1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、如圖所示，在兩塊相同的豎直木塊之間，有質量均為m的4塊相同的磚，用兩個大小均為F的水平力壓木板，使磚靜止不動，則第2塊磚對第3塊磚的摩擦力大小為

2、()A.0B.mgC.D.2、如圖所示，為了行車方便與安全，高大的橋要造很長的引橋，其主要目的是（ ）A.減小過橋車輛受到的摩擦力B.減小過橋車輛的重力C.減小過橋車輛對引橋面的壓力D.減小過橋車輛的重力平行于引橋面向下的分力3、一雨滴從空中由靜止開始沿豎直方向下落，雨滴下落過程中所受重力保持不變，其速度-時間圖像如圖所示，關于雨滴在加速階段的受力和運動情況，以下判斷正確的是A.雨滴下落過程中只受重力B.雨滴下落過程中加速度恒定不變C.雨滴下落過程受到逐漸增大的空氣阻力D.雨滴下落過程中速度隨時間均勻增加4、如圖所示，物塊 A，B，C 質量分別是為 m，2m，3mA 與天花板間，B 與 C 之

3、間用輕彈簧相連當系統平衡后，突然把 AB 間繩子燒斷，在繩斷瞬間 A，B，C 的加速度（以向下為正方向）分別為( )A.g，g，gB.-5g，2.5g，0C-5g，2g，0D.-g，2g，3g5、大小分別為30N和20N的兩個力，其合力的大小不可能等于（）A.5NB.12NC.32ND.50N6、下面對教材中的插圖理解正確的是（）A.甲圖中飛機上的人與地面上的人觀察跳傘者運動不同的原因是選擇了不同的參考系B.乙圖桌面以上的裝置可以觀察桌面微小形變C.丙圖中重力的分力F2就是壓力D.丁圖中電梯正在上升即將達到某樓層開始制動過程中體重計的讀數變小7、如圖所示，放在水平桌面上的質量為1kg 的物體，

4、通過水平輕繩a、b與水平輕彈簧甲、乙連接，物體靜止時彈簧測力計甲和乙的讀數分別為7N和3N，則剪斷輕繩b瞬時，物體的加速度可能為A.4B.2C.1D.08、如圖所示，質量均為m的物塊A、B用輕彈簧相連放置于傾角為的光滑固定斜面上，物塊B與垂直于斜面的擋板C接觸，物塊A系一輕質細繩，細繩繞過斜面頂端的定滑輪系一重物D，細繩與輕彈簧均與斜面平行，平衡時物塊B恰好不離開擋板。已知彈簧的勁度系數為k，重力加速度為g，某一瞬間剪斷細繩，則下列說法正確的是（）A.重物D的重力為B.剪斷細繩后，物塊A下滑過程中加速度一直增大C.剪斷細繩瞬間，物塊A的加速度大小為D.物塊A下滑過程中速度最大時，彈簧的縮短量9

5、、如圖是某物體做直線運動的速度圖象,下列有關物體運動情況（0st8s）判斷正確的是（）A.在8s時間內加速度的大小一直為5m/s2B.2s末物體離出發點最遠C.4s末物體距出發點最遠D.在8s時間內做勻變速直線運動10、如圖所示，質量為2kg的小球A用長為0.5m的細線懸掛在豎直墻壁上的O點，球與墻壁之間水平夾著一根勁度系數為100N/m的輕質彈簧，平衡時，細線與豎直方向的夾角為37，取g10m/s2，sin370.6，cos370.8，則下列判斷正確的是（）A.小球A處于失重狀態B.細線上的拉力大小為25NC.彈簧的原長為0.45mD.若細線突然斷開，則細線斷開瞬間小球的加速度大小為10m/

6、s2二、實驗題11、（4分）某同學在“探究加速度與力、質量的關系”的實驗中，采用如圖所示裝置進行實驗（1）為了完成實驗，除了圖1中所示的器材外，還需要以下實驗器材中的_A秒表 B天平 C彈簧測力計D毫米刻度尺 E低壓交流電源（2）探究小車加速度和力的關系：他先用墊木把長木板的一端墊高來平衡摩擦力掛上小桶，每次往桶中加入適量的沙來改變小車受到的力，相應地測出小車獲得的加速度在該實驗中，所用交流電的頻率為50Hz某次實驗中得到的一條紙帶如圖2所示，從比較清晰的某點起，取五個計數點，分別標明0、1、2、3、4量得S1=2.15cm，S2=2.90cm，S3=3.70cm，S4=4.40cm，則打“3

7、”點時小車的瞬時速度大小為_m/s，利用逐差法求得小車的加速度大小為_m/s2（結果均保留三位有效數字）（3）若甲、乙兩同學用同一裝置做實驗，為方便對比，兩個同學畫圖時橫、縱軸坐標的標度都是一樣的，各自得到了aF圖象如圖3所示圖象的斜率不同說明兩位同學使用器材中的_是不同的，且大小關系是_（4）若丙同學多次測量做出aF圖象如圖4所示，發現該圖線不通過原點，且圖線的BC段明顯偏離直線，分析可能的原因_A摩擦力平衡過度 B平衡摩擦力時傾角太小C所用小車的質量太大 D所掛桶和沙的總質量太大12、（10分）如圖所示為“研究物體做勻變速直線運動”實驗中獲得的一條紙帶，a、b、c、d為計數點，相鄰計數點時

