固定有金屬板作為電極，污水充滿管口從左向右流經該裝置時，電壓表將顯示兩個電極間的電壓U，若用Q表示污水流量（單位時間內排出的污水體積），下列說法正確的是（）A．若污水中正離子較多，則前內側面比后內側面的電勢高B．前內側面的電勢一定低于后內側面的電勢，與哪種離子多無關C．污水中離子濃度越高，電壓表的示數越大D．污水流量Q與電壓U成正比，與ab無關三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）重力加速度是重要的物理常數，可以設計多種測量重力加速度的方法。某物理興趣小組同學設計出了一種測量方案：如右圖所示，兩個質量已知（A物塊的質量mA、B物塊的質量mB）且質量不同小物塊A和B，分別系在一條跨過光滑的定滑輪（質量不計）的輕軟繩兩端，而定滑輪通過一彈簧測力計豎直懸掛著，若選定物塊A由靜止開始下落進行研究。(1)要測出重力加速度，還需要測出的物理量是_____________（選填“物塊A下落的距離h”或“物塊A下落的距離h所用的時間t”或“測力計的示數F”）。(2)由已知的物理量和測出的物理量得到重力加速度的表達式g=_______（用已知的物理量和測出的物理量符號表示）。12．（12分）某實驗小組利用如圖1所示的實驗裝置驗證動量守恒定律．實驗的主要步驟如下：（1）用游標卡尺測量小球A、B的直徑d，其示數均如圖2所示，則直徑d＝________mm，用天平測得球A、B的質量分別為m1、m2.（2）用兩條細線分別將球A、B懸掛于同一水平高度，且自然下垂時兩球恰好相切，球心位于同一水平線上．（3）將球A向左拉起使其懸線與豎直方向的夾角為α時由靜止釋放，與球B碰撞后，測得球A向左擺到最高點時其懸線與豎直方向的夾角為θ1，球B向右擺到最高點時其懸線與豎直方向的夾角為θ2.（4）若兩球碰撞前后的動量守恒，則其表達式為__________________；若碰撞是彈性碰撞，則還應滿足的表達式為________________________．(用測量的物理量表示)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，M、N為兩平行金屬板，其間電壓為U．質量為m、電荷量為＋q的粒子，從M板由靜止開始經電場加速后，從N板上的小孔射出，并沿與ab垂直的方向由d點進入△abc區域，不計粒子重力，已知bc＝l，∠c＝60°，∠b＝90°，ad＝l．(1)求粒子從N板射出時的速度v0；(2)若△abc區域內存在垂直紙面向外的勻強磁場，要使粒子不從ac邊界射出，則磁感應強度最小為多大？(3)若△abc區域內存在平行紙面且垂直bc方向向下的勻強電場，要使粒子不從ac邊界射出，電場強度最小為多大？14．（16分）一彈簧振子的振動圖像如圖所示，求：(1)振子簡諧運動振幅A、周期T分別是多少，寫出該簡諧運動的表達式；(2)振子做簡諧運動20s時的位移是多少？前20S的總路程是多少？15．（12分）如圖所示，等腰直角三角形ABC為某透明介質的橫截面，O為BC邊的中點，位于O點處的點光源在透明介質內向各個方向發射光線，其中從AC邊上的D點射出的光線平行于BC，且OC與OD夾角為15°，從E點射出的光線垂直BC向上。已知BC邊長為2L。求：（1）該光在介質中發生全反射的臨界角C；（2）DE的長度x。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

A.該交變電流的頻率為f=ω2π=100πB.根據U1U2=nC.開關閉合后，副線圈輸出電壓不變，燈泡A的亮度不變，故C錯誤。D.開關閉合后，電流表的示數變為原來的2倍，故D正確。2、B【解析】

無論波長為多大，P點總是亮點；P1點光程差是波長為600nm的橙光波長的整數倍，形成明條紋．則P1處為波長為400nm的紫光半波長的（n=）的奇數倍，則P1處出現暗條紋，故B正確，ACD錯誤．故選B．【點睛】解決本題的關鍵知道波峰與波峰或波谷與波谷疊加，振動加強，波峰與波谷疊加，振動減弱．通過該關系知道形成明條紋或暗條紋的條件．3、B【解析】

A.3000mAh表示電池用3000mA的電流放電時，可以持續一個小時，其對應的是電荷量，不是電能，故A錯誤；B、“11.55Wh”表示該電池儲存的電能最多為:故B正確；C.電容中容納的電量取決于其電壓值，如果充電后電壓很小，則電量很小，故超級電容容納的電量不一定比電池釋放的電荷量多，故C錯誤；D、由可得:則對應的功率:故D錯誤。4、C【解析】

AB、在滑動變阻器的滑片P由a向b移動的過程中，變阻器并聯的總電阻先增大后減小，根據閉合電路歐姆定律分析可知，電路中的總電流I先減小后增大，則電流表的讀數先減小后增大，R0的功率先減小后增大．故A錯誤，B錯誤；C、由于電源的內阻與外電阻的關系未知，若電源的內阻一直比外電阻小，則電源的輸出功率先減小后增大．故C正確；D、電壓表測量路端電壓，根據閉合電路歐姆定律得：U=E﹣Ir得：△U/△I=r，不變，故D錯誤．故選C．【點睛】在滑動變阻器的滑片P由a向b移動的過程中，變阻器并聯電阻先增大后減小，根據閉合電路歐姆定律分析電路中總電流的變化，確定電流表示數的變化、R0的功率變化和路端電壓的變化．根據電源內外電阻的關系分析電源輸出功率的變化．根據閉合電路歐姆定律分析△U/△I的變化．5、B【解析】試題分析：布朗運動實際是液體分子無規則運動時對花粉顆粒撞擊時的不平衡致使花粉顆粒做無規則運動所形成的，所以布朗運動顯示的并不是液體分子的無規則運動，而是花粉顆粒的運動，故A是不對的；B是正確的；由于溫度是分子的平均動能的標志，故溫度降低時，其分子平均動能會減小，而不是每個分子的動能減小，故C是不正確的；溫度低的物體其內能不一定小，因為物體的溫度低，但如果其質量大，其內能也可能大于溫度比它高的物體，所以D也是不對的，該題選B．考點：布朗運動，內能的概念，溫度與分子平均動能的關系．6、D【解析】

