1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖所示斜面體A放在粗糙的水平面上，物塊B放在粗糙的斜面體A上，輕質彈簧兩端分別與物塊B及固定在斜面體底端的擋板P拴接

2、（彈簧與斜面平行），彈簧處于拉伸狀態，斜面體上端有一定滑輪固定在斜面體上端的擋板處，現通過輕繩（定滑輪兩側輕繩夾角保持90）用一垂直斜面的力通過定滑輪拉物塊B，從零開始逐漸增大，A、B始終靜止。則該過程中，下列說法正確的是A.彈簧對擋板的拉力增大B.物塊對斜面體的壓力減小C.斜面體和物塊間的摩擦力可能減小，也可能增大D.斜面體對地面的壓力不變2、甲、乙兩個金屬球，甲的重量是乙的2倍，從同一高度同時自由下落，下列說法正確的是A.兩球同時落地B.甲球先落地C.甲球落地時速度較大D.同一時刻在空中的位置不一定相同3、有關做自由落體運動的物體的說法，正確的是()A.路程等于位移大小B.速度與下落時間二

3、次方成正比C.加速度不斷增加D.位移與下落時間成正比4、一輛玩具車運動的v-t圖象如圖所示，下列說法正確的是A.2s末玩具車運動的速度大小為10m/sB.在02s內玩具車運動的加速度大小為10m/s2C.在04s內玩具車先做勻加速直線運動后靜止D.在04s內玩具車運動的位移大小為20m5、以下說法中正確的是（）A.在水平地面上滑動的木塊最終停下來，是由于沒有外力維持木塊運動的結果B.鋼絲繩吊起貨物加速上升時，鋼絲繩對貨物的拉力大于貨物對鋼絲繩的拉力C.射出槍膛的子彈在運動相當長一段距離后連一件棉衣也穿不透，這表明它的慣性變小了D.火箭加速上升時，火箭發動機的推力大于火箭的重力6、下列說法中正確

4、的是( )A.伽利略認為重的物體比輕的物體下落快B.牛頓發現并總結了彈簧彈力與形變量的關系C.牛頓第一定律也稱為慣性定律D.速度的定義式表示的是t時刻的瞬時速度7、如圖所示，A、B球的質量相等，彈簧的質量不計，傾角為的斜面光滑，系統靜止，彈簧與細線均平行于斜面，在細線被燒斷的瞬間，下列說法正確的是（）。A.B球的受力情況未變，瞬時加速度為零B.兩個小球的瞬時加速度均沿斜面向下，大小均為gsinC.A球的瞬時加速度沿斜面向下，大小為2gsinD.彈簧有收縮的趨勢，B球瞬時加速度向上，A球的瞬時加速度向下，兩球的瞬時加速度都不為零8、在粗糙的水平面上，物體在水平推力的作用下，由靜止開始做勻加速直線

5、運動，經過一段時間后，將水平推力逐漸減小到零（物體不停止），在水平推力減小到零的過程中（）A.物體的速度一直增大B.物體的速度先增大后減小C.物體的加速度（大小）一直減小D.物體的加速度（大小）先減小后增大9、如圖甲所示，在粗糙水平面上，物塊A在方向恒定為水平向右的外力F的作用下做直線運動，其速度時間圖象如圖乙所示，下列判斷正確的是：A.在01s內，外力F不斷增大B.在1s3s內，外力F的大小恒定C.3s4s內，外力F不斷減小D.在3s4s內，外力F的大小恒定10、如圖所示，吊籃A、物體B、物體C的質量分別為m、3m、2m，B和C分別固定在彈簧兩端，彈簧的質量不計B和C在吊籃的水平底板上處于靜

6、止狀態將懸掛吊籃的輕繩剪斷的瞬間（）A.吊籃A的加速度大小為gB.物體B的加速度大小為0C.物體C的加速度大小為2gD.A對C的支持力大小等于5mg11、在電梯的地板上放置一個壓力傳感器，在傳感器上放一個重量為20N的物塊，如圖甲所示，計算機顯示出傳感器所受物塊的壓力大小隨時間變化的關系，如圖乙，根據圖象分析得出的結論中正確的是（）A.從時刻t1到t2，物塊處于失重狀態B.從時刻t3到t4，物塊處于失重狀態C.電梯可能開始停在低樓層，先加速向上，接著勻速向上，再減速向上，最后停在高樓層D.電梯可能開始停在高樓層，先加速向下，接著勻速向下，再減速向下，最后停在低樓層12、從勻速上升的氣球上掉下一

7、個小物體，從這時開始（不計空氣阻力）（）A.物體的加速度為gB.物體做自由落體運動C.氣球仍勻速上升D氣球將加速上升二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）如圖所示，物體在三個共點力的作用下保持平衡。這三個力的合力大小是_。如果撤去力F1，而保持其余兩個力不變，這兩個力的合力方向_。14、（10分）在做“探究彈簧彈力與彈簧形變的關系”實驗時：甲同學將彈簧水平放置測出其自然長度，然后豎直懸掛讓其自然下垂，在其下端施加豎直向下的外力，通過實驗得出彈簧彈力與彈簧形變量的關系，此操作對實驗結果產生影響的原因是_乙同學按正確操作步驟進行實驗，但未測量彈簧原長和形變量，而是每次測出彈簧