8、間間隔為0.1s其中b點的瞬時速度為_ m/s（保留三位數）三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）如圖所示，質量M1.0 kg的長木板靜止在光滑水平面上，在長木板的右端放一質量m1.0 kg的小滑塊(可視為質點)，小滑塊與長木板之間的動摩擦因數0.20.現用水平恒力F6.0 N向右拉長木板，使小滑塊與長木板發生相對滑動，經過t1.0 s撤去力F.小滑塊在運動過程中始終沒有從長木板上掉下求： (1)撤去力F時小滑塊和長木板的速度各是多大？(2)小滑塊相對長木板靜止時，小滑塊相對地面運動的總位移

9、14、（14分）三個處于直角坐標系xoy中的共點力的大小方向如圖所示求它們的合力F合的大小和方向。15、（13分）以v0=20 m/s的速度水平拋出一石子,石子落地時的速度方向與水平方向的夾角=37,不計空氣阻力,g=10 m/s2,sin 37=0.6,cos 37=0.8求:（1）石子落地時的速度大小;（2）石子在空中運動的時間;（3）題述過程中石子的位移方向與水平方向夾角的正切值tan 參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、A【解析】

10、將4塊磚看成一個整體，對整體進行受力分析，在豎直方向，共受到三個力的作用：豎直向下的重力4mg，兩個相等的豎直向上的摩擦力f，由平衡條件可得：2f=4mg，f=2mg由此可見：第1塊磚和第4塊磚受到木板的摩擦力均為2mg將第1塊磚和第2塊磚當作一個整體隔離后進行受力分析，受豎直向下的重力2mg，木板對第1塊磚向上的摩擦力f=2mg；由平衡條件可得二力已達到平衡，第2塊磚和第3塊磚之間的摩擦力必為零故選A2、D【解析】ACD對車受力分析，受重力、支持力和阻力，重力的大小方向均不變，重力產生兩個作用效果，使物體沿斜面下滑，使物體緊壓斜面，設斜面傾角為，將重力按照作用效果分解如圖：由幾何關系可得，平

11、行斜面分量為：由于引橋越長，坡角越小，越?。淮怪毙泵娣至繛椋簤毫Φ扔谥亓Υ怪毙泵娣至?，變小，壓力變大，摩擦力變大，故D正確，AC錯誤；B物體重力不變，故B錯誤。3、C【解析】根據雨滴速度-時間圖像可知，雨滴加速度逐漸減小，所以雨滴除受重力外，還受變化的空氣阻力，根據F=ma可知，空氣阻力應逐漸增大，由于雨滴加速度逐漸減小，所以相同時間內雨滴的速度變逐漸減小，由上分析可知，C正確，A、B、D錯誤4、B【解析】AB間繩燒斷前，由平衡條件得知，下面彈簧的彈力大小為F1=mCg=3mg，上面彈簧的彈力大小為F2=（mA+mB+mC）g=6mg，AB間繩的拉力大小為T=（mB+mC）g=5mgAB間繩燒

12、斷前，兩根彈簧的彈力都沒有變化，則對A：此瞬間A所受的合力大小與原來繩子的拉力T大小相等，方向相反，即方向向上，則-5mg=maA，得aA=-5g對B：此瞬間B所受的合力大小與原來繩子的拉力T大小相等，方向相反，即方向向下，則5mg=2maB，得aB=25g對C：由于彈簧的彈力沒有變化，則C的受力情況沒有變化，所以aC=0故選B考點：牛頓第二定律5、A【解析】兩個恒力力合成時，合力隨夾角的增大而減小，當夾角為零時合力最大，夾角180時合力最小，并且；【詳解】兩力合成時，合力范圍為：，故二者合力的范圍為：，由于不在此范圍之內，故選項A符合題意，選項BCD不符合題意【點睛】本題關鍵根據平行四邊形定

13、則得出合力的范圍：6、ABD【解析】運動和靜止是相對的，判斷物體的運動和靜止，首先確定一個參考系，用鏡面反射觀察桌面微小變形時，所用的物理思想方法是放大法，壓力是作用在接觸面上的，重力的分力是在物塊重心上，電梯向上制動時體重計的讀數變小說明人所受支持力減小，處于失重狀態，但重力不變【詳解】甲、乙兩人的說法分別是以飛機和地面作為參考系研究運動的說法都是正確的他們的爭論是由于選擇的參考系不同而引起的，故A正確；用鏡面反射觀察桌面微小變形時，是根據：入射光線不變時，當入射角改變時，反射角改變2，所用的物理思想方法是放大法，故B正確；壓力是作用在接觸面上的，重力的分力是在物塊重心上，故C錯誤；圖丁中電