線圈以ab邊為軸按圖示方向勻速轉動，從cd邊剛好進入磁場開始計時，線圈磁通量在變大，則感應電流的磁場會阻礙其變大，電流大小逐漸減小，所以感應電流方向是adcba，即電流方向為負，感應電動勢大小在漸漸變小，因此選D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

設右管被封閉氣體上方的水銀柱的高度為h′，氣體的壓強，解得：h′=hAB.若再向左管注入些水銀穩定后，研究被封閉的氣體，氣體上方的水銀柱高度不變，所以氣體的壓強不變，仍然有h′=h，故AB錯誤；C.若再向右管注入些水銀，穩定后，因被封閉氣體上方的水銀柱變長，被封閉的氣體壓強增大，a、b兩水銀面的高度差變大，h會變大，選項C正確D.由AB的分析可知，向左管中注入水銀，對a、b兩水銀面的高度差無影響，由C的解答可知，向右管中注入水銀，會使a、b兩水銀面的高度差變大，所以同時向兩管同時注入些水銀，穩定后h變大，選項D正確．8、CD【解析】

以液柱h為研究對象，由受力平衡可知：p=p0+ph，則有：A.環境溫度降低時，大氣壓強不變，而封閉氣體壓強減小，重新達平衡后h減小，故A錯誤；

B.大氣壓強增大時，氣體的壓強變大，體積減小，液柱將左移使左側液面上移，故重新平衡后高端的高度差減小，故B錯誤；C.向右管加入水銀時，左側液面上升使左側氣體壓強增大，大氣壓強不變，故重新平衡后，由上式可得h變大，故C正確；D.U型管自由下落時，液柱失重故對氣體沒有壓力，內外壓強相等，而此時左側氣體壓強變為p0，即壓強減小，故在自由下落中體積要增大，故液柱右移，高度差h增大，故D正確．9、BC【解析】A、根據合外力指向軌跡的凹側，由圖可知在b點，電場力水平向右，由于粒子帶負電，電場力的方向與電場方向相反，所以帶負電，帶正電，故A錯誤；B、粒子在b點的速度小于在c點的速度，所以粒子在b點的動能小于在c點的動能，粒子在b點的電勢能大于在c點的電勢能，根據可知c點的電勢高于b點的電勢，由圖和對稱性可知a點的電勢等于c點的電勢，所以所以a點的電勢高于b點的電勢，故B正確；C、由圖和對稱性可知a點的電勢等于c點的電勢，a點的電勢能等于c點的電勢能，所以粒子經過a、c兩點時的動能相等，故C正確；D、粒子在b點受到的電場力與速度垂直，根據可知粒子在b點受到的電場力功率為零，而在c點受到的電場力功率不為零，所以粒子在b點受到的電場力功率小于在c點受到的電場力功率，故D錯誤；故選BC．10、BD【解析】

正負離子流動時，受到洛倫茲力，發生偏轉，正離子偏轉到哪一個表面，哪一個表面電勢就高．兩表面上有正負電荷，之間就存在電場，最終正負離子在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡．【詳解】正負離子流動時，根據左手定則，正離子受洛倫茲力向里，向后表面偏轉，所以后表面上帶正電荷，前表面上帶負電荷，前表面電勢比后表面低。故A錯誤，B正確。最終正負離子在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡，有q＝qvB，流量Q=vS=vbc，所以．與離子濃度無關。故C錯誤。由，知污水流量Q與電壓成正比，與a、b無關。故D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、測力計的示數FF(m【解析】

（1）由牛頓第二定律對A：mAg?F2＝mAa，

對B：F2?mBg＝mBa，

解得：g要測出重力加速度，還需要測出的物理量是測力計的示數F；（2）重力加速度的表達式g=F12、22.0【解析】

（1）直徑d＝2.2cm+0.1×0=2.20cm=22.0mm（2）設懸線長度為L，則A球到達最低點時的速度：；碰后A球的速度：；碰后B球的速度：；若兩球碰撞前后的動量守恒，則其表達式為m1v=m2v2-m1v1，即；即化簡后可得碰撞是彈性碰撞，則還應滿足的表達式為，即：，即：m1cosα＝m1cosθ1－m2(1－cosθ2)點睛：此題關鍵是要搞清實驗的原理，注意碰撞前后的速度方向；知道彈性碰撞所滿足的能量關系即可列式.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)；(2)；(3)；【解析】

試題分析：粒子在加速電場中加速時只有電場力做功，根據動能定理求得粒子射出N時的速度大小；粒子在磁場作用下做勻速圓周運動，作出粒子不從ac邊射出時粒子圓周運動的臨界軌跡，根據幾何關系求得圓周運動的最大半徑，再根據洛倫茲力提供圓周運動向心力求得磁感應強度多大；粒子進入電場做類平拋運動，根據要求粒子不從ac邊界射出，則粒子到達ac邊界時，粒子速度方向與ac邊界平行，根據類平拋運動求解即可．（1）帶電粒子在MN間加速，由動能定理可得：可得粒子從N射出時的速度：（2）帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，磁感應強度越大，粒子做圓周運動的半徑越小，當磁感應強度最小