8、的總長度，并作出外力與彈簧總長度的關系圖線如圖所示，由圖可知，該彈簧的原長為_；該彈簧的勁度系數為_丙同學通過實驗得出彈簧彈力與彈簧形變量的關系圖線如圖所示，造成圖線后來彎曲的原因是_三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，電燈的重力為，繩OA與天花板間的夾角為繩OB水平，取求：（1） 繩OB所受的拉力大小？（2） 若OA、OB繩的最大拉力均為25N，通過計算判斷能否在O點掛一個重力為20N的小吊燈（小吊燈自身的掛繩不會斷掉）？16、（12分）集美大橋對緩解廈門進出島擁堵問題具有重要意義某汽車在集美大橋上以的速度勻速行駛駕駛員某時刻發現與前車車距太小，

9、他立即采取制動措施，以此時刻為計時起點汽車以加速度大小為做勻減速直線運動4s后發現與前車距離較遠了，他立即踩油門汽車以加速度大小為做勻加速直線運動且持續時間8s，此后做勻速直線運動求：前4s內汽車的位移大小；集美大橋限速，通過計算判斷該汽車是否超速17、（12分）汽車在平直的高速公路上行駛的速度為108 km/h，若駕駛員發現前方100 m處發生了交通事故，馬上緊急剎車，剎車后的加速度大小為5 m/s2.(1)汽車剎車后8 s的速度是多少？(2)汽車剎車后8 s位移是多少？(3)該汽車是否會有安全問題？參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分

10、）1、C【解析】AA、B始終靜止，彈簧的形變量未變，所以彈力未變，則彈簧對擋板P的拉力未變，故A錯誤；B設斜面的傾角為，B在垂直斜面方向受斜面的支持力、沿斜面向下的重力的分力mgsin，重力的分力不變，則斜面對B的支持力不變，物塊B對斜面體A的壓力不變，故B錯誤；C彈簧處于拉伸狀態，設彈力為F彈，B受到的摩擦力沿斜面向上，由平衡條件得：F較小時，F+f=F彈+mgsin，F較大時，F=F彈+mgsin+f，隨著F的增加，摩擦力f向上先減小，后反向向下增加，故C正確；D對整體受力分析知，F由豎直向上的分力，所以豎直方向地面對A的支持力減小，則由牛頓第三定律可知斜面體A對地面的壓力減小，故D錯誤。

11、故選C。2、A【解析】兩物體做自由落體運動，加速度相同，都為g高度相同，則落地時間相同，落地時的速度相等，在下落的過程中位移相同【詳解】A、B項：兩物體做自由落體運動，加速度相同，都為g根據知，高度相同，落地時間相同，故A正確，B錯誤；C項：根據v=gt知，落地時間相同，則落地的速度相同，故C錯誤；D項：根據知，同一時刻下落的高度相同，故D錯誤故應選：A【點睛】該題比較簡單，關鍵知道自由落體運動是初速度為0，加速度為g的勻加速直線運動，自由下落的時間、速度與質量無關，只與高度有關3、A【解析】自由落體運動做勻加速直線運動，路程等于位移的大小，故A正確自由落體運動做初速度為零的勻加速直線運動，根

12、據v=gt知，速度與下落的時間成正比，故B錯誤自由落體運動的加速度不變，故C錯誤根據知，位移與下落的時間的平方成正比，故D錯誤故選A4、A【解析】A由v-t圖象可知，2s末玩具車運動的速度大小為10m/s，故A正確；Bv-t圖象的斜率代表加速度，02s內玩具車運動的加速度大小為：故B錯誤；C由v-t圖象可知，在04s內玩具車先做勻加速直線運動后做勻速直線運動，故C錯誤；Dv-t圖象包圍的面積代表位移，在04s內玩具車運動的位移大小為：故D錯誤；故選A。5、D【解析】A在水平地面上滑動的木塊最終停下來，是由于有摩擦力作用，外力的作用使得木塊運動狀態變化，選項A錯誤；B鋼絲繩吊起貨物加速上升時，鋼

13、絲繩對貨物的拉力與貨物對鋼絲繩的拉力是一對作用與反作用力，大小是相等的關系，選項B錯誤；C射出槍膛的子彈在運動相當長一段距離后連一件棉衣也穿不透，是因為它的速度變小了，但是由于質量沒變，則慣性不變，選項C錯誤；D火箭加速上升時，火箭發動機的推力大于火箭的重力，選項D正確。故選D。6、C【解析】A、伽利略認為重的物體和輕的物體下落一樣快，亞里士多德認為重的物體比輕的物體下落快，故A錯誤；B、胡克發現并總結了彈簧彈力與伸長量的關系，故B錯誤；C、牛頓第一定律也稱為慣性定律，故C正確；D、速度表達式表示t時間內的平均速度，當時間t變得很短，無限接近零時，我們認為此時的平均速度可看作某一時刻的速度即瞬