14、梯向上制動時體重計的讀數變小說明人所受支持力減小，處于失重狀態，但重力不變，故D正確所以ABD正確，C錯誤【點睛】本題考查了參考系、放大法物理思想、力的作用點及失重的問題，屬于概念理解應用類7、BCD【解析】輕繩的彈力和接觸的彈力可以突變，彈簧的彈力和橡皮筋的彈力不能突變；靜摩擦力由外力產生的趨勢決定，和滑動摩擦力的關系滿足【詳解】由題知，物體靜止時受靜摩擦力大小為7N-3N=4N，物體與水平桌面間最大靜摩擦力，所以剪斷輕繩b瞬時，剩下的彈簧a的拉力為7N不變，和最大靜摩擦力的合力，由牛頓第二定律，故選項B、C、D正確，A錯誤.故選BCD.【點睛】本題考查彈簧彈力的性質、最大靜摩擦力及共點力的

15、平衡條件、牛頓第二定律求瞬時加速度等問題，要注意正確分析問題，并能構建合理的物理模型8、CD【解析】A平衡時物塊恰不離開擋板，則滿足故A錯誤；BCD平衡時物塊恰不離開擋板，此時彈簧的拉伸量：剪斷細繩瞬間，彈簧的彈力不變，此時對A根據牛頓第二定律得：解得：此后彈簧的彈力減小，物體A受到的合外力減小，加速度減小，直至為零，此時彈簧處于壓縮狀態，A的速度最大，彈簧的壓縮量為此后，A繼續沿斜面向下運動，加速度方向沿斜面向上，做加速度越來越小的減速運動；故CD正確，B錯誤；故選CD。9、AC【解析】考查v-t圖像?！驹斀狻緼v-t圖中，斜率的絕對值表示加速度的大小，02s，26s，68s，即08s內，加

16、速度大小都5m/s2，A正確；BC由圖可知，04s速度方向不變，4s后速度方向改變，所以4s末離出發點最遠，B錯誤，C正確；D由圖可知，在2s末和6s末，加速度方向發生變化，不是勻變速，D錯誤。故選AC。10、BC【解析】A對小球進行受力分析如圖：可知小球處于平衡狀態，故A錯誤；B細線的拉力：故B正確；C彈簧的彈力：F=mgtan=210tan37N=15N，由幾何關系可知，彈簧的長度：l=Lsin=0.50.6m=0.3m彈簧的壓縮量：所以彈簧的原長：L0=l+x=0.3m+0.15m=0.45m，故C正確；D若細線突然斷開，則細線斷開瞬間小球只受到重力與彈簧的彈力，合力的大小等于細繩的拉力

17、，方向與細繩的拉力的方向相反，所以小球的加速度大小為：故D錯誤；故選BC。二、實驗題11、 (1).BDE (2).0405 (3).0.763 (4).小車質量 (5).m甲m乙 (6).BD【解析】（1）需要刻度尺測量計數點之間的距離大小，打點計時器使用的是低壓交流電源，需要天平測量小車質量，故AC錯誤BDE正確；故選BDE（2）相鄰計數點間的時間間隔T=0.1s，根據勻變速直線運動的推論得：根據x=aT2得：（3）由圖可知在拉力相同的情況下a乙a甲，根據F=ma可得，即aF圖象的斜率等于物體質量的倒數，即m乙m甲故兩人的實驗中小車質量不同（4）A、開始當小車掛上重物時，加速度卻為零，線性

18、圖象不通過坐標原點，故導致圖象不過原點的原因是木板傾角偏小即說明操作過程中平衡摩擦力不足，故B正確，A錯誤；C、從圖象上可以看出：F從0開始增加，砂和砂桶的質量遠小于車的質量，慢慢的砂和砂桶的重力在增加，那么在后面砂和砂桶的質量就沒有遠小于車的質量，由加速度表達式知a逐漸減小，所以圖象向下彎曲，故C錯誤，D正確故選BD。12、520【解析】根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上b點時小車的瞬時速度大小；【詳解】根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上b點時小車的瞬時速度大??；【點睛】要提高應用勻變速直線的規律以及推論解答實驗

19、問題的能力，在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、 (1)2.0 m/s 4.0 m/s (2)2.25 m【解析】（1）小滑塊和長木板均做勻加速運動，分別對小滑塊和長木板受力分析，求出加速度，運用速度時間公式求出速度；（2）撤去拉力后，由于慣性，兩個物體都向前滑動，但由于長木板速度較大，故兩物體間摩擦力不變，小滑塊繼續加速，長木板勻減速，直到兩個物體間相對靜止為止，根據運動學公式可以先求出第二個過程的時間，然后分別求出兩個過程的位移，就得到總位移.【詳解】（1）對長木板施加恒力F的時間內，小滑塊與長木板間相對滑動，小滑塊和長木板在水平方向的受力情況如圖所示小滑塊所受摩擦力Ffmg設小滑塊的加速度為a1，根據牛頓第二定律Ffma1，解得a12.0 m/s2長木板受的摩擦力大小FfFfmg設長木板的加速度為a2，根據牛頓第二定律FFfMa2解得a24.0m/s2經過時間t1.0s，小滑塊的速度v1a1t