14、時速度，采用的是極限思維法，故D錯誤【點睛】本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發現、發明、著名理論要加強記憶，這也是考試內容之一，同時要注意速度的表達式7、AC【解析】設兩球的質量均為m，對B分析，知彈簧的彈力當燒斷細線的瞬間，彈簧的彈力不變，隔離對B分析，B的受力情況不變，合力為零，則瞬時加速度為零。對A，根據牛頓第二定律得方向沿斜面向下，故AC正確，BD錯誤。故選AC。【點睛】該題是牛頓第二定律的直接應用，本題要注意細線被燒斷的瞬間，細線的拉力立即減為零，但彈簧的彈力不發生瞬間改變，該題難度適中。8、BD【解析】根據牛頓第二定律：F-f=ma則當水平推力F減小到零的過程中，加

15、速度先減小后反向變大，物體先加速后減速，故選項AC錯誤，BD正確；故選BD。9、BC【解析】在速度時間圖象中，某一點縱坐標代表此時刻的瞬時速度；某點切線的斜率代表該時刻的加速度，向右上方傾斜，加速度為正，向右下方傾斜加速度為負。結合牛頓第二定律判斷受力情況。【詳解】A在01s內，直線的斜率不變，加速度不變，由牛頓第二定律得：可知外力F恒力，故A錯誤；B在13s內，速度不變，物體做勻速直線運動，加速度等于零故外力F的大小恒定，故B正確；CD在34s內，斜率越來越大，說明加速度越來越大，所以物體做加速度增大的減速運動，由牛頓第二定律得：得：f、m不變，a增大，F減小，故C正確，D錯誤。10、BC【

16、解析】A、裝置靜止時，彈簧的彈力，剪斷輕繩的瞬間，彈簧的彈力不變，將C和A看成一個整體，根據牛頓第二定律得：，即A、C的加速度均為2g，方向向下，故A錯誤，C正確；B、剪斷輕繩的瞬間，彈簧的彈力不變，B的合力仍然為零，則B的加速度為0，故B正確；D、設A對C的支持力為，則對C由牛頓第二定律得：，解得A對C的支持力大小，故D錯誤11、BC【解析】A從時該t1到t2，物體受到的壓力大于重力時，物體處于超重狀態，加速度向上，故A錯誤；B從時刻t3到t4，物體受到的壓力小于重力，物塊處于失重狀態，加速度向下，故B正確；C如果電梯開始停在低樓層，先加速向上，接著勻速向上，再減速向上，最后停在高樓層，那么

17、應該從圖象可以得到，壓力先等于重力、再大于重力、然后等于重力、小于重力、最后等于重力，故C正確；D如果電梯開始停在高樓層，先加速向下，接著勻速向下，再減速向下，最后停在低樓層，那么應該是壓力先等于重力、再小于重力、然后等于重力、大于重力、最后等于重力，故D錯誤；故選BC。12、AD【解析】A、由于不計空氣阻力，物體掉下后，只受重力，加速度等于重力加速度，故A正確；B、物體原來與氣球具有相同速度上升，當從氣球上掉下后，由于慣性，保持原來向上的速度，先繼續上升，做豎直上拋運動，故B錯誤；C、氣球受到空氣的浮力不變，物體掉下后合外力豎直向上，氣球加速上升，故C錯誤，D正確二、實驗題（本題共16分，答

18、案寫在題中橫線上）13、 .0 .與F1的方向相反【解析】12物體在三個共點力的作用下保持平衡，這三個力的合力大小是0。因三力平衡時，任意兩個力的合力與第三個力等大反向，則如果撤去力F1，而保持其余兩個力不變，這兩個力的合力方向與F1的方向相反。14、 .彈簧自身有重量 .10cm .50N/m .外力已超過彈性限度【解析】由于彈簧自身重力的影響，彈簧豎直懸掛時，彈簧在沒有外力的情況下已經伸長了一段距離，故作出的F-x圖像不過坐標原點；由圖線和坐標軸交點的橫坐標表示彈簧的原長可知彈簧的原長為10cm；當拉力為10N時，彈簧的形變量為x301020cm0.2m，由胡克定律Fkx得：k50N/m；丙圖，當彈力達到一定范圍時，出現拉力與形變量不成正比，說明彈力超出最大限度三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（1）4N（2）不能掛起G=20N小吊燈【解析】對點O受力分析，受三個拉力，作出力圖，根據平衡條件并結合合成法列式求解【詳解】(1) 對點O受力分析如圖：由平衡條件得：F=GFB=mgtan45o=4N；(2)G=20N時，FB=20N，FA=28.2N，大于25N.不能掛起G